2022-2023学年柳州铁一中学高三一诊考试物理试卷含解析.pdf

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1、2023 年高考物理模拟试卷 注意事项 1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回 2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用 05 毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置 3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符 4作答选择题，必须用 2B 铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用 05 毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效 5如需作图，须用 2B 铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小

2、题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、以下仪器能测量基本物理量的是（）A弹簧测力计 B电磁打点计时器 C电压表 D量筒 2、如图所示，理想变压器原、副线圈匝数比为 2:3，两端共接有六只相同的小灯泡 L1、L2、L3、L4、L5和 L6（电阻恒定不变），变压器的原线圈接有输出电压 U 恒定的交流电源，六只小灯泡均发光下列说法正确的是（）AL1、L2、L3三只灯泡亮度一定相同 B小灯泡 L2一定比 L4亮 C交流电源输出电压 U 是小灯泡 L4两端电压的 4.5 倍 DL1消耗的功率是 L2消耗灯泡的 2.25 倍 3、一列简谐横波沿 x 轴正向传播，波形如图所示，波速为 10m/s

3、。下列说法正确的是（）A该波的振幅为 0.5m，频率为 2Hz B此时 P 点向 y 轴负方向运动 C再经 0.9s，Q 点有沿 y 轴正方向的最大加速度 D再经 1.05s，质点 P 沿波传播方向迁移了 10.5m 4、2019 年 4 月 10 日，世界上第一张黑洞照片诞生了，证实了神秘天体黑洞的存在。黑洞是宇宙中质量巨大的一类天体，连光都无法逃脱它的引力束缚。取两天体相距无限远时引力势能为零，引力势能表达式为pGMmEr ，已知地球半径 R=6400km，光速 c=3x108m/s。设想把地球不断压缩（保持球形不变），刚好压缩成一个黑洞时，地球表面的重力加速度约为（）A7109m/s2

4、B71010m/s2 C1.41010m/s2 D1.41011m/s2 5、如图，虛线 1、2、3 是竖直方向匀强电场中间距相等的等势线。将重力不可忽略、带等量异种电荷的小球a、b同时以相等的速率分别沿 1、3 等势线抛出，t时刻两小球经过等势线 2。不计两小球间的相互作用。下列说法正确的是（）Aa的质量比b的小 B在t时刻，a的动能比b的大 C在t时刻，a和b的电势能相等 D在t时刻，a和b的动量大小相等 6、在真空中某点电荷 Q 的电场中，将带电荷量为 q 的负试探电荷分别置于 a（0,0,r）、b 两点时，试探电荷所受电场力的方向如图所示，Fa、Fb分别在 yOz 和 xOy 平面内，

5、Fa与 z 轴负方向成60角，Fb与 x 轴负方向成60角。已知试探电荷在 a 点受到的电场力大小为 Fa=F，静电力常量为 k。则以下判断正确的是（）A电场力的大小 Fb大于 F Ba、b、O 三点电势关系为abO C点电荷 Q 带正电，且大小为24FrQkq D在平面 xOz 上移动该试探电荷，电场力不做功 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、下列说法不正确的是_。A竖直玻璃管里的水银面不是平面，而是“上凸”的，这是因为水银对玻璃管不浸润的

6、结果 B相对湿度是空气里水蒸气的压强与大气压强的比值 C物理性质表现为各向同性的固体一定是非晶体 D压缩气体需要用力，这是气体分子间有斥力的表现 E.汽缸里一定质量的理想气体发生等压膨胀时，单位时间碰撞器壁单位面积的气体分子数一定减少 8、如图水平且平行等距的虚线表示某电场三个等势面，电势值分别为U、O、U0U，实线是电荷量为q 的带电粒子的运动轨迹，a、b、c 为轨迹上的三点，且都位于等势面上，不计重力。下列说法正确的（）A若粒子在 a 点的动能为 2eV，则在 c 点的动能可能为 0 B粒子在 b 点所受电场力方向水平向右 C粒子在三点的电势能大小为pppbacEEE D粒子从 a 到 c

7、 过程中电场力对它做的功为 qU 9、如图所示，水平传送带以恒定的速度 v 运动，一质量为 m 的小物块轻放在传送带的左端，经过一段时间后，物块和传送带以相同的速度一起运动。已知物块与传送带间的动摩擦因数为，重力加速度为 g，则()A物块加速运动时的加速度为 g B物块加速运动的时间为2vg C整个过程中，传送带对物块做的功为12mv2 D整个过程中，摩擦产生的热量为 mv2 10、一小球从地面竖直上抛，后又落回地面，小球运动过程中所受空气阻力与速度成正比，取竖直向上为正方向下列关于小球运动的速度 v、加速度 a、位移 s、机械能 E 随时间 t 变化的图象中可能正确的有 A B C D 三、

8、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）某同学利用图甲电路测量自来水的电阻率，其中内径均匀的圆柱形玻璃管侧壁连接一细管，细管上加有阀门 K 以控制管内自来水的水量，玻璃管两端接有导电活塞(活塞电阻可忽略)，右侧活塞固定，左侧活塞可自由移动，实验器材还有：电源(电动势约为 2 V，内阻不可忽略)两个完全相同的电流表 A1、A2(量程为 3 mA，内阻不计)电阻箱 R(最大阻值 9 999)定值电阻 R0(可供选择的阻值有 100、1 k、10 k)开关 S，导线若干，刻度尺 实验步骤如下：A测得圆柱形玻璃管内径 d20 mm B向

9、玻璃管内注自来水，并用刻度尺测量水柱长度 L C连接好电路，闭合开关 S，调整电阻箱阻值，读出电流表 A1、A2示数分别记为 I1、I2，记录电阻箱的阻值 R D改变玻璃管内水柱长度，多次重复实验步骤 B、C，记录每一次水柱长度 L 和电阻箱阻值 R E断开 S，整理好器材(1)为了较好的完成该实验，定值电阻 R0应选_(2)玻璃管内水柱的电阻 Rx的表达式 Rx_(用 R0、R、I1、I2表示)(3)若在上述步骤 C 中每次调整电阻箱阻值，使电流表 A1、A2示数均相等，利用记录的多组水柱长度 L 和对应的电阻箱阻值 R 的数据，绘制出如图乙所示的 RL 关系图像，则自来水的电阻率 _ m(

10、保留两位有效数字)，在用本实验方法测电阻率实验中，若电流表内阻不能忽略，则自来水电阻率测量值与上述测量值相比将_(选填“偏大”“不变”或“偏小”)12（12 分）某多用表内部的部分电路如图所示，已知微安表表头内阻 Rg=100，满偏电流 Ig=200A，定值电阻 R1=2.5，R2=22.5，电源电动势 E=1.5V，则该多用表 （1）A 接线柱应该是与_（填“红”或“黑”）表笔连接；（2）当选择开关接_（填“a”或“b”）档时其对应的电阻档的倍率更高；（3）若选 a 档测量电阻，则原表盘 100A，对应的电阻刻度值应当为_；原表盘 50A 的刻度，对应的电阻刻度值应当为_。四、计算题：本题共

11、 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图所示，半径7 5mR.的四分之一光滑圆弧QP竖直放置，与粗糙水平地面平滑连接于P点，整个空间存在场强大小32 10 V/mE 的匀强电场，竖直边界MP右侧电场方向水平向右，左侧电场方向竖直向上；小物块A B、（视为质点）大小形状相同，A电荷量为35 10 Cq ，B不带电，质量3kgAm，1kgBm。从Q点由静止释放A，与静止在地面上D点的B碰撞。已知A B、与地面间动摩擦因数均为0.2，P、D 间距离016 5mx.，g取210m/s，A B、间碰撞为弹性碰撞且碰撞时间极短

12、。求：（1）物块A运动到P点时，受到圆弧轨道支持力的大小；（2）物块A B、碰撞后瞬间，AB、速度的大小和方向；（3）物块A B、第一次碰撞后，过多长时间发生第二次碰撞。14（16 分）如图所示，水平传送带与固定斜面平滑连接，质量为 m1kg 的小物体放在斜面上，斜面与水平方向的夹角为 37，若小物体受到一大小为 F20N 的沿斜面向上的拉力作用，可以使小物体从斜面底端 A 由静止向上加速滑动。当小物体到达斜面顶端 B 时，撤去拉力 F 且水平传送带立即从静止开始以加速度 a01m/s2沿逆时针方向做匀加速运动，当小物体的速度减为零时刚好滑到水平传送带的右端 C 处。小物体与斜面及水平传送带间

13、的动摩擦因数均为 0.5，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，AB 间距离 L5m，导槽 D 可使小物体速度转为水平且无能量损失，g10m/s2。已知 sin370.6，cos370.8，求：(1)小物体运动到 B 点的速度(2)小物体从 A 点运动到 C 点的时间(3)小物体从 B 点运动到 C 点的过程中，小物体与传送带间由于摩擦而产生的热量 Q 15（12 分）如图所示，质量 mB=2kg 的平板车 B 上表面水平，在平板车左端相对于车静止着一块质量 mA=2kg 的物块A，A、B 一起以大小为 v1=0.5m/s 的速度向左运动，一颗质量 m0=0.01kg 的子弹以大小为 v0=600m/s

14、 的水平初速度向右瞬间射穿 A 后，速度变为 v=200m/s.已知 A 与 B 之间的动摩擦因数不为零，且 A 与 B 最终达到相对静止时 A 刚好停在 B 的右端，车长 L=1m，g=10m/s2，求：（1）A、B 间的动摩擦因数；（2）整个过程中因摩擦产生的热量为多少？参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】A.弹簧测力计测量的是力，不是基本物理量，故 A 错误；B.电磁打点计时器测量的是时间，是基本物理量，故 B 正确；C.电压表测量的是电压，不是基本物理量，故C 错误；D.量筒测量的是

15、体积，不是基本物理量，故 D 错误。故选 B。2、C【解析】设小灯泡 L4两端电压为U，则有副线圈的输出电压为23UU，根据电压与匝数成正比，原线圈的输入电压为12UU，L2、L3两只灯泡串联后的总电压为2U；设通过小灯泡 L4电流为I，根据电流与匝数成反比，则有原线圈电流为32I，根据欧姆定律可得通过 L2、L3两只灯泡的电流为I，根据并联分流可得通过 L1灯泡的电流为52I，小灯泡 L1两端电压为52U，根据串联分压可知交流电源输出电压524.52UUUU，根据电功率公式可知1234252525444PPPP，故 C 正确，A、B、D 错误；3、C【解析】A从图中可以看出振幅为 0.5m，

16、波长为 4m，所以周期为 40.4s10Tv 则频率为 12.5HzfT 故 A 错误；B因为波沿 x 轴正向传播，所以 P 点下一步会成为波峰，应该向 y 轴正方向运动，故 B 错误；C因为周期是 0.4s，简谐横波沿 x 轴正向传播，所以经过 0.9s 后，相当于 Q 点经过 0.1s 到达波谷，此时加速度最大，并且沿着 y 轴正方向，故 C 正确；D质点 P 只会上下振动，不会沿波传播方向迁移，故 D 错误。故选 C。4、A【解析】在地球表面有 2MmGmgR 解得 2GMgR 连光都无法逃脱它的引力束缚，故有 212cGMmmRv 解得 212cvGMR 联立 1692269 107.

17、0 10 m/s22 6.4 10cgRv A 正确 BCD 错误。故选 A。5、B【解析】A根据题述可以判断电场方向垂直于题图中等势线，由于两小球同时经过等势线 2，所以小球 a 向下加速运动，小球b 向上加速运动，竖直方向上，a 的位移大小等于 b 的位移大小，由212xat可知 a 的加速度大小等于 b 的加速度大小，即 abaaa 竖直方向：对小球 a，由牛顿第二定律得 aaaqEm gm a 对小球 b，由牛顿第二定律得 bbbqEm gm a 解以上两式得 ababmmgmma 则 abmm 故 A 错误；BD两小球初速度大小相等，加速度大小相等，t时刻两小球合速度大小相等，abm

18、m，根据2k12Emv可知，t时刻 a 的动能比 b 的动能大，根据pmv可知，t时刻 a 的动量大小大于 b 的动量大小，故 B 正确，D 错误；C由于在t时刻两小球经过同一等势线，根据pEq可知，此时 a 和 b 的电势能不相等，故 C 错误。故选 B。6、C【解析】由题，Fa、Fb分别在 yOz 和 xOy 平面内，可知点电荷 Q 即在 yOz 平面内，也在 xOy 平面内，所以 Q 一定在坐标轴 y上，过 a 点沿 F 的方向延长，与 y 轴交于 Q 点，设 OQ 之间的距离为 y，由几何关系得 tan60yr 则 tan 603yrr aQ 之间的距离=2cos60rLr 连接 bQ

19、，则 b 受到的电场力的方向沿 bQ 的方向。由几何关系得 3tan603byrrr 可知 b 点到 O 点的距离也是 r，b 到 Q 之间的距离也是 2r Ab 与 a 到 Q 点的距离相等，根据库仑定律可知，试探电荷在 b 点受到的电场力与在 a 点受到的电场力是相等的，所以 bFF 故 A 错误；B负电荷受到的电场力指向 Q，根据异性电荷相互吸引可知，Q 带正电，由于距离正电荷越近电势越高，所以 O 点的电势高，b 与 a 点的电势相等，即 abO 故 B 错误；C由于点电荷 Q 带正电，根据库仑定律 2(2)kQqFr 解得点电荷 Q 的电荷量为 24FrQkq 故 C 正确；D平面

20、xOz 上各点到 Q 的距离不一定相等，所以各点的电势不一定相等，则在平面 xOz 上移动该试探电荷，电场力不一定不做功，故 D 错误。故选 C。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、BCD【解析】A竖直玻璃管里的水银面不是平面，而是“上凸”的，这是表面张力产生的不浸润现象所致，故 A 正确不符合题意；B相对湿度等于水蒸气的实际压强与同温下水的饱和汽压的比值，故 B 错误符合题意；C多晶体和非晶体均具有各向同性，故物理性质表现为各向同性的固体不一

21、定是非晶体，故 C 错误符合题意；D气体之间分子距离很大，分子力近似为零，用力才能压缩气体是由于气体内部压强产生的阻力造成的，并非由于分子之间的斥力造成，故 D 错误符合题意；E气缸里一定质量的理想气体发生等压膨胀时，根据理想气体的状态方程PVCT可知，压强不变而体积增大，则气体的温度一定升高；温度是分子的平均动能的标志，温度升高则分子的平均动能增大，单个分子对器壁的撞击力增大，压强不变则单位时间碰撞器壁单位面积的气体分子数一定减少，故 E 正确不符合题意。故选：BCD。8、CD【解析】A由题意可知，a 点的电势低于 c 点电势，带负电的粒子在 a 点的电势能大于 c 点的电势能，由能量守恒可

22、知，粒子在 a 点的动能小于在 c 点的动能，故 A 错误；B因表示电场中三个等势面的三条虚线是平行且等间距的，由此可判断电场是匀强电场，根据电场线与等势面垂直，电场线竖直向上，结合轨迹的弯曲方向知粒子在 b 点的电场力竖直向下，故 B 错误；C由题可知 cab 根据负电荷在电势高处电势能小可知 pppbacEEE 故 C 正确；D粒子由 a 到 c 过程中电场力做正功，则有 0WqUqU（）故 D 正确。故选 CD。9、AC【解析】A物块加速运动时，由牛顿第二定律得 mg=ma 可得 a=g 故 A 正确；B物块加速运动的时间为 t=vvag 故 B 错误；C整个过程中，根据动能定理得传送带

23、对物块做的功为 W=12mv2-0=12mv2 故 C 正确；D物块加速运的动时间内传送带的位移为 x带=vt 物块的位移为 x物=022vvtt 物块与传送带间相对位移大小为 x=x带-x物=222vtvg 整个过程中摩擦产生的热量为 Q=mg x=12mv2 故 D 错误。故选 AC。10、AC【解析】AB.小球在上升过程中所受重力和阻力，由于所受空气阻力与速度成正比，所以阻力逐渐减小，则加速度逐渐减小，向上做加速度减小的减速运动，上升到最高点再次下落过程中由于空气阻力逐渐增大，所以加速度逐渐减小，做加速度减小的加速运动，故 A 正确，B 错误；C.在 s-t 图像中斜率表示速度，物体先向

24、上做减速，在反向做加速，故 C 正确；D.因阻力做负功，且导致机械能减小，机械能的减少量为 212Efskv vtat 图像不是一次函数，故 D 错误；故选 AC 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1000 102IRRI 16，不变 【解析】（1）定值电阻所在支路最小电阻约为11maxE3R=10000.003I 总；电阻箱 R（最大阻值为 9999），为测多组实验数据，定值电阻 R0应选 1K；电阻箱与 R0、A2串联，再与水柱、A1并联，所以有201()xIRRI R，玻璃管内水柱电阻 Rx的表达式201()xIRRRI

25、(2)由电阻定律可以知道20221()4()2xIRRLLLRdsdI，则有20214R=ILRd I，根据题意可知，电流表A1，A2 示数均相等，则有024R=LRd，由图可得3342244 10(1)105 1010 10kd 电阻率2243.14 0.025 101644d km （3）电流表内阻不能忽略，则有2210214R=-rILrRd I，电阻率为24d k保持不变 12、黑 b 150 450【解析】(1)当用欧姆表测电阻时，电源和表头构成回路，根据电源正负极连接方式可知，黑表笔与电源正极相连，故A 接线柱应该是与“黑”表笔连接；（2）整个回路最小电流minEIRR内外，同时g

26、gg12minI RIIRR，当选择开关接 b 时，此时R外有最大值。当选择开关接 b 档时其对应的电阻档的倍率更高。（3）用 a 档测量电阻，欧姆调零时，gg2g1m10000 AIRRIIR，此时150mERI内，当1100 AgI，此时干路电流为12115000 AgggIRRIIR，由于EIRR内外，解得150RR外内；当表盘150 AgI时，此时干路电流为12112500 AgggIRRIIR，由于EIRR内外，解得3450RR外内。【点睛】本题主要考查：利用电阻的串并联关系，来解决电流表的扩量程的相关问题；熟悉欧姆表的工作原理，利用回路欧姆定律解决相关问题。四、计算题：本题共 2

27、小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）60N；（2）6m/s，方向水平向右；18m/s，方向水平向右；（3）7.2s；【解析】(1)物块 A 从 Q 到 P 过程，由动能定理得：212AAPm gqE Rm v，代入数据解得：vP=10m/s，在 P 点，由牛顿第二定律得：2PAAvFqEm gmR，代入数据解得：F=60N；(2)物块 A 从 P 到 D 过程，由动能定理得：22011122AAAPqEm g xm vm v，代入数据解得：v1=12m/s，A、B 发生弹性碰撞，碰撞过程系统动量守恒、机械能守恒，以向右为正方

28、向，由动量守恒定律得：mAv1=mAvA+mBvB，由机械能守恒定律得：2221111222AAABBm vm vm v，代入数据解得：vA=6m/s，方向水平向右 vB=18m/s，方向水平向右(3)A、B 碰撞后，由牛顿第二定律得，对 A：qE-mAg=mAaA，对 B：mBg=mBaB，代入数据解得：24m/s3Aa，aB=2m/s2，设经过时间 t 两物块再次发生碰撞，由运动学公式得：221122AABBv ta tv ta t，代入数据解得：t=7.2s；14、(1)10m/s；(2)3s；(3)60J【解析】(1)小物体受到沿斜面向上的拉力作用时，对其进行受力分析，由牛顿第二定律可

29、得 1cos37sin37Fmgmgma 解得 2110m/sa 从A到B过程中由运动学公式可得 212Bva L 解得 10m/sBv (2)从A到B过程中由运动学公式可得 1 1Bva t 小物体在BC段，由牛顿第二定律可得 2mgma 由运动学公式可得 2 2Bva t 小物体从A到C过程中的时间 t总12tt 联立解得 t总3s(3)小物体在BC段，小物体向右运动，传送带逆时针运动，对小物块 212 212xa t 对传送带 220 212xa t 小物体相对于传送带的位移 12xxx 小物体与传送带间由于摩擦而产生的热量 Qmg x 解得 60JQ 15、（1）0.1（2）1600J

30、【解析】（1）规定向右为正方向，子弹与 A 作用过程，根据动量守恒定律得：m0v0mAv1=m0vmAvA 代入数据解得：vA=1.5m/s 子弹穿过 A 后，A 以 1.5m/s 的速度开始向右滑行，B 以 0.5m/s 的速度向左运动，当 A、B 有共同速度时，A、B 达到相对静止，对 A、B 组成的系统运用动量守恒，规定向右为正方向，有：mAvAmBv1=(mAmB)v2 代入数据解得：v2=0.5m/s 根据能量守恒定律知：mAgL=12mAvA212mBv1212(mAmB)v22 代入数据解得：=0.1（2）根据能量守恒得，整个过程中因摩擦产生的热量为：Q=12m0v0212(mAmB)v1212m0v212(mAmB)v22 代入数据解得：Q=1600J