2022-2023学年河南省永城市第三高级中学高考物理考前最后一卷预测卷含解析.pdf

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1、2023 年高考物理模拟试卷 注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用 2B 铅笔填涂；非选择题必须使用 05 毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、粗糙斜面倾角为30，一物体从斜面顶端由静止开始下滑，运动的位移时间关系图像

2、是一段抛物线，如图所示，g取210m/s。则（）A下滑过程中，物体的加速度逐渐变大 B0.5st 时刻，物体的速度为 0.25m/s C0 0.5s时间，物体平均速度 1m/s D物体与斜面间动摩擦因数为35 2、已知地球质量为月球质量的 81 倍，地球半径约为月球半径的 4 倍若在月球和地球表面同样高度处，以相同的初速度水平抛出物体，抛出点与落地点间的水平距离分别为s月和s地，则 s月：s地约为()A9：4 B6：1 C3：2 D1：1 3、两个等量点电荷位于 x 轴上，它们的静电场的电势 随位置 x 变化规律如图所示（只画出了部分区域内的电势），x轴上两点 B、C 点，且 OBOC，由图可

3、知（）AC 点的电势低于 B 点的电势 BB 点的场强大小大于 C 点的场强大小，B、C 点的电场方向相同 C正电荷可以在 x 轴上 B、C 之间的某两点做往复运动 D负电荷沿 x 轴从 B 移到 C 的过程中电场力先做正功后作负功 4、2019 年 10 月 5 日 2 时 51 分，我国在太原卫星发射中心用“长征四号丙”运载火箭，成功将“高分十号”卫星发射升空，卫星顺利进入略低于地球同步轨道的圆轨道，任务获得圆满成功。下列关于“高分十号”卫星的描述正确的是 A“高分十号”卫星在轨运行周期可能大于 24 小时 B“高分十号”卫星在轨运行速度在第一宇宙速度与第二宇宙速度之间 C“高分十号”卫星

4、在轨运行的机械能一定小于同步卫星的机械能 D“高分十号”卫星在轨运行的向心加速度大于地球赤道上的物体随地球自转的向心加速度 5、关于原子物理的知识下列说法中错误的为（）A电子的发现证实了原子是可分的 B卢瑟福的粒子散射实验建立了原子的核式结构模型 C天然放射现象的发现揭示了原子核是由质子和中子组成的 D射线是高速运动的电子流，有较弱的电离本领 6、如图所示，粗细均匀的正方形金属线框 abcd 用轻质导线悬吊，线框一半处在匀强磁场中，线框平面与磁场垂直，给导线通以如图的恒定电流，静止时每根导线的拉力为 F。保持电流不变，将金属线框向下平移刚好完全进入磁场中，静止时每根导线的拉力为 2F。ab 边

5、始终保持水平，导线始终竖直，则金属框的重力为()A12F B23F CF D43F 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、如图甲所示，固定光滑斜面 AC 长为 L，B 为斜面中点一物块在恒定拉力 F 作用下，从最低点 A 由静止开始沿斜面向上拉到 B 点撤去拉力 F，物块继续上滑至最高点 C，设物块由 A 运动到 C 的时间为 t0，下列描述该过程中物块的速度v随时间t、物块的动能Ek随位移x、加速度a随位移x、机械能E随位移x变化规律的图象中，

6、可能正确的是()A B C D 8、如图所示，在粗糙的水平地面上放着一左测截面是半圆的柱状物体 B，在物体 B 与竖直墙之间放置一光滑小球 A，整个系统处于静止状态。现用水平力 F 拉着物体 B 缓慢向右移动一小段距离后，系统仍处于静止状态，在此过程中，下列判断正确的是（）A小球 A 对物体 B 的压力逐渐增大 B小球 A 对物体 B 的压力逐渐减小 C拉力 F 逐渐减小 D墙面对小球 A 的支持力先增大后减小 9、牛顿在 1687 年出版的自然哲学的数学原理中设想，物体抛出的速度很大时，就不会落回地面，它将绕地球运动，成为人造地球卫星如图所示，将物体从一座高山上的 O 点水平抛出，抛出速度一

7、次比一次大，落地点一次比一次远，设图中 A、B、C、D、E 是从 O 点以不同的速度抛出的物体所对应的运动轨道已知 B 是圆形轨道，C、D 是椭圆轨道，在轨道 E 上运动的物体将会克服地球的引力，永远地离开地球，空气阻力和地球自转的影响不计，则下列说法正确的是（）A物体从 O 点抛出后，沿轨道 A 运动落到地面上，物体的运动可能是平抛运动 B在轨道 B 上运动的物体，抛出时的速度大小为 11.2km/C使轨道 C、D 上物体的运动轨道变为圆轨道，这个圆轨道可以过 O 点 D在轨道 E 上运动的物体，抛出时的速度一定等于或大于 16.7km/s 10、在一静止点电荷的电场中，任一点的电势 与该点

8、到点电荷的距离 r 的关系如图所示电场中四个点 a、b、c 和d 的电场强度大小分别 Ea、Eb、Ec和 Ed，点 a 到点电荷的距离 ra与点 a 的电势 a已在图中用坐标（ra，a）标出，其余类推现将一带正电的试探电荷由 a 点依次经 b、c 点移动到 d 点，在相邻两点间移动的过程中，电场力所做的功分别为 Wab、Wbc和 Wcd下列选项正确的是（）AEa：Eb=4：1 BEc：Ed=2：1 CWab：Wbc=3：1 DWbc：Wcd=1：3 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）为了探究物体质量与加速度的关系，某同

9、学设计了如图所示的实验装置。质量分别为 m1和 m2的两个小车，用一条柔软的轻绳通过滑轮连起来，重物的质量为 m0，忽略滑轮的质量和各种摩擦，使两车同时从静止开始运动，同时停止，两个小车发生的位移大小分别为 x1和 x2。(1)如果想验证小车的质量和加速度成反比，只需验证表达式_成立。(用题中所给物理量表示)(2)实验中_(填“需要”或“不需要”)满足重物的质量远小于小车的质量。12（12 分）某同学要测量一由新材料制成的粗细均匀的圆柱形导体的电阻率。步骤如下：(1)用 20 分度的游标卡尺测量其长度如图（甲）所示，由图可知其长度为_cm；(2)用螺旋测微器测量其直径如图（乙）所示，由图可知其

10、直径为_mm；(3)用图（丙）所示的电路测定其电阻值，其中 Rx是待测的圆柱形导体，R 为电阻箱，电源电动势为 E，其内阻不计。在保证安全的情况下多次调节电阻箱，读出多组电阻箱示数 R 和对应的电压表示数 U，由测得的数据，绘出了如图（丁）所示的1RU图线，电阻 Rx=_（结果保留两位有效数字），此数值与电阻的真实值 R0比较，Rx_R0 (4)根据以上数据计算出圆柱形导体的电阻率=_。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图所示，用两个质量均为 m、横截面积均为 S 的密闭活塞将开口向下竖直悬挂

11、的导热气缸内的理想气体分成、两部分，当在活塞 A 下方悬挂重物后，整个装置处于静止状态，此时、两部分气体的高度均为 l0。已知环境温度、大气压强 p0均保持不变，且满足 5mg=p0S，不计一切摩擦。当取走物体后，两活塞重新恢复平衡，活塞 A 上升的高度为076l，求悬挂重物的质量。14（16 分）如图甲所示，两根足够长的平行光滑金属导轨 MN、PQ 被固定在水平面上，导轨间距 L=0.6m，两导轨的左端用导线连接电阻 R1及理想电压表，电阻 r=2 的金属棒垂直于导轨静止在 AB 处；右端用导线连接电阻 R2，已知 R1=2，R2=1，导轨及导线电阻均不计在矩形区域 CDEF 内有竖直向上的

12、磁场，CE=0.2m，磁感应强度随时间的变化如图乙所示在 t=0 时刻开始，对金属棒施加一水平向右的恒力 F，从金属棒开始运动直到离开磁场区域的整个过程中电压表的示数保持不变求：（1）t=0.1s 时电压表的示数；（2）恒力 F 的大小；（3）从 t=0 时刻到金属棒运动出磁场的过程中整个电路产生的热量 Q；15（12 分）如图所示，水平线 ab 上方存在竖直向下的匀强电场，ab 以及 ab 下方都存在竖直向上的匀强电场，场强大小都相等。在 ab 下方同时存在垂直纸面向外的匀强磁场。P 为 ab 上方一点，到 ab 距离为 2L。一质量为 m、带电荷量为-q（q0）的带电小球从 P 点以大小为

13、4pvgL、与竖直方向成=30斜向下抛出。g 为重力加速度，经过ab 上 C 点（图中未画出）时速度水平。(1)求电场强度大小；(2)小球经过 ab 下方 Q 点（图中未画出）时获得最大速度，Q 到 ab 的距离为165L，求磁场的磁感应强度大小。参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A由题意可知，物体初速度为零，x-t 图象是一段抛物线，由匀变速直线运动的位移公式212xat可知，物体的加速度 a 保持不变，物体做匀加速直线运动，由图示图象可知：t=0.5s 时 x=0.25m，解得 a=2

14、m/s2 故 A 错误；B物体做初速度为零的匀加速直线运动，t=0.5s 时物体的速度 v=at=20.5m/s=1m/s 故 B 错误；C物体在 00.5s 内物体的平均速度 00 1 m/s=0.5m/s22vvv 故 C 错误；D对物体，由牛顿第二定律得 mgsin30-mgcos30=ma 代入数据解得 35 故 D 正确。故选 D。2、A【解析】设月球质量为M，半径为R，地球质量为 M，半径为 R 已知 81MM，4RR，根据万有引力等于重力得：2 GMmmgR 则有：2GMgR 因此81 16gg 由题意从同样高度抛出，221122hgtg t 联立、解得：94tt 在地球上的水平

15、位移0sv t地 在月球上的0sv t月；因此得到：:9:4ss月地，故 A 正确，BCD 错误 点睛：根据万有引力等于重力，求出月球表面重力加速度和地球表面重力加速度关系，运用平抛运动规律求出两星球上水平抛出的射程之比 3、B【解析】根据电势的图象直接读出电势高低由=UEd可知，图象的斜率绝对值等于场强大小，由斜率分析场强的大小关系。根据顺着电场线方向电势降低，判断电场线的方向，确定正电荷所受的电场力方向，分析其运动情况。根据电场力与位移方向间的关系，判断电场力做功的正负。【详解】A由图知，C 点的电势高于 B 点的电势故 A 错误；B由=UEd可知，图象的斜率绝对值等于场强大小，可以看出

16、B 点的场强大小大于 C 点的场强大小，斜率都为正值，说明 B、C点的电场方向相同，故 B 正确；C根据顺着电场线方向电势降低，可知电场线的方向从 C 指向 B，正电荷在 x 轴上 B、C 之间所受的电场力始终由 C指向 B，正电荷做单向直线运动，故 C 错误；D负电荷沿 x 轴从 B 移到 C 的过程中，电场力方向由从 B 指向 C，电场力方向与位移相同，电场力一直做正功，故D 错误。故选 B。【点睛】本题考查对电势与场强、电场线方向、电场力做功等等关系的理解，难点是根据匀强电场电势差与场强的关系=UEd理解图象的斜率与场强的关系。4、D【解析】A万有引力提供向心力：2224MmGmrrT

17、解得：32rTGM，因为“高分十号”轨道半径略低于地球同步轨道的圆轨道，所以周期小于同步卫星的周期 24 小时，A 错误；B第一宇宙速度是卫星绕地球运行的最大环绕速度，所以“高分十号”卫星在轨运行速度小于第一宇宙速度，B 错误；C“高分十号”和同步卫星的质量关系未知，所以机械能大小关系不确定，C 错误；D高空的卫星由万有引力提供向心加速度：2FGMamr 可知“高分十号”卫星的向心加速度大于同步卫星的向心加速度，同步卫星和地球赤道上的物体角速度相同，根据：2ar 可知同步卫星的向心加速度大于地球赤道上的物体的向心加速度，所以“高分十号”卫星在轨运行的向心加速度大于地球赤道上的物体随地球自转的向

18、心加速度，D 正确。故选 D。5、C【解析】A.英国科学家汤姆生通过阴极射线的研究，发现电子，电子的发现证实了原子是可分的，所以 A 不符合题意；B.卢瑟福的粒子散射实验否定了汤姆生的原子结构模型，故 B 不符合题意；C.天然放射现象的发现揭示了原子核有复杂的结构，故 C 符合题意；D.射线是高速运动的电子流，它贯穿本领比粒子强，比射线弱，则有较弱的电离本质，故 D 不符合题意。6、D【解析】线框有一半在磁场中时，对整体根据平衡条件得到：2FGF安 当线框全部在磁场中时，根据并联电路特点可知 ab 边和 cd 边电流之比为1:3，则根据平衡条件可知：44FGF安 求得：43GF A.由以上分析

19、可知线框的重力为43F，故选项 A 错误；B.由以上分析可知线框的重力为43F，故选项 B 错误；C.由以上分析可知线框的重力为43F，故选项 C 错误；D.由以上分析可知线框的重力为43F，故选项 D 正确。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、BD【解析】AB.合力先做正功再做负功，根据动能随 x 的表达式知，动能先均匀增加，然后均匀减小，则知物块先做匀加速直线运动，然后做匀减速直线运动，匀加速直线运动的位移和匀减速直线运动的位移大小相等，匀

20、减速直线运动的平均速度大于匀加速直线运动的平均速度，则匀减速运动的时间小于匀加速直线运动的时间，故 A 错误，B 正确。C.物体先向上匀加速后向上匀减速运动，速度方向不变，故过程中加速度改变方向，故 C 错误。D.根据除重力以外其它力做功等于机械能的增量，知前半段恒力 F 做正功，可知机械能随 x 均匀增加，后半段只有重力做功，机械能守恒，故 D 正确。8、AC【解析】ABD对 A 球受力分析并建立直角坐标系如图，由平衡条件得：竖直方向 NcosFmg 水平方向 NsinNF 联立解得 N=,tancosmgFNmg B 缓慢向右移动一小段距离，A 缓慢下落，则 增大。所以 FN增大，N 增大

21、，由牛顿第三定律知故小球 A 对物体 B的压力逐渐增大，故 A 正确，BD 错误；C整体水平方向受力平衡，则 mFNf 由于最大静摩擦力不变，N 增大、则 F 减小，故 C 正确。故选 AC。9、AC【解析】（1）第一宇宙速度是最小的卫星发射速度，却是最大的环绕速度；（2）当物体以第一宇宙速度被抛出，它的运动轨道为一圆周；当物体被抛出的速度介于第一和第二宇宙速度之间，它的运动轨迹为一椭圆；当物体被抛出时的速度介于第二和第三宇宙速度之间，物体将摆脱地球引力，成为绕太阳运动的行星；当被抛出的初速度达到或超过第三宇宙速度，物体必然会离开太阳系；（3）卫星变轨时的位置点，是所有轨道的公共切点【详解】A

22、、物体抛出速度 v7.9km/s 时必落回地面，若物体运动距离较小时，物体所受的万有引力可以看成恒力，故物体的运动可能是平抛运动，A 正确；B、在轨道 B 上运动的物体，相当于地球的一颗近地卫星，抛出线速度大小为 7.9km/s，B 错误；C、轨道 C、D 上物体，在 O 点开始变轨到圆轨道，圆轨道必然过 O 点，C 正确；D、当物体被抛出时的速度等于或大于 16.7km/s 时，物体将离开太阳系，故 D 错误【点睛】本题考查宇宙速度，知道第一宇宙速度是最小的发射速度、最大的环绕速度，掌握卫星变轨模型，知道各宇宙速度的物体意义至关重要 10、AC【解析】由点电荷场强公式：2QEkr，可得：22

23、:4:112abkQkQEE，故 A 正确；由点电荷场强公式：2QEkr，可得：22:4:136cdkQkQEE，故 B 错误；从 a 到 b 电场力做功为：Wab=qUab=q（a-b）=q（6-3）=3q，从 b 到 c 电场力做功为：Wbc=qUbc=q（b-c）=q（3-2）=q，所以有：Wab：Wbc=3：1，故 C 正确；从 c 到 d 电场力做功为：Wcd=qUcd=q（c-d）=q（2-1）=q，所以 Wbc：Wcd=1：1，故 D 错误。所以 AC 正确，BD 错误。三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1 12

24、2m xmx 不需要 【解析】(1)1根据运动学公式212xat可知甲、乙两车运动的加速度之比为 1212:aaxx 要验证“在外力一定的条件下，物体的加速度与其质量成反比”的结论，则满足 1221:aamm 可得 1 12 2m sm s 即等式1 12 2m sm s近似成立，则可认为“在外力一定的条件下，物体的加速度与其质量成反比”；(2)2根据实验装置可知甲、乙两车所受的合外力相等，而甲、乙两车运动的时间相同，根据运动学公式212xat可知甲、乙两车运动的加速度之比等于甲、乙两车运动的位移之比，所以只要测出甲、乙两车的质量和运动的位移就可验证“在外力一定的条件下，物体的加速度与其质量成

25、反比”的结论，故不需要满足钩码的质量远小于任一小车的质量。12、5.015 4.700 17 小于 5.910-3m 【解析】(1)1根据游标卡尺的读数规则可知读数为 50mm+30.05mm=50.15mm=5.015cm(2)2根据螺旋测微器读数规则可知读数为 4.5mm+20.00.01mm=4.700mm(3)3由图示电路图可知，电压表示数为 xxxEUIRRRR 整理得 111xRUERE 由图示图象可知，纵轴截距 10.5bE 所以电源电动势 E=2V，图象斜率 110.80.50.310 xUkERR 所以电阻阻值 11170.03 2xRkE 4由于电压表的分流作用可知此测量值

26、小于电阻的真实值 R0。(5)5由电阻定律可知 22xLLRSd 代入数据解得电阻率 5.910-3m；四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、2m【解析】对气体 I 分析，初状态的压强为 10mm gppS 末状态的压强为 10045mgpppS 由玻意耳定律有 11 10pl Spl S 对气体 1 分析，初状态 21mgppS 末状态 21035BmpppS 由玻意耳定律 2 e2 2p l Sp l S A 活塞上升的高度 0102076llllll 联立解得 m=2m。14、（1）1.3V（2）1.2

27、7N（3）1.19J【解析】试题分析：（1）在 112s 内，CDEF 产生的电动势为定值：在 11s 时电压表的示数为：（2）设此时的总电流为 I,则路端电压为：由题意知:此时的安培力为：解得：F=127N（3）112s 内的热量为：由功能关系知导体棒运动过程中产生的热量为：总热量为：考点:法拉第电磁感应定律、焦耳定律、功能关系 15、（1）2 gL；（2）54m gLBqL。【解析】(1)小球在ab上方，受到电场力（竖直向上）与重力的合力 1FqEmg 产生的加速度大小为 1Fam 竖直向上 经过ab线时速度水平，则竖直分速度0yv 从P点到C点，竖直方向分速度匀减速到 0，故 2cos2

28、2pvaL 解得 4mgEq(2)根据速度分解可知小球在C点时的速度为 sin2pCvvgL 电场力和重力的合外力 25FqEmgmg 竖直向下；之后在重力、电场力和洛伦兹力作用下做曲线运动。根据左手定则可知小球运动到Q点时速度水平向右，设为Qv。从C到Q，根据动能定理有 2221611522QCFLmvmv 解得 6QvgL 把小球从C到Q的过程分成无数个小过程：在第 1 个小过程中水平方向应用动量定理有 11Cyqv B tmvmv 即 11CqBymvmv 在第 2 个小过程中水平方向应用动量定理有 221yqv B tmvmv 即 221qBymvmv 在第 3 个小过程中水平方向应用动量定理有 332yqv B tmvmv 即 331qBymvmv 在第n个小过程中水平方向应用动量定理有 1nynnqv B tmvmv 即 1QnnqBymvmv 把以上各式相加有 123nQCqB yyyymvmv 而 122165nyyyyL 联立解得 54m gLBqL