2022-2023学年山东青岛市青岛二中高考物理必刷试卷含解析.pdf

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1、2023 年高考物理模拟试卷 注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用 2B 铅笔填涂；非选择题必须使用 05 毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，一小物体沿光滑斜面做匀变速直线运动经过acb、三点。已知c为ab

2、、的中点，小物体经过ab、两点的速度大小分别为21m/sav 和3m/sbv，则小物体从a点运动到c点的时间与从c点运动到b点的时间之比accbtt可能为（）A13 B16 C5 D4 2、物体在恒定的合外力作用下做直线运动，在时间 t1内动能由 0 增大到 E0，在时间t2内动能由 E0增大到 2E0.设合外力在 t1内做的功是 W1、冲量是 I1，在t2内做的功是 W2、冲量是 I2，那么()AI1I2 W1=W2 CI1I2 W1W2 DI1=I2 W1W2 3、如图所示，一只蚂蚁从盘中心 O 点向盘边缘 M 点沿直线 OM 匀速爬动，同时圆盘绕盘中心 O 匀速转动，则在蚂蚁向外爬的过程

3、中，下列说法正确的（）A蚂蚁运动的速率不变 B蚂蚁运动的速率变小 C相对圆盘蚂蚁的运动轨迹是直线 D相对地面蚂蚁的运动轨迹是直线 4、物理老师在课堂上将一张薄面纸夹在一本厚厚的“唐诗辞典”的最下层两个页面之间，并将它们静置于桌面上要求学生抽出面纸，结果面纸总被拉断然后物理老师为学生表演一项“绝活”手托“唐诗辞典”让其运动并完好无损地抽出了面纸，则“唐诗辞典”可能（）A水平向右匀速运动 B水平向左匀速运动 C向下加速运动 D向上加速运动 5、如图甲所示，物体在竖直方向受到大小恒定的作用力 F=40N，先由静止开始竖直向上做匀加速直线运动，当 t=1s时将 F 反向，大小仍不变，物体的v t图象如

4、图乙所示，空气对物体的阻力大小恒定，g=10m/s2，下列说法正确的是（）A物体在 1.25s 内拉力 F 的平均功率为 160W B物体 1.25s 内阻力做功的平均功率为为 16W C空气对物体的阻力为 6N D物体的质量为 4kg 6、吊兰是常养的植物盆栽之一，如图所示是悬挂的吊兰盆栽，四条等长的轻绳与竖直方向夹角均为 30，花盆总质量为 2kg，取 g=10m/s2，则每根轻绳的弹力大小为（）A5N B10 3N3 C10N D20N 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的

5、得 3 分，有选错的得 0 分。7、如图甲、乙所示，分别用恒力 F1、F2先后将质量为 m 的物体，由静止开始沿同一粗糙的固定斜面由底端拉到顶端，两次到达顶端的速度相同，第一次力 F1沿斜面向上，第二次 F2水平向右。则两个过程中（）A物体机械能变化量相同 B物体与斜面摩擦生热相同 CF1做的功与 F2做的功相同 DF1做功的功率比 F2做功的功率小 8、倾角为 37的足够长斜面，上面有一质量为 2kg，长 8m 的长木板 Q，木扳上下表面与斜面平行。木板 Q 最上端放置一质量为 1kg 的小滑块 P。P、Q 间光滑，Q 与斜面间的动摩擦因数为13。若 P、Q 同时从静止释放，以下关于 P、Q

6、 两个物体运动情况的描述正确的是（sin 37=0.6，cos 37=0.8，g 取 10m/s2）（）AP、Q 两个物体加速度分别为 6m/s2、4m/s2 BP、Q 两个物体加速度分别为 6m/s2、2m/s2 CP 滑块在 Q 上运动时间为 1s DP 滑块在 Q 上运动时间为 2s 9、如图所示，小车质量为M，小车顶端为半径为R的四分之一光滑圆弧，质量为m的小球从圆弧顶端由静止释放，对此运动过程的分析，下列说法中正确的是（g 为当地重力加速度）（）A若地面粗糙且小车能够静止不动，则地面对小车的静摩擦力最大为mg B若地面粗糙且小车能够静止不动，则地面对小车的静摩擦力最大为32mg C若

7、地面光滑，当小球滑到圆弧最低点时，小车速度为2()gRmM Mm D若地面光滑，当小球滑到圆弧最低点时，小车速度为2()gRMm Mm 10、如图（甲）所示，两根足够长的平行光滑金属导轨固定在水平面内，导轨间距为 1.0m，左端连接阻值 R=4.0 的电阻，匀强磁场磁感应强度 B=0.5T、方向垂直导轨所在平面向下。质量 m=0.2kg、长度 l=1.0m、电阻 r=1.0 的金属杆置于导轨上，向右运动并与导轨始终保持垂直且接触良好，t=0 时对杆施加一平行于导轨方向的外力 F，杆运动的 vt 图像如图（乙）所示，其余电阻不计、则（）At=0 时刻，外力 F 水平向右，大小为 0.7N B3s

8、 内，流过 R 的电荷量为 3.6C C从 t=0 开始，金属杆运动距离为 5m 时电阻 R 两端的电压为 1.6V D在 03.0s 内，外力 F 大小随时间 t 变化的关系式是 F=0.1+0.1t（N）三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）用图甲所示装置探究动能定理。有下列器材：A电火花打点计时器；B220V 交流电源；C纸带；D细线、小车、砝码和砝码盘；E.一端带滑轮的长木板、小垫木；F.刻度尺。甲 乙(1)实验中还需要的实验器材为_。(2)按正确的实验操作，实验中得到一条点迹清晰的纸带如图乙，图中数据 xA、xB

9、和 xAB已测出，交流电频率为 f，小车质量为 M，砝码和砝码盘的质量为 m，以小车、砝码和砝码盘组成系统为研究对象，从 A 到 B 过程中，合力做功为_，动能变化量为_，比较二者大小关系，可探究动能定理。12（12 分）为了探究质量一定时加速度与力的关系，一同学设计了如图所示的实验装置。其中 M 为带滑轮的小车的质量，m 为砂和砂桶的质量。（滑轮质量不计）(1)下列实验步骤正确的是_ A用天平测出砂和砂桶的质量 B将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力 C小车靠近打点计时器，先释放小车，再接通电源，打出一条纸带，同时记录弹簧测力计的示数 D改变砂和砂桶的质量，打出几条纸带 E.实验中不需要砂

10、和砂桶的质量 m 远小于小车的质量 M(2)该同学在实验中得到如图所示的一条纸带（两计数点间还有两个点没有画出），已知打点计时器采用的是频率为 50Hz的交流电，根据纸带可求出小车的加速度为_2m/s。（结果保留两位有效数字）(3)以弹簧测力计的示数 F 为横坐标，加速度为纵坐标，画出的aF图象是一条直线，图线与横坐标的夹角为，求得图线的斜率为k，则小车的质量为_。A2tan Btan C2k Dk 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图所示，光导纤维可简化为长玻璃丝的示意图，玻璃丝长为 L，折

11、射率为 n（n2）。AB 代表端面。为使光能从玻璃丝的 AB 端面传播到另一端面。求光在端面 AB 上的入射角 应满足的条件。14（16 分）如图所示，带等量异种电荷的两平行金属板竖直放置（M 板带正电，N 板带负电），板间距为 d=80cm，板长为 L，板间电压为 U=100V。两极板上边缘连线的中点处有一用水平轻质绝缘细线拴接的完全相同的小球 A 和 B组成的装置 Q，在外力作用下 Q 处于静止状态，该装置中两球之间有一处于压缩状态的绝缘轻质小弹簧（球与弹簧不拴接），左边 A 球带正电，电荷量为 q=410-5C，右边 B 球不带电，两球质量均为 m=1.010-3kg，某时刻装置 Q 中

12、细线突然断裂，A、B 两球立即同时获得大小相等、方向相反的速度（弹簧恢复原长）。若 A、B 之间弹簧被压缩时所具有的弹性能为 1.010-3J，小球 A、B 均可视为质点，Q 装置中弹簧的长度不计，小球带电不影响板间匀强电场，不计空气阻力，取 g=10m/s2。求：(1)为使小球不与金属板相碰，金属板长度 L 应满足什么条件？(2)当小球 B 飞离电场恰好不与金属板相碰时，小球 A 飞离电场时的动能是多大？(3)从两小球弹开进入电场开始，到两小球间水平距离为 30cm 时，小球 A 的电势能增加了多少？15（12 分）一列简谐横波沿 x 轴正方向传播，在 x=0 和 x=0.6 m 处的两个质

13、点 A、B 的振动图象如图所示已知该波的波长大于 0.6 m，求其波速和波长 参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】中点位移的瞬时速度大小 2215m/s2abcvvv 若小物体反向之前经过cb、两点，则有 1:2accabccbtvvvvtaa；若小物体反向之前经过c点、反向之后经过b点，则有 1:3accabccbtvvvvtaa；综合上述可知，选项 A 正确，BCD 错误；故选 A。2、B【解析】根据动能定理得：W1=E0-0=E0，W1=1E0-E0=E0 则 W1=W1动量与动能的关

14、系式为,则由动量定理得：，则 I1I1 A.I1I1 W1=W1不相符，故 A 不符合题意；B.I1I1 W1=W1与上述分析结论 I1I1 W1=W1相符，故 B 符合题意；C.I1I1 W1I1 W1=W1不相符，故 C 不符合题意；D.I1=I1 W1I1 W1=W1不相符，故 D 不符合题意。3、C【解析】AB在蚂蚁向外爬的过程中，沿半径方向的速度不变，垂直于半径方向的速度逐渐变大，可知合速度逐渐变大，即蚂蚁运动的速率变大，选项 AB 错误；C蚂蚁沿半径方向运动，则相对圆盘蚂蚁的运动轨迹是直线，选项 C 正确；D相对地面，蚂蚁有沿半径方向的匀速运动和垂直半径方向的圆周运动，则合运动的轨

15、迹不是直线，选项 D 错误；故选 C。4、C【解析】学生抽出面纸总被拉断，说明面纸所受的最大静摩擦力大于面纸所承受的拉力；而老师却能把面纸拉出，可知面纸所受到的最大静摩擦力小于面纸承受的拉力，面纸受到的正压力减小了，说明辞典可能发生了失重，即可能向下做加速运动。故选 C。5、B【解析】A在 1.25s 内，图像围成面积为 5m，即总位移为 5m，拉力第一阶段向上的位移为 4m，则拉力做正功 160J，第二阶段位移为 1m，则拉力做负功 40J，总共 120J，平均功率 96W，故 A 错误。CD根据牛顿第二定律可得：F（mg+f)=ma1 F+mg+f=ma2，又由题图乙可知 a1=2m/s2

16、 a2=6m/s2 联立解得物体的质量 m=2kg 空气对物体的阻力为 f=4N CD 项错误。B阻力全程做负功，共 Wf=45=20J，所以平均功率为 16WffWPt B 正确。故选 B。6、B【解析】根据对称性可知，每根绳的拉力大小相等，设每根绳的拉力大小为 F。在竖直方向由平衡条件得：4Fcos30=G 解得：F=10 33N。A5N，与结论不相符，选项 A 错误；B10 3N3，与结论相符，选项 B 正确；C10N，与结论不相符，选项 C 错误；D20N，与结论不相符，选项 D 错误；二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项

17、是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、AD【解析】A两个过程中，物体的末速度相同，动能相同，则动能的变化量相同，物体上升相同的高度，重力势能变化量相同，所以物体的机械能变化量相同，故 A 正确；B由图分析可知，第一个物体所受的摩擦力小于第二个物体所受的摩擦力，故两物体克服摩擦力做功不同，故物体与斜面的摩擦力产热不相同，故 B 错误；C根据动能定理得 2102FfWmghWmv 解得 212FfWmghWmv 第一个物体所受的摩擦力小于第二个物体所受的摩擦力，故两物体克服摩擦力做功不同，重力做功相同，则 F1做的功比 F2做的少，故 C 错误；D

18、根据 2vxt 知 x、v 相同，则 t 相同，而 F1做的功小于 F2做的功，根据 WPt 可知 F1做功的功率比 F2做功的功率小，故 D 正确。故选 AD。8、BD【解析】AB对 P 受力分析，受重力和 Q 对 P 的支持作用，根据牛顿第二定律有：sin37PPPm gm a 解得：sin37Pag6m/s2 对 Q 受力分析，受重力、斜面对 Q 的支持力、摩擦力和 P 对 Q 的压力作用，根据牛顿第二定律有：sin37cos37QPQQQm gmmgm a 解得：2Qa m/s2，A 错误，B 正确；CD设 P 在 Q 上面滑动的时间为 t，因Pa=6m/s22Qa m/s2，故 P

19、比 Q 运动更快，根据位移关系有：221122PQLa ta t 代入数据解得：t=2s，C 错误，D 正确。故选 BD。9、BC【解析】AB若地面粗糙且小车能够静止不动，设圆弧半径为 R，当小球运动到半径与竖直方向的夹角为 时，速度为 v 根据机械能守恒定律有：12mv2=mgRcos 由牛顿第二定律有：N-mgcos=m2 vR 解得小球对小车的压力为：N=3mgcos 其水平分量为 Nx=3mgcossin=32mgsin2 根据平衡条件知，地面对小车的静摩擦力水平向右，大小为：f=Nx=32mgsin2 可以看出：当 sin2=1，即=45时，地面对车的静摩擦力最大，其值为 fmax=

20、32mg 故 A 错误，B 正确 CD若地面光滑，当小球滑到圆弧最低点时，小车的速度设为 v，小球的速度设为 v小球与小车组成的系统在水平方向动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：mv-Mv=0；系统的机械能守恒，则得：mgR=12mv2+12Mv2，解得：v=2gRmM Mm 故 C 正确，D 错误 故选 BC【点睛】本题中地面光滑时，小车与小球组成的系统在水平方向所受合外力为零，系统在水平方向动量守恒，但系统的总动量并不守恒 10、CD【解析】A根据 vt 图象可以知道金属杆做匀减速直线运动，加速度为 2062m/s3vat 当 t=0 时刻，设向右为正方向，根据牛顿第二定律有 FB

21、ILma 根据闭合电路欧姆定律和法拉第电磁感应定律有 0BLvEIrRrR 联立以上各式代入数据可得0.1NF，负号表示方向水平向左，故 A 错误；B根据 Et qEItRr 联立可得 B SqRrRr 又因为 vt 图象与坐标轴围成的面积表示通过的位移，所以有 16 3m9m2S 故代入数据可解得 q=0.9C 故 B 错误；C设杆运动了 5m 时速度为 v1，则有 221012vvas 此时金属杆产生的感应电动势 11EBLv 回路中产生的电流 11EIRr 电阻 R 两端的电压 1UI R 联立以上几式结合 A 选项分析可得1.6VU，故 C 正确；D由 A 选项分析可知 t=0 时刻外

22、力 F 的方向与 v0反向，由牛顿第二定律有 FBILma 设在 t 时刻金属杆的速度为 v，杆的电动势为 E，回路电流为 I，则有 0vvat EBLv EIRr 联立以上几式可得 0.1 0.1Ft N 负号表示方向水平向左，即大小关系为 0.1 0.1FtN 故 D 正确。故选 CD。三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、天平 mgxAB 22218BAMm fxx 【解析】(1)1因为需要测量小车以及砝码和砝码盘的质量，所以实验中还需要的实验器材为天平。(2)2以小车、砝码和砝码盘组成系统为研究对象，平衡摩擦力后，系统所受

23、合外力做的功为 ABWmgx 3匀变速直线运动的某段时间内，中间时刻速度等于平均速度 1222AAAAxxxvfTf 1222BBBBxxxvfTf 其动能变化量为 22222k111228BABAEMm vMm vMm fxx 12、BDE 1.3 C 【解析】(1)1AE本题拉力可以由弹簧测力计测出，不需要用天平测出砂和砂桶的质量，也就不需要使小桶（包括砂）的质量远小于车的总质量，故 A 错误，E 正确；B该题是弹簧测力计测出拉力，从而表示小车受到的合外力，应拿走砂桶，将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力，故 B 正确；C打点计时器运用时，都是先接通电源，待打点稳定后再释放纸带，该实验探

24、究加速度与力和质量的关系，要记录弹簧测力计的示数，故 C 错误；D改变砂和砂桶的质量，打出几条纸带，获取多组实验数据，故 D 正确；故选 BDE。(2)2由于两计数点间还有两个点没有画出，故 T=0.06s，由 x=aT2可得 22360322(3.83.32.82.3 1.9 1.4)101.3m/s99 0.06xxaT(3)3由牛顿第二定律得 2F=ma 则 2aFm a-F 图象的斜率 2km 小车质量为 2mk 故选 C；四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、90【解析】设光束在光导纤维端面的入射角

25、为，折射角为，折射光线射向侧面时的入射角为，要保证不会有光线从侧壁射出来，其含义是能在侧壁发生全反射。由折射定律 nsinsin 由几何关系+90 sincos 恰好发生全反射临界角的公式为 sin1n 得 cos211n 联立得 sin21n 1 即为 90 要保证从端面射入的光线能发生全反射，应有90。14、(1)L0.8m；(2)8.510-2J；(3)510-4J【解析】(1)两小球与弹簧系统机械能守恒，弹簧的弹性势能，转化为两个小球的动能 2122Emv 小球获得的初速度 01m/sEvm A 球带正电，A 球在水平方向做匀减速运动，B 球不带电，B 在水平方向做匀速运动，所以是 B

26、 先碰到极板。B 向右做平抛运动，由02dv t得飞行时间 00.4s2dtv 竖直方向的位移 210.8m2ygt 为使小球不与金属板相碰，金属板的长度应满足 L0.8m。(2)水平方向：A 球向左做匀减速运动，加速度 25m/sqUamd A 球飞离电场时的水平速度 01m/sxvvat 竖直方向：A 球向下做自由落体运动，竖直速度 4m/syvgt A 球离开电场时的动能 2223118.5 10 J22KAxyEmvm vv(3)两小球进入电场后，竖直方向都做自由落体运动，因此两小球在运动的过程中始终位于同一水平线上。当两球间的距离为 x=30cm 时 20012xv tv tat 整理得 20.80.120tt 解得 0.2st或0.60.4ts（不合理，舍去）此时，A 球水平位移 2010.1m2Axv tat 根据功能关系可知，A 球增加的电势能等于克服电场力做功，即 45 10 JAAUEqExqxd 15、v=2 m/s ；=0.8 m【解析】由图象可知，周期 T=0.4 s 由于波长大于 0.6 m，由图象可知，波从 A 到 B 的传播时间 t=0.3 s 波速，代入数据得 v=2 m/s 波长=vT，代入数据得=0.8 m