2022-2023学年山东省广饶一中高三第四次模拟考试物理试卷含解析.pdf

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1、2023 年高考物理模拟试卷 注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、当前，新型冠状病毒（COVID-19）在威胁着全世界人民的生命健康，红外测温枪在疫情防控过程中发挥了重

2、要作用。红外测温枪与传统的热传导测温仪器相比，具有响应时间短、测温效率高、操作；方便防交又感染（不用接触被测物体）的特点。下列关于红外测温枪的说法中正确的是（）A红外测温枪工作原理和水银体温计测量原埋一样都是利用热胀冷缩原理 B红外测温枪能接收到的是身体的热量，通过热传导到达红外测温枪进而显示出体温 C红外测温枪利用了一切物体都在不停的发射红外线，而且发射红外线强度与温度有关，温度越高发射红外线强度就越大 D红外线也属于电磁波，其波长小于紫外线的波长 2、2019 年 1 月 3 日，“嫦娥四号”探测器成功实现在月球背面软着陆。探测器在距离月球表面附近高为 h 处处于悬停状态，之后关闭推进器，

3、经过时间 t 自由下落到达月球表面。已知月球半径为 R，探测器质量为 m，万有引力常量为 G，不计月球自转。下列说法正确的是（）A下落过程探测器内部的物体处于超重状态 B“嫦娥四号”探测器落到月球表面时的动能为222mht C月球的平均密度为232hRGt D“嫦娥四号”探测器在月球表面获得22Rht的水平速度就可离开月球表面围绕月球做圆周运动 3、继我国探月工程之后，2020 年我国计划启动火星探测任务，择机发射火星探测器。若已知引力常量 G 和火星的半径 R，火星探测器环绕火星表面飞行的周期 T，那么根据这些已知条件可估算（）A火星的第一宇宙速度 B火星的自转角速度 C探测器的质量 D探测

4、器受火星的引力 4、在如图所示装置中，轻杆一端固定着一个质量可以忽略不计的定滑轮，两物体质量分别为 m1、m2，轻绳一端固定于 a 点，悬点 a、b 间的距离远大于滑轮的直径，动滑轮质量和一切摩擦不计。整个装置稳定时下列说法正确的是（）A 可能大于 Bm1一定大于 m2 Cm1可能大于 2m2 D轻杆受到绳子的作用力22cos2m g 5、假设将來一艘飞船靠近火星时，经历如图所示的变轨过程，则下列说法正确的是（）A飞船在轨道上运动到 P 点的速度小于在轨道轨道上运动到 P 点的速度 B若轨道 I 贴近火星表面，测出飞船在轨道 I 上运动的周期，就可以推知火星的密度 C飞船在轨道 I 上运动到

5、P 点时的加速度大于飞船在轨道上运动到 P 点时的加速度 D飞船在轨道上运动时的周期小于在轨道 I 上运动时的周期 6、4 月 1 日，由于太阳光不能照射到太阳能电池板上，“玉兔二号”月球车开始进入第十六个月夜休眠期。在之后的半个月内，月球车采用同位素23894Pu电池为其保暖供电，已知Pu238是人工放射性元素，可用中子照23793Np得到。Pu238衰变时只放出射线，其半衰期为 88 年。则（）A用中子辐照 Np237 制造 Pu238 时将放出电子 BPu238 经一次衰变会有两个质子转变为两个中子 CPu238 经一次衰变形成的新核含有 144 个中子 D当到达下个月昼太阳能电池板工作

6、时，Pu238 停止衰变不再对外供电 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、如图所示，质量为1kg的物体放在倾角为 30的粗糙斜面上，一根劲度系数为100N/m的轻弹簧一端固定在斜面顶端，另一端连接物体，弹簧处于原长，物体恰好静止。现将物体沿斜面向下移动12cm后由静止释放、水平地面上的斜面始终保持静止，物体与斜面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，弹簧始终处于弹性限度内，取210m/sg，下列说法正确的是（）A物体与斜面间的动摩擦因数为33 B物体

7、释放后在斜面上运动时，斜面对地面的压力保持不变 C物体释放瞬间斜面对地面的摩擦力大小为3N，方向水平向左 D物体释放瞬间的加速度大小为27m/s，方向沿斜面向上 8、下列说法正确的有 A电子的衍射图样表明电子具有波动性 B发生光电效应时，仅增大入射光的频率，光电子的最大初动能就增大 C 衰变中放出的 射线是核外电子挣脱原子核束缚而形成的 D中子和质子结合成氘核，若亏损的质量为 m，则需要吸收 mc的能量 9、下列说法正确的是（）A在完全失重的情况下，气体对器壁的压强为零 B某些小昆虫在水面上行走自如，是因为“液体的表面张力”，该力是分子力的宏观表现 C人对空气干爽与潮湿的感受主要取决于空气的相

8、对湿度 D做加速运动的物体，由于速度越来越大，因此物体分子的平均动能也越来越大 E.熵增加原理说明一切自然过程总是向着分子热运动的无序性增大的方向进行 10、氢原子的能级如图所示，普朗克常量为 h。处于第 4 能级的大量氢原子向第 2 能级跃迁，下列说法中正确的是（）A可以释放出 3 种不同频率的光子 B可以释放出 2 种不同频率的光子 C所释放的光子的最小频率为43EEh D所释放的光子的最小频率为与42EEh 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）有一个量程为3V、内电阻约为4000的电压表，现用如图所示的电路测量其内

9、电阻 (1)实验中可供选择的滑动变阻器有两种规格，甲的最大阻值为2000，乙的最大阻值为10。应选用_。（选填“甲”或“乙”）(2)实验过程的主要步骤如下，请分析填空。A断开开关S，把滑动变阻器R的滑片P滑到_端；（选填“a”或“b”）B将电阻箱R的阻值调到零；C闭合开关S，移动滑片P的位置，使电压表的指针指到3V D开关S处于闭合状态保持滑片P的位置不变，调节电阻箱R的阻值使电压表指针指到_V，读出此时电阻箱R的阻值，此值即为电压表内电阻的测量值(3)电压表内电阻的测量值R测和真实值R真相比，有R测_R真。（选填“”或“【解析】(1)1滑动变阻器在电路中为分压使用，为保证测量电路供电电压不受

10、滑片P位置的影响，减小实验误差，滑动变阻器的最大电阻应远小于测量电路的电阻，故应选择10的，即应选用乙；(2)2在闭合S前，滑动变阻器滑片应移到某一端使电压表示数为 0，即滑片应移到b端；3当电阻箱阻值为 0 时，电压表满偏为3V；接入电阻箱后认为电路测量部分的总电压不变，仍为3V；当电压表读数为1.5V时，电阻箱两端电压也为1.5V，则电压表内电阻与电阻箱阻值相等；(3)4电阻箱与电压表串联后，测量电路的电阻增加，则测量电路两端的总电压稍大于3.0V，则电阻箱两端的电压稍大于1.5V，则电阻箱的阻值大于电压表的阻值，即有 R测R真 12、0.58 0.59 9.7 【解析】(1)1匀变速直线

11、运动某段时间内，中间时刻速度等于平均速度：640.86400.3840m/s2.4m/s22 0.1xxvT 动能增加量：2k121()0.58J2Emm v；2系统势能的减少量：p21()0.59JEmm gh；(2)3根据机械能守恒定律：221121()(2)mm ghmm v 得：221122()()mm gvhmm 斜率：21122()13.58()1.40mm gkmm 得出：g9.7m/s2。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）20.10（2）0.96m【解析】（1）A、B 一起运动时，受

12、冰面对它的滑动摩擦力，做匀减速运动，加速度:22220 4m/s1m/s2 0.08ag 解得木板与冰面的动摩擦因数：20.10（2）小物块 A 在长木板上受木板对它的滑动摩擦力，做匀减速运动，加速度为：2112.5m/sag 小物块 A 在木板上滑动时，木板 B 受小物块 A 的滑动摩擦力和冰面的滑动摩擦力，做匀加速运动，有：1222mgm gma 解得加速为 220.50m/sa 设小物块冲上木板时的初速度为10v，经时间 t 后 A、B 的速度相同为v，由长木板的运动得：2va t 解得滑行时间为：20.8svta 小物块冲上木板的初速度为 1012.4m/svva t 小物块 A 在长

13、木板 B 上滑动的距离为：22121012110.96m22xxxv ta ta t 14、(1)71.5N，方向竖直向下 (1)3.3s (3)11.5m【解析】（1）滑块 B 由初位置到圆弧轨道底端：mg（h+R）=12mv11 得 v1=5m/s 圆弧轨道最低点：FN-mg=m21vR 得 FN=71.5N 由牛顿第三定律滑块对轨道的压力为 71.5N，方向竖直向下（1）B 滑上 A 系统动量守恒：mv1=（M+m）v共 对 B：-mgt=mv共-mv1 得 t3.3s（3）B 滑上 A 到 A 与台阶碰前：对 A：mgx=12Mv11-3 对 AB 系统：mv1=mv3+Mv1 且 A

14、 与台阶只碰一次，需满足：Mv1mv3 得 x2516m1.6m 设最终 AB 共速为 vAB，两者相对位移为 L-mgL=12（M+m）vAB1-12mv11 分析可知：vAB越小，L 越大，即 x 取2516m 时，AB 的末速度 vAB=3 此时 L=11.5m 所以木板 A 的至少长度为 11.5m 15、(1)8m/sv,17m/sv (2)3.5st 【解析】（1）在 0-3s 内，对 P，由动量定理有：F1t1+F2t2-mg（t1+t2）=mv-0 其中 F1=2N，F2=3N，t1=2s，t2=1s 解得：v=8m/s 设 P 在 BC 两点间滑行的加速度大小为 a，由牛顿第二定律可得：mg=ma P 在 BC 两点间做匀减速直线运动，有：v2-v12=2aL 解得：v1=7m/s（2）设 P 与 Q 发生弹性碰撞后瞬间的速度大小分别为 v1、v2，取向右为正方向，由动量守恒定律和动能守恒有：mv1=mv1+mv2 12mv12=12mv12+12mv22 联立解得：v2=v1=7m/s 碰后 Q 做匀减速直线运动，加速度为：a=g=2m/s2 Q 运动的时间为：273.53vtssa