2022-2023学年广东省汕头潮阳区高三第六次模拟考试物理试卷含解析.pdf

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1、2023 年高考物理模拟试卷 注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示为某质点做匀变速运动的位移时间（xt）图象，t4s 时图象的切线交时间轴于 t2s 处，由此可

2、知，t0 时刻质点的速度大小为（）A0 B0.25m/s C0.5m/s D1m/s 2、由于空气阻力的影响，炮弹的实际飞行轨迹不是抛物线，而是“弹道曲线”，如图中实线所示。图中虚线为不考虑空气阻力情况下炮弹的理想运动轨迹，Oabcd、为弹道曲线上的五点，其中O点为发射点，d点为落地点，b点为轨迹的最高点，ac、为运动过程中经过的距地面高度相等的两点。下列说法正确的是（）A到达b点时，炮弹的速度为零 B到达b点时，炮弹的加速度为零 C炮弹经过a点时的速度大于经过c点时的速度 D炮弹由O点运动到b点的时间大于由b点运动到d点的时间 3、下列关于运动项目的叙述正确的是（）A若足球的运动轨迹是旋转的

3、香蕉球时，要研究足球的运动足球可以看做质点 B2018 年苏炳添在男子 100m 中跑出的亚洲纪录是一个时刻 C4 100m接力赛中的 100m 都是指位移 D运动员 100m 短跑用时 10s，则其加速过程的平均加速度定不小于22m/s 4、如图所示，某生产厂家为了测定该厂所生产的玩具车的性能，将两个完全相同的玩具车 A、B 并排放在两平行且水平的轨道上，分别通过挂钩连接另一个与玩具车等质量的货车(无牵引力)，控制两车以相同的速度 v0做匀速直线运动。某时刻，通过控制器使两车的挂钩断开，玩具车 A 保持原来的牵引力不变，玩具车 B 保持原来的输出功率不变，当玩具车 A 的速度为 2v0时，玩

4、具车 B 的速度为 1.5v0，运动过程中受到的阻力仅与质量成正比，与速度无关，则正确的是（）A在这段时间内两车的位移之比为 65 B玩具车 A 的功率变为原来的 4 倍 C两车克服阻力做功的比值为 1211 D两车牵引力做功的比值为 31 5、质量为 m 的箱子静止在光滑水平面上，箱子内侧的两壁间距为 l，另一质量也为 m 且可视为质点的物体从箱子中央以 v0=2 gl的速度开始运动（g 为当地重力加速度），如图所示。已知物体与箱壁共发生 5 次完全弹性碰撞。则物体与箱底的动摩擦因数的取值范围是（）A1247 B2194 C22119 D221311 6、如图所示，a、b、c、d 为椭圆的四

5、个顶点，一带电量为Q 的点电荷处在椭圆的一个焦点上，另有一带负电的点电荷仅在与+Q 之间的库仑力的作用下沿椭圆运动，则下列说法中正确的是（）A负电荷在 a、c 两点的电势能相等 B负电荷在 a、c 两点所受的电场力相同 C负电荷在 b 点的速度小于在 d 点速度 D负电荷在 b 点的电势能大于在 d 点的电势能 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、两列在同一介质中的简谐横波沿相反方向传播，某时刻两列波相遇，如图所示，其中实线波的频率为 2.50

6、Hz，图示时刻平衡位置 x3m 处的质点正在向上振动。则下列说法正确的是（）A实线波沿 x 轴正方向传播，虚线波沿 x 轴负方向传播 B两列波在相遇区域发生干涉现象 C两列波的波速均为 25m/s D从图示时刻起再过 0.025s，平衡位置 x1.875m 处的质点将位于 y30cm 处 8、下列关于匀变速运动说法正确的是（）A只有在加速度和速度方向相同时，速度大小才可能增大 B若速度为零，则物体所受合外力可能不能为零 C若物体做匀加速直线运动时，从0t 时刻开始连续相等时间内位移之比不可能是 1：4：8：13：D若物体的加速度增加，则在相同时间内速度变化量一定增大 9、一列简谐横波在 t=0

7、 时刻的波形图如图实线所示，从此刻起，经 0.2s 波形图如图虚线所示，若波传播的速度为 5 m/s，则（）A这列波沿 x 轴正方向传播 Bt=0 时刻质点 a 沿 y 轴负方向运动 C若此波遇到另-列简谐横波并发生稳定的干涉现象，则该波所遇到的简谐横波频率为 2.5Hz Dx=2 m 处的质点在 t=0.2 s 时刻的加速度有最大值 E.从 t=0 时刻开始质点 a 经 0.4 s 通过的路程为 0.8 m 10、物块套在光滑的竖直杆上，通过光滑的定滑轮用不可伸长的轻绳将物块由 A 点匀速拉到 B 点，AB 高度为 h，则在运动过程中（）A绳中张力变小 B绳子自由端的速率减小 C拉力 F 做

8、功为coshF D拉力 F 的功率 P 不变 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）某学校兴趣小组成员在学校实验室发现了一种新型电池，他们想要测量该电池的电动势和内阻.（1）小组成员先用多用电表粗测电池的电动势，将选择开关调到直流电压挡量程为 25V 的挡位，将_（填“红”或“黑”）表笔接电池的正极，另一表笔接电池的负极，多用电表的指针示数如图所示，则粗测的电动势大小为_V.（2）为了安全精确的测量，小组成员根据实验室提供的器材设计了如图的测量电路，其中05R ，它在电路中的作用是_.闭合开关前，应将电阻箱接入电路的电阻调

9、到最_（填“大”或“小”）.（3）闭合开关，调节电阻箱，测得多组电阻箱接入电路的阻值 R 及对应的电流表示数 I，作出1RI图象，如图所示.根据图象求出电池的电动势为_V（保留两位有效数字）.12（12 分）从坐标原点 O 产生的简谐横波分别沿 x 轴正方向和负方向传播，t=0 时刻波的图像如图所示，此时波刚好传播到 M 点，x=1m 的质点 P 的位移为 10cm，再经0.1ts，质点 P 第一次回到平衡位置，质点 N 坐标 x=-81m（图中未画出），则_ A波源的振动周期为 1.2s B波源的起振方向向下 C波速为 8m/s D若观察者从 M 点以 2m/s 的速度沿 x 轴正方向移动，

10、则观察者接受到波的频率变大 E从 t=0 时刻起，当质点 N 第一次到达波峰位置时，质点 P 通过的路程为 5.2m 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）物体沿着圆周的运动是一种常见的运动，匀速圆周运动是当中最简单也是较基本的一种，由于做匀速圆周运动的物体的速度方向时刻在变化，因而匀速周运动仍旧是一种变速运动，具有加速度。(1)可按如下模型来研究做匀速圆周运动的物体的加速度：设质点沿半径为 r、圆心为 O 的圆周以恒定大小的速度 v 运动，某时刻质点位于位置 A。经极短时间t后运动到位置 B，如图

11、所示，试根据加速度的定义，推导质点在位置 A 时的加速度的大小；(2)在研究匀变速直线运动的“位移”时，我们常旧“以恒代变的思想；在研究曲线运动的“瞬时速度”时，又常用“化曲为直”的思想，而在研究一般的曲线运动时我们用的更多的是一种”化曲为圆”的思想，即对于般的曲线运动，尽管曲线各个位置的弯曲程度不详，但在研究时，可以将曲线分割为许多很短的小段，质点在每小段的运动都可以看做半径为某个合适值的圆周运动的部分，进而采用圆周运动的分析方法来进行研究，叫做曲率半径，如图所示，试据此分析图所示的斜抛运动中。轨迹最高点处的曲率半径；(3)事实上，对于涉及曲线运动加速度问题的研究中，“化曲为圆”并不是唯的方

12、式，我们还可以采用一种“化圆为抛物线”的思考方式，匀速圆周运动在短时间t内可以看成切线方向的匀速运动，法线方向的匀变速运动，设圆弧半径为R，质点做匀速圆周运动的速度大小为 v，据此推导质点在做匀速圆周运动时的向心加速度 a。14（16 分）如图所示，空间存在竖直向下的匀强磁场，磁感应强度 B0.5T.在匀强磁场区域内，有一对光滑平行金属导轨，处于同一水平面内，导轨足够长，导轨间距 L1m，电阻可忽略不计质量均为 mlkg，电阻均为 R2.5的金属导体棒 MN 和 PQ 垂直放置于导轨上，且与导轨接触良好先将 PQ 暂时锁定，金属棒 MN 在垂直于棒的拉力F 作用下，由静止开始以加速度 a0.4

13、m/s2向右做匀加速直线运动，5s 后保持拉力 F 的功率不变，直到棒以最大速度vm做匀速直线运动.(1)求棒 MN 的最大速度 vm；(2)当棒 MN 达到最大速度 vm时，解除 PQ 锁定，同时撤去拉力 F，两棒最终均匀速运动.求解除 PQ 棒锁定后，到两棒最终匀速运动的过程中，电路中产生的总焦耳热.(3)若 PQ 始终不解除锁定，当棒 MN 达到最大速度 vm时，撤去拉力 F，棒 MN 继续运动多远后停下来?（运算结果可用根式表示）15（12 分）如图所示，平面直角坐标系的 x 轴沿水平方向，在第一象限内 y 轴与直线 x=L 之间存在沿 y 轴正方向的匀强电场。一个质量为 m，带电量为

14、 q（q0）的小球（重力不能忽略），以初速度 v0从坐标原点 O 沿 x 轴正方向射入电场，一段时间后以02v的速度从第一象限内的 A 点（图中未画出）射出电场，重力加速度为 g。求：（1）A 点的纵坐标；（2）电场强度 E 的大小。参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】由图象可知，t=4s 时质点的速度 62xvtm/s=3m/s 01()2xvv t 求得 00v.A0，与结论相符，选项 A 正确；B0.25m/s，与结论不相符，选项 B 错误；C0.5m/s，与结论不相符，选项 C 错误

15、；D1m/s，与结论不相符，选项 D 错误；故选 A.2、C【解析】A炮弹在最高点竖直方向上的速度为零，水平方向上的速度不为零，故炮弹在最高点速度不为零，A 错误；B在最高点受空气阻力（水平方向上的阻力与水平速度方向相反），重力作用，二力合力不为零，故加速度不为零，B 错误；C由于空气阻力恒做负功，所以根据动能定理可知经过a点时的速度大于经过c点时的速度，C 正确；D从 O 到 b 的过程中，在竖直方向上，受到重力和阻力在竖直向下的分力，即 1mgfma 解得 1mgfam 在从 b 到 d 的过程中，在竖直方向，受到向下的重力和阻力在竖直向上的分力，即 2mgfma 解得 22mgfam 故

16、12aa，根据逆向思维，两个阶段的运动可看做为从 b 点向 O 点和从 b 点向 d 点运动的类平抛运动，竖直位移相同，加速度越大，时间越小，所以炮弹由 O 点运动到 b 点的时间小于由 b 点运动到 d 点的时间，故 D 错误；3、D【解析】A若足球的运动轨迹是旋转的香蕉球时，要研究足球的运动足球大小不能忽略，不可以看做质点，选项 A 错误；B2018 年苏炳添在男子 100m 中跑出的亚洲纪录是一个时间间隔，选项 B 错误；C4 100m接力赛中有弯道，则其中的 100m 不都是指位移，选项 C 错误；D运动员 100m 短跑用时 10s，若整个过程中一直加速，则加速度 22222 100

17、2m/s10sat 因运动员在 100m 短跑中先加速后匀速，则其加速过程的平均加速度定不小于22m/s，选项 D 正确；故选 D。4、C【解析】B 设玩具车、货车质量都为 m，动摩擦因数为，那么两车的挂钩断开与货车分离，玩具车的速度为 v0，牵引力 F=2mg，加速度为 a=g，电机输出功率 P=Fv0=2mgv0 变为原来的 2 倍，则 B 错误；A玩具车 A 保持原来的牵引力不变前进，那么加速度不变，那么当玩具车 A 的速度为 2v0时，位移 2200202322()AvSgavv 功率 PA=F2v0=2PA 克服摩擦力做的功 2032fAWmgSmv 牵引力做的功：WFA=FsA=3

18、mv02；玩具车 B 保持原来的输出功率不变前进，当玩具车 A 的速度为 2v0时，玩具车 B 的速度为 1.5v0，由动能定理可得：2200002111.522BvvPmgSmvmva 所以位移 20118BvSg 所以 sA：sB=12：11；则 A 错误 CD克服摩擦力做的功：20118fBBmWmgSv 所以 WfA：WfB=12：11；牵引力做的功：200022FBvvWPmva 所以 WFA：WFB=3：2 故 C 正确，D 错误；故选 C。5、C【解析】小物块与箱子组成的系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得 02mvmv共 解得 012vv共 对小物块和箱子组成的系统，

19、由能量守恒定律得 022121 2mmQvm v共 解得 2014mgvQm l 由题意可知，小物块与箱子发生 5 次碰撞，则物体相对于木箱运动的总路程 max112sl，min92sl 小物块受到摩擦力为 fmg 对系统，利用产热等于摩擦力乘以相对路程，得 Qfsmgs 故 max29，min211 即22119，故 C 正确，ABD 错误。故选 C。6、A【解析】A因为 a、c 两点电势相等，则负电荷在 a、c 两点的电势能相等，选项 A 正确；B负电荷在 a、c 两点所受的电场力大小相同，但是方向不同，选项 B 错误；CD因 b 点电势高于 d 点，负电荷在 b 点的电势能小于在 d 点

20、的电势能，则由能量守恒定律可知，b 点的动能大于在d 点的动能，即在 b 点的速度大于在 d 点速度，选项 CD 错误；故选 A。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、AD【解析】A图示时刻平衡位置 x=3m 处的质点正在向上振动，根据波动规律可知，实线波沿 x 轴正方向传播，则虚线波沿 x轴负方向传播，故 A 正确；B介质决定波速，两列波传播速度大小相同，由图可知，实线波的波长 1=6m，虚线波的波长 2=9m，由 v=f 可知，实线波和虚线波

21、的频率之比为 f1：f2=2：1=3：2 由于 f1不等于 f2，故两列波在相遇区域不会发生稳定的干涉现象，故 B 错误；C实线波的频率为 2.50Hz，波长 1=6m，则波速 115m/svf 故 C 错误；D实线波波峰传到平衡位置 x1.875m 处的质点所用时间为 11.875 1.5s0.025s15t 虚线波波峰传到平衡位置 x1.875m 处的质点所用时间为 22.25 1.875s0.025s15t 说明从图示时刻起再过 0.025s，平衡位置 x1.875m 处的质点处于波峰位置，由波的叠加可知，平衡位置 x1.875m处的质点将位于 y30cm，故 D 正确。故选 AD。8、

22、BCD【解析】A对于匀变速直线运动，由0vvat得，只有在加速度和速度方向相同时，速度大小才增大；对于曲线运动，加速度方向和速度方向的之间夹角大于0小于90时，速度大小也增大，故 A 错误；B做竖直上抛运动的物体，到达最高点时，速度为零，但它所受的合外力为自身重力，不为零，故 B 正确；C物体做匀加速直线运动时，从0t 时刻开始连续相等时间内位移之差为一恒量，即为 2xaT 而 1：4：8：13：位移之差分别是 3、5，故从0t 时刻开始连续相等时间内位移之比不可能是 1：4：8：13：，故 C 正确；D由vat 得，物体的加速度增加，则在相同时间内速度变化量一定增大，故 D 正确。故选 BC

23、D。9、BDE【解析】A由图可知波的波长4m，由题在时间 t=0.2s 内，波传播的距离为 5 0.2m1m=4xvt 根据波形的平移法可知，这列波沿 x 轴负方向传播，故 A 错误；B由波的传播方向可知，t=0 时刻质点 a 沿 y 轴负方向运动，故 B 正确；C由vT得 4s0.8s5Tv 频率为1.25Hzf，要发生稳定的干涉图样，必须两列波频率相同，故 C 错误；Dx=2m 处的质点在 t=0.2s 时刻在负的最大位移处，所以加速度有最大值，故 D 正确；E从 t=0 时刻开始质点 a 经 0.4s 是半个周期，通过的路程为 2 倍的振幅，即为 0.8m，故 E 正确。故选 BDE。1

24、0、BD【解析】A因为物块做匀速直线运动，在竖直方向上合力为零，则有 cosTmg 因为增大，cos减小，则拉力 T 增大，故 A 错误；B物块沿绳子方向上的分速度 cosAvv 该速度等于自由端的速度，增大，自由端速度 v 减小，故 B 正确；CF 为变力，不能用功的定义。应根据动能定理，拉力 F 做功等于克服重力做的功，即 Wmgh 故 C 错误；D拉力的功率为 coscosAAmgPFvvmgv 可知拉力 F 的功率 P 不变，故 D 正确。故选 BD。三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、红 10.5 保护电阻 大 12

25、【解析】（1）12将红表笔接电池的正极，多用电表示数为 10.5V.（2）34电阻 R0在电路中为保护电阻，闭合开关前应使电阻箱接入电路的电阻最大.（3）5由实验电路可知，在闭合电路中，电池电动势 E=I（r+R0+R）则 011rRRIEE 由图象可知，图象的斜率 111 0.51612IkER 则电池电动势 112VEk 12、ABE【解析】AC、由函数关系可得本题说对应的数学函数为：220sinxy，由题条件可知当x=1 时，y=10cm,代入解得12m，P 点在经过0.1ts 第一次回到平衡位置，所以在波的传播方向 0.1s 前进了 1m，所以波速为110/0.1vm s 周期121.

26、210Tsv，故 A 正确；C 错误；B、t=0 时刻波刚好传播到 M 点，则 M 点的振动方向即为波源的起振方向，结合波振动方向的判断方法知波源的起振方向向下，故 B 正确；D、若观察者从 M 点以 2m/s 的速度沿 x 轴正方向移动，由多普勒效应知观察者接受到波的频率变小，故 D 错误；E、波传播到N需要181 126.910stsv，刚传到N点时N的振动方向向下，那么再经过2331.20.944tTs，所以质点 P 一共振动了7.87.86.51.2tsTT 所以,在此过程中质点 P 运动的路程为:6.5 4 205.2scmm 故 E 正确；综上所述本题答案是:ABE 点睛：根据波的

27、传播方向得到质点 P 的振动方向,进而得到振动方程,从而根据振动时间得到周期;由 P 的坐标得到波的波长,进而得到波速;根据 N 点位置得到波峰传播距离,从而求得波的运动时间,即可根据时间求得质点 P 的运动路程.四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)2nar或2nvar；(2)220cosvg；(3)2vaR【解析】(1)当t足够小时，Av、Bv的夹角就足够小，角所对的弦和弧的长度就近似相等。因此，vv 在t时间内，所对方向变化的角度为 t 联立可得 vvt 代入加速度定义式vat，以及把vr代入，可

28、得向心加速度大小的表达式为 2nar 上式也可以写为 2nvar(2)在斜抛运动最高点，质点的速度为 0cosvv 可以把质点的运动看成是半径为的圆周运动，因为质点只受重力，所以根据牛顿第二定律可得 2vmgm 联立可得 220cosvg(3)质点在短时间t内将从 A 以速度 v 匀速运动到B，则 ABxv t，212ACya t 由图可知 222()ACABRRyx 联立解得 222102vaRat 若t足够小，即 20t 所以 2vaR 14、（1）2 5m/smv （2）Q=5 J（3）40 5mx 【解析】(1)棒 MN 做匀加速运动，由牛顿第二定律得：F-BIL=ma 棒 MN 做切

29、割磁感线运动，产生的感应电动势为：E=BLv 棒 MN 做匀加速直线运动，5s 时的速度为：v=at1=2m/s 在两棒组成的回路中，由闭合电路欧姆定律得：2EIR 联立上述式子，有：222B L atFmaR 代入数据解得：F=0.5N 5s 时拉力 F 的功率为：P=Fv 代入数据解得：P=1W 棒 MN 最终做匀速运动，设棒最大速度为 vm，棒受力平衡，则有：0mmPBI Lv 2mmBLvIR 代入数据解得:2 5m/smv (2)解除棒 PQ 后，两棒运动过程中动量守恒，最终两棒以相同的速度做匀速运动，设速度大小为 v，则有：2mmvmv 设从 PQ 棒解除锁定，到两棒达到相同速度，

30、这个过程中，两棒共产生的焦耳热为 Q，由能量守恒定律可得：2211222mQmvmv 代入数据解得：Q=5J；(3)棒以 MN 为研究对象，设某时刻棒中电流为 i，在极短时间 t 内，由动量定理得：-BiL t=m v 对式子两边求和有：()()mBiL tm v 而 q=i t 对式子两边求和，有:()qi t 联立各式解得：BLq=mvm，又对于电路有：2EqIttR 由法拉第电磁感应定律得：BLxEt 又2BLxqR 代入数据解得：40 5mx 15、（1）2L（2）20mvmgqqL【解析】（1）小球在电场中做类平抛运动，设其在电场中运动时间为 t、离开电场时竖直分速度为 vAy，将小球的位移 OA 和在A 点的速度 vA分别分解在水平方向和竖直方向，则有 22200(2)vvvAy 水平方向：0Lv t 竖直方向：2vytAyA 联立式得：2LyA（2）y 方向由：vatAy 由牛顿第二定律有：qEmgma 联立解得：20mvmgEqqL。