2023届内蒙古包头市北方重工集团三中高考临考冲刺物理试卷含解析.pdf

《2023届内蒙古包头市北方重工集团三中高考临考冲刺物理试卷含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023届内蒙古包头市北方重工集团三中高考临考冲刺物理试卷含解析.pdf（15页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、2023 年高考物理模拟试卷 考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，A、B、C 是光滑绝缘斜面上的三个点，Q 是一带正电的固定点电荷，Q、B 连线垂直于斜面，Q、A 连线与 Q、C 连线长度相等，带正电的小物块从 A 点以初速度

2、v 沿斜面向下运动。下列说法正确的是（）A小物块在 B 点电势能最小 B小物块在 C 点的速度也为 v C小物块在 A、C 两点的机械能相等 D小物块从 A 点运动到 C 点的过程中，一定先减速后加速 2、如图甲所示，梯形硬导线框 abcd 固定在磁场中，磁场方向与线框平面垂直，图乙表示该磁场的磁感应强度 B 随时间 t 变化的关系，t=0 时刻磁场方向垂直纸面向里。在 05t0时间内，设垂直 ab 边向上为安培力的正方向，线框 ab 边受到该磁场对它的安培力 F 随时间 t 变化的关系图为 A B C D 3、马路施工处警示灯是红色的，除了因为红色光容易引起视觉注意以外，还因为红色光比其它可

3、见光传播范围更广，这是由于红色光（）A更容易发生衍射 B光子的能量大 C更容易发生干涉 D更容易发生光电效应 4、伽利略通过斜面理想实验得出了（）A力是维持物体运动的原因 B物体的加速度与外力成正比 C物体运动不需要力来维持 D力是克服物体惯性的原因 5、如图所示为某种电流表的原理示意图，质量为 m 的均质细金属棒 MN 的中点处通过一挂钩与一竖直悬挂的轻弹簧相连，绝缘弹簧劲度系数为 k。在矩形区域 abcd 内有匀强磁场，磁感应强度大小为 B，方向垂直纸面向外，与 MN 的右端 N 连接的一绝缘轻指针可指示标尺上的读数，MN 的长度大于 ab 的长度。当 MN 中没有电流通过且处于平衡状态时

4、，MN 与矩形区域的 cd 边重合，当 MN 中有电流通过时，指针示数可表示电流强度。已知 k2.0 N/m，ab 的长度为 0.20 m，bc 的长度为 0.05 m，B0.20 T，重力加速度为 g。下列说法不正确的是（）A当电流表示数为零时，弹簧的伸长量为mgk B若要电流表正常工作，应将 MN 的 M 端与电源正极相接 C该电流表的量程是 2.5 A D若将量程扩大到 2 倍，磁感应强度应变为 0.20 T 6、甲、乙两运动员在做花样滑冰表演，沿同一直线相向运动，速度大小都是 1m/s，甲、乙相遇时用力推对方，此后都沿各自原方向的反方向运动，速度大小分别为 1m/s 和 2m/s.求甲

5、、乙两运动员的质量之比（）A1:2 B2:1 C2:3 D3:2 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、倾角为 30的光滑斜面上放一质量为 m 的盒子 A，A 盒用轻质细绳跨过定滑轮与 B 盒相连，B 盒内放一质量2m的物体。如果把这个物体改放在 A 盒内，则 B 盒加速度恰好与原来等值反向，重力加速度为 g，则 B 盒的质量 mB和系统的加速度 a 的大小分别为（）A4Bmm B38Bmm Ca0.2g Da0.4g 8、如图是一定质量的理想气

6、体的 pV 图，气体状态从 ABCDA 完成一次循环，AB(图中实线)和 CD 为等温过程，温度分别为 T1和 T2.下列判断正确的是()AT1T2 BCD 过程放出的热量等于外界对气体做的功 C若气体状态沿图中虚线由 AB，则气体的温度先降低后升高 D从微观角度讲 BC 过程压强降低是由于分子的密集程度减少而引起的 E.若 BC 过程放热 200 J，DA 过程吸热 300 J，则 DA 过程气体对外界做功 100 J 9、某探究小组利用图甲所示的电路探究一标签模糊的理想变压器的原、副线圈匝数比。R 为定值电阻，L1、L2为两只标有“5V，2A”的相同小灯泡，S 为开关。保持开关 S 断开，

7、在输入端施加如图乙所示的交变电压后，灯泡 L1正常发光，测得电阻 R 两端的电压为灯泡 L1两端电压的 2 倍。以下说法正确的是（）A理想变压器原、副线圈的匝数比为 4：1 B理想变压器原、副线圈的匝数比为 1：4 C定值电阻的阻值为 10 D闭合开关 S 后，灯泡 L1中的电流变小 10、如图所示电路中，电源内阻忽略不计闭合电键，电压表示数为 U，电流表示数为 I；在滑动变阻器 R1的滑片 P由 a 端滑到 b 端的过程中 AU 先变大后变小 BI 先变小后变大 CU 与 I 比值先变大后变小 DU 变化量与 I 变化量比值等于 R3 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答

8、题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）在“探究物体质量一定时加速度与力的关系”实验中，小明同学做了如图甲所示的实验改进，在调节桌面水平后，添加了用力传感器来测细线中的拉力 (1)关于该实验的操作，下列说法正确的是_ A必须用天平测出砂和砂桶的质量 B一定要保证砂和砂桶的总质量远小于小车的质量 C应当先释放小车，再接通电源 D需要改变砂和砂桶的总质量，打出多条纸带 E.实验中需要将小车轨道适当倾斜以平衡摩擦力 F.实验中小车应从靠近打点计时器位置静止释放(2)实验得到如图乙所示的纸带，已知打点计时器使用的交流电源的频率为 50Hz，相邻两计数点之间还有四个点未画出，由图中的数据可

9、知，打下 B 点时，小车运动的速率是_m/s小车运动的加速度大小是_m/s2.（计算结果保留三位有效数字）(3)由实验得到小车的加速度 a 与力传感器示数 F 的关系如图丙所示则小车与轨道的滑动摩擦力 Ff=_N.12（12 分）在练习使用多用电表的实验中。请完成下列问题：(1)用多用表测量某元件的电阻，选用“100”倍率的电阻挡测量，发现多用表指针偏转角度过小，因此需选择_（填“10”或“1k”）倍率的电阻挡，并需_（填操作过程）后，再次进行测量，多用表的指针如图甲所示，测量结果为_。(2)某同学设计出了一个“欧姆表”，用来测量电阻，其内部结构可简化成图乙电路，其中电源内阻 r=1.0，电流

10、表 G的量程为 Ig，故能通过读取流过电流表 G 的电流值而得到被测电阻的阻值。该“欧姆表”的调零方式和普通欧姆表不同。该同学想用一个电阻箱 Rx来测出电路中电源的电动势 E 和表头的量程 Ig，进行如下操作步骤：A先使两表笔间不接入任何电阻，断开状态下闭合开关，调滑动电阻器使表头满偏；B将该“欧姆表”与电阻箱 Rx连成闭合回路，改变电阻箱阻值；记下电阻箱示数 Rx和与之对应的电流表 G 的示数 I；C将记录的各组 Rx，I 的数据转换成1I、1xR后并描点得到11xIR图线，如图丙所示；D根据图丙中的11xIR图线，求出电源的电动势 E 和表头的量程 Ig。由图丙可知电源的电动势为_，电流表

11、G 的量程是_。(3)在(2)中，某次实验发现电流表 G 的指针半偏，则电阻箱接入电路中的电阻 Rx_（保留 2 位有效数字）四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图所示，一张纸上用笔点一个点 A，纸放在水平桌面上，用一高度为 h 的平行玻璃砖放置在纸上且点A 在玻璃砖的下面，设光在玻璃砖内的折射率为 n，从正上方向下看点 A，看到点 A 的深度为多少？14（16 分）如图所示，一长为11mL 的水平传送带，以04m/sv 的速率逆时针转动。把一质量为1kgm 的物块A 以速度大小0v推上传送带的

12、右端，同时把另一质量为2kgM 的物块 B 以速度大小8m/sv 推上传送带的左端。已知两个物块相撞后以相同的速度在传送带上运动，两个物块与传送带间的动摩擦因数均为0.2，重力加速度210m/sg，物块可视为质点且碰撞时间极短。求：(1)经多长时间两个物块相撞；(2)相撞后两个物块再经多长时间相对传送带静止；(3)物块 B 与传送带因摩擦产生的热量Q。15（12 分）如图，半径为 a 的内圆 A 是电子发射器，其金属圆周表圆各处可沿纸面内的任意方向发射速率为 v 的电子；外圆 C 为与 A 同心的金属网，半径为3a不考虑静电感应及电子的重力和电子间的相互作用，已知电子质量为 m，电量为 e (

13、1)为使从 C 射出的电子速率达到 3v，C、A 间应加多大的电压 U；(2)C、A 间不加电压，而加垂直于纸面向里的匀强磁场 若沿 A 径向射出的电子恰好不从 C 射出，求该电子第一次回到 A 时，在磁场中运动的时间 t；为使所有电子都不从 C 射出，所加磁场磁感应强度 B 应多大 参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A该电场是正点电荷产生的电场，所以 B 点的电势最高，根据正电荷在电势越高的地方，电势能越大，可知带正电的小物块在 B 点电势能最大，故 A 错误；BC在电场中 A、C 两点

14、的电势相等，所以小物块在 A、C 两点的电势能相等，根据能量守恒定律，可知小物块在 A、C 两点的机械能相等，小物块从 A 点到 C 点重力做正功，重力势能减少，电势能变化量为零，所以在 C 点动能增加，故在 C 点的速度大于 v，故 B 错误，C 正确；D小物块从 A 点运动到 C 点的过程中，可能先减速后加速，也可能一直加速，故 D 错误。故选 C。2、D【解析】根据法拉第电磁感应定律求解感应电动势，根据欧姆定律求解感应电流，根据安培力公式 FBIL 求解安培力；根据楞次定律判断感应电流的方向，再由左手定则判定安培力的方向，即可求解。【详解】02t0，感应电动势为：E1SBtS00Bt，为

15、定值，3t05t0，感应电动势为：E2SBtS00Bt，也为定值，因此感应电流也为定值，那么安培力 FBILB，由于 0t0，B 逐渐减小到零，故安培力逐渐减小到零，根据楞次定律，可知，线圈中感应电流方向顺时针，依据左手定则，可知，线框 ab 边受到安培力方向向上，即为正；同理，t02t0，安培力方向向下，为负，大小增大，而在 2t03t0，没有安培力；在 3t04t0，安培力方向向上，为正，大小减小；在 4t05t0，安培力方向向下，为负，大小增大，故 D 正确，ABC 错误。3、A【解析】A红色光的波长较长，而频率较小，所以比其他可见光更容易发生衍射，A 正确 B由h 知红光比其他可见光的

16、光子能量更小，B 错误 C发生干涉的条件是两束光同频、同向、同相位，与光的颜色无关，故 C 错误 D发生光电效应的条件是入射光的频率大于金属的极限频率，红色光的频率小，不容易发生光电效应，故 D 错误 故选 A【点睛】本题是物理知识在生活中的应用，考查了光的波长、频率和衍射、光电效应的关系要知道红色光在可见光中的频率最小，波长最长 4、C【解析】AC.理想斜面实验只能说明力不是维持物体运动的原因，即物体的运动不需要力来维持，故 A 错误，C 正确；B.牛顿第二定律说明力是使物体产生加速度的原因，物体的加速度与外力成正比，故 B 错误；D.惯性是物体固有的属性，质量是物体惯性大小的量度，惯性与物

17、体的运动状态和受力无关，故 D 错误。故选 C。5、D【解析】A设弹簧的伸长量为 x，则有 mgkx 得 mgxk 故当电流表示数为零时，弹簧伸长量为mgk，故 A 正确，不符合题意；B为使电流表正常工作，作用于通有电流的金属棒 MN 的安培力必须向下，由左手定则可知金属棒中电流从 M 端流向 N 端，因此 M 端应接正极，故 B 正确，不符合题意；C设满量程时通过 MN 的电流为 Im，则有 BImlabmgk（lbcx）解得 Im2.5 A 故该电流表的量程是 2.5 A，故 C 正确，不符合题意；D设量程扩大后，磁感应强度变为 B，则有 2BImlabmgk（lbcx）解得 B0.10

18、T 故 D 错误，符合题意。故选 D。6、D【解析】由动量守恒定律得 1 12 22 21 1mvmvmvmv 解得 122211mvvmvv 代入数据得 1232mm 故选 D。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、BC【解析】当物体放在 B 盒中时，以 AB 和 B 盒内的物体整体为研究对象，根据牛顿第二定律有 11sin3022BBm gmgmgmmma（）（）当物体放在 A 盒中时，以 AB 和 A 盒内的物体整体为研究对象，根据牛顿第二

19、定律有 11sin3022BBmmgm gmmma（）（）联立解得 38Bmm 加速度大小为 a=0.2g 故 AD 错误、BC 正确。故选 BC。8、ABE【解析】由图示图象可知，DA 过程为等压过程，气体体积变大，由盖吕萨克定律可知，气体温度升高，即 A 点的温度高于D 点的温度，则12TT，故 A 正确；CD 过程是等温变化，气体内能不变，0U，气体体积减小，外界对气体做功，0W，由热力学第一定律得0QUWW ，气体放出热量，由以上分析可知，CD 过程放出的热量等于外界对气体做的，故 B 正确；若气体状态沿图中虚线由 AB，则气体的温度先升高后降低，故 C 错误；从 BC过程，气体体积不

20、变，压强减小，由查理定律可知，气体的温度 T 降低，分子的平均动能减小，由于气体体积不变，分子数密度不变，单位时间内撞击器壁的分子数不变，分子平均动能减小，分子撞击器壁的作用力变小，气体压强减小，故 D 错误；由热力学第一定律可知，若 BC 过程放热 200J，DA 过程吸热 300J，则 DA 过程气体对外界做功 100J，故 E 正确；9、CD【解析】AB由电压图像可知，输入电压的最大值为20 2mU V，则有效值为 2mUU 20V 灯泡正常发光，故灯泡两端的电压为 5V，即副线圈两端的电压25U V，由题知电阻 R 两端的电压为RU10V，故变压器原线圈的电压 1RUUU=10V 原副

21、线圈的匝数比 112210251nUnU 故 AB 错误；C灯泡 L1正常发光，即副线圈的电流22I A，根据理想变压器输入功率等于输出功率可知，原副线圈中的电流之比 122112InIn 解得电阻 R 中的电流为1I 1A，由欧姆定律可知 101RRURI=10 故 C 正确；D开关 S 闭合后，电路的总电阻减小，而输入端电压保持不变，故副线圈中的电流增大，则原线圈中电流增大，电阻 R 两端电压升高，变压器原线圈电压降低，故副线圈输出电压降低，灯泡1L两端电压降低，电流减小，故 D 正确。故选 CD。10、BC【解析】由图可知电压表测量的是电源的电压，由于电源内阻忽略不计，则电压表的示数总是

22、不变，故 A 错误；在滑动变阻器1R的滑片 P 由 a 端滑到 b 端的过程中，滑动变阻器1R的电阻先增大后减小，由于电压不变，根据闭合电路欧姆定律可知电流表示数先减小后增大，U 与 I 的比值就是接入电路的1R的电阻与2R的电阻的和，所以 U 与 I 比值先变大后变小，故 C 正确；由于电压表示数没有变化，所以 U 变化量与 I 变化量比值等于 0，故 D 错误；【点睛】当滑动变阻器的两部分并联在电路中时，在最中间时，电阻最大，滑片从一端移动到另一端的过程中，电阻先增大后减小，三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、DEF 0.7

23、21 2.40 1.0 【解析】(1)1 AB对小车的拉力是通过力传感器得到的，故无需测量沙和沙桶的质量，也不需要满足沙和沙桶的总质量远小于小车的质量，故 AB 错误；C使用打点计时器，应先接通电源，在释放小车，故 C 错误；D探究物体质量一定时加速度与力的关系，要改变沙和沙桶的总质量，打出多条纸带，故 D 正确；E由于实验要求研究小车的合外力与加速度的关系，需要排除与轨道的滑动摩擦力的影响，所以实验中需要将长木板倾斜，以平衡摩擦力，故 E 正确；F在释放小车前，小车应尽量靠近打点计时器，以能在纸带上打出更多的点，有利于实验数据的处理和误差的减小，故 F 正确；(2)2相邻两计数点之间还有四个

24、点未画出，相邻两计数点间的时间间隔为0.1sT，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，打下B点时，小车运动的速率是：0.18010.0360m/s0.721m/s22 0.1BACxvT 3根据2xaT 可得：2220.28810.0961 2m/s2.40m/s44 0.01BDOBxxaT(3)4根据牛顿第二定律可知：2fFFma 解得：1.0NfF 12、)1k 欧姆调零 6000 1.5V 0.25A 0.83 【解析】(1)123用多用表测量某元件的电阻，选用“100”倍率的电阻挡测量，发现多用表指针偏转角度过小，说明倍率档选择过低，因此需选择“1k”倍率的电阻挡

25、，并需欧姆调零后，再次进行测量，多用表的指针如图甲所示，测量结果为 6000。(2)45由闭合电路欧姆定律得()gxgEIrIEIrIrERI 把 r=1.0 代入整理得(1)1111 xggIRIEI 故 1=4gI 得 Ig=0.25A 1194=1.5gIE 得 E=1.5V(3)6电流表 G 的指针半偏，则 I=0.125A，由(1)1111 xggIRIEI 代入数据解得 Rx=0.83 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、hn【解析】取从 A 点发出的射向界面的两条光线：一条是垂直射向界面；另一

26、条是斜射到界面的光线，且入射角AON且很小；折射角为MOB，则由光的折射定律可得 sinsinn 由几何关系 tanOQOQPQh tanOQh 由于 均较小，则 tansin tansin 联立解得：hhn 14、(1)1s(2)10s3(3)796J9【解析】(1)由题意知物块 A 随传送带一起做匀速直线运动，设物块 B 做加速度大小为a的匀减速直线运动，则由牛顿第二定律有 MgMa 设经时间t两个物块相撞，则有 2012v tvtatL 解得 1st 或者11st（舍去）(2)规定向右为正方向，两个物块相撞后瞬间的速度为1v，则有 01()()M vatmvMm v 以两个物块为系统，经

27、时间t两个物块相对传送带静止，由动量定理得 01()()()Mm gtMm vMm v 解得 10s3t (3)设物块 B 在与物块 A 相撞之前与传送带因摩擦产生的热量为1Q，由能量守恒定律有 221011()22QMvM vatMg v t 设碰撞之后物块 B 与传送带因摩擦产生的热量为2Q，由能量守恒定律有 2200121122Mg v tMvMvQ 物块 B 与传送带因摩擦产生的热量 12QQQ 解得 796J9Q 15、（1）24mve（2）4 39av 2(31)mvBae 【解析】（1）对电子经 C、A 间的电场加速时，由动能定理得 2211322eUmvmv 得24mvUe（2）电子在 C、A 间磁场中运动轨迹与金属网相切轨迹如图所示 设此轨迹圆的半径为 r，则2223arra 又2 rTv 得tan3ar 故=60 所以电子在磁场中运动的时间2-22tT 得4 39atv（3）若沿切线方向射出的电子轨迹恰好与金属网 C 相切则所有电子都不从 C 射出，轨迹如图所示：23raa 又2vevBmr 得23-1mvBae（）所以23-1mvBae（）