2023届吉林省长春市一五0中学高三(最后冲刺)物理试卷含解析.pdf

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1、2023 年高考物理模拟试卷 请考生注意：1请用 2B 铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用 05 毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、电容为 C 的平行板电容器竖直放置，正对面积为 S，两极板间距为 d，充电完成后两极板之间电压为 U，断开电路，两极板正对区域视为匀强电场，其具有的电场能可表示为2p12ECU。如果用外力使平行板电容器的两个极板间距缓慢变

2、为 2d，下列说法正确的是（）A电容变为原来的两倍 B电场强度大小变为原来的一半 C电场能变为原来的两倍 D外力做的功大于电场能的增加量 2、两辆汽车AB、在同一时刻开始运动，运动方向相同。如图所示为运动的v t图像。A车的图像在00 t段和00 2tt段的形状对称相同。0t时刻两车并排行驶。下列表述中正确的是（）A00 t内A车先加速运动后减速运动 B00 2t内两车的加速度有一个时刻相同 C02t时刻A车在B车之前 D开始时刻两车的距离与02t时刻两车的距离相等 3、如下图所示，在自行车车轮的辐条上固定有一个小磁铁，前叉上相应位置处安装了小线圈，在车前进车轮转动过程中线圈内会产生感应电流，

3、从垂直于纸面向里看，下列 i-t 图像中正确的是(逆时针方向为正)A B C D 4、如图所示，同时作用在质点 O 上有三个共点力 F1、F2、F3，其中 F1、F2是正六边形的两条边，F3是正六边形的一条对角线。已知 F1=F2=2N，则这三个力的合力大小等于 A6N B8N C10N D12N 5、如图甲所示电路，理想变压器原线圈输入电压如图乙所示，副线圈电路中 R0为定值电阻，R 是滑动变阻器，C 为耐压值为 22V 的电容器，所有电表均为理想电表。下列说法正确的是（）A副线圈两端电压的变化频率为 0.5Hz B电流表的示数表示的是电流的瞬时值 C滑动片 P 向下移时，电流表 A1和 A

4、2示数均增大 D为保证电容器 C 不被击穿，原副线圈匝数比应小于 10：1 6、氢原子的能级示意图如图所示，锌的逸出功是3.34eV，那么对氢原子在能级跃迁过程中发射或吸收光子的特征，下列说法正确的是（）A大量氢原子从高能级向3n 能级跃迁时发出的光可以使锌发生光电效应 B大量氢原子从3n 能级向低能级跃迁时，最多发出两种不同频率的光 C大量氢原子从3n 能级向低能级跃迁时，用其发出的光照射锌板，有两种光能使锌板发生光电效应 D若入射光子的能量为1.6eV，不能使3n 能级的氢原子电离 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题

5、目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、如图所示，有一束平行于等边三棱镜截面 ABC 的复色光从空气射向 AB 边的中点 D，入射方向与边 AB 的夹角为=30，经三棱镜折射后分为 a、b 两束单色光，单色光 a 偏折到 BC 边的中点 E，单色光 b 偏折到 F 点，则下列说法正确的是（）A该棱镜中对单色光 a 的折射率为3 B在棱镜中传播，a 光的传播速度较大 Ca 光的频率一定大于 b 光的频率 D分别通过同一双缝干涉装置，a 光的相邻亮条纹间距大 8、如图所示，在半径为 R 的圆形区域内有垂直纸面的匀强磁场，磁感应强度为 B。P 是磁场边界上的一

6、点，大量电荷量为 q、质量为 m、相同速率的离子从 P 点沿不同方向同时射入磁场。其中有两个离子先后从磁场边界上的 Q 点（图中未画出）射出，两离子在磁场边缘的出射方向间的夹角为60，P 点与 Q 点的距离等于 R。则下列说法正确的是（）A离子在磁场中的运动半径为36R B离子的速率为33qBRm C两个离子从 Q 点射出的时间差为23mqB D各种方向的离子在磁场边缘的出射点与 P 点的最大距离为2 33R 9、在风洞实验室内的竖直粗糙墙面上放置一钢板，风垂直吹向钢板，在钢板由静止开始下落的过程中，作用在钢板上的风力恒定用 EK、E、v、P 分别表示钢板下落过程中的动能、机械能、速度和重力的

7、功率，关于它们随下落高度或下落时间的变化规律，下列四个图象中正确的是（）A B C D 10、如图甲所示，两平行虚线间存在磁感应强度大小0.05TB、方向与纸面垂直的匀强磁场，一正方形导线框 abcd位于纸面内，cd 边与磁场边界平行。已知导线框一直向右做匀速直线运动，速度大小为 1m/s，cd 边进入磁场时开始计时，导线框中感应电动势随时间变化的图线如图乙所示（感应电流的方向为顺时针时，感应电动势取正）。下列说法正确的是（）A导线框的边长为 0.2m B匀强磁场的宽度为 0.6m C磁感应强度的方向垂直纸面向外 D在 t=0.2s 至 t=0.4s 这段时间内，c、d 间电势差为零 三、实验

8、题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）一般的话筒用的是一块方形的电池(层叠电池)，如图甲所示，标称电动势为 9V。某同学想要测量该电池实际的电动势和内阻，实验室提供了以下器材：A待测方形电池 B电压表(量程 03V，内阻约为 4k)C电流表(量程 00.6A，内阻为 1.0)D电流表(量程 03A，内阻为 1.0)E.电阻箱(阻值范围 0999.9)F.电阻箱(阻值范围 09999.9)G.滑动变阻器(阻值范围 020)H.滑动变阻器(阻值范围 020k)I.开关、导线若干 (1)该同学根据现有的实验器材，设计了如图乙所示的电路图

9、。根据如图乙所示电路图和如图丙所示图像，为完成该实验，电流表应选_，电阻箱应选_，滑动变阻器应选_(均填写器材前字母标号)(2)实验需要把电压表量程扩大为 09V。该同学按图乙连接好实验器材，检查电路无误后，将 R1的滑片移到最左端，将电阻箱 R2调为零，断开 S3，闭合 S1，将 S2接 a，适当移动 R1的滑片，电压表示数为 2.40V；保持 R1接入电路中的阻值不变，改变电阻箱 R2的阻值，当电压表示数为_V 时，完成扩大量程，断开 S1。(3)保持电阻箱 R2阻值不变，开关 S2接 b，闭合 S3、S1，从右到左移动 R1的滑片，测出多组 U、I，并作出 UI 图线如图丙所示，可得该电

10、池的电动势为_V，内阻为_。12（12 分）为了精密测量一金属丝的电阻率：(1)如图甲所示，先用多用电表“1”挡粗测其电阻为_，然后用螺旋测微器测其直径为_mm (2)为了减小实验误差，需进一步测其电阻，除待测金属丝外，实验室还备有的实验器材如下：A电压表 V(量程 3 V，内阻约 15 k；量程 15 V，内阻约 75 k)B电流表 A(量程 0.6 A，内阻约 1；量程 3 A，内阻约 0.2)C滑动变阻器 R1(05，1A)D滑动变阻器 R2(02000，0.1 A)E1.5 V 的干电池两节，内阻不计 F电阻箱 G开关 S，导线若干 为了测多组实验数据，则上述器材中的滑动变阻器应选用

11、_(选填“R1”或“R2”)请在虚线框内设计最合理的电路图并完成实物图的连线_ 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图所示，在磁感应强度为1013BtB、方向竖直向下的磁场中有两个固定的半径分别为l和2l的水平放置的金属圆环形导线围成了如图回路，其总电阻为r，开口很小，两开口端接有间距也为l的且足够长的两个固定平行导轨ABCD、，导轨与水平面夹角为，处于磁感应强度大小为2B、方向垂直于导轨向下的匀强磁场中。质量为m、电阻为r、长为l的金属棒ab与导轨良好接触。滑动变阻器R的最大电阻为3r，其他电

12、阻不计，一切摩擦和空气阻力不计，重力加速度为g。求：(1)电磁感应中产生的电动势；(2)若开关1K闭合、2K断开，求滑动变阻器的最大功率mP；(3)若开关1K断开，2K闭合，棒ab由静止释放，棒能沿斜面下滑，求棒下滑过程中最大速度mv以及某段时间t内通过棒某一横截面的最大电荷量mq。14（16 分）如图，平板小车静止在光滑水平地面上，其右端固定一半圆形光滑轨道 BC 与车上表面相切于 B 点，B端右边 x0=2m 处有一与小车等高的台阶。一质量 m=2.0kg 可视为质点的物块以某初速度滑上小车最左端 A 处，当物块运动到小车最右端 B 处时，小车与台阶相碰后立即静止，此后物块恰能沿圆弧轨道运

13、动到最高点 C。已知小车与轨道的总质量 M=1.0kg，轨道半径 R=0.5m，物块与小车间的动摩擦因数=0.2，g 取 10m/s2。求：(1)小车的运动时间 t；(2)小车的长度 L。15（12 分）如图所示，一水平放置的薄壁圆柱形容器内壁光滑，长为 L，底面直径为 D，其右端中心处开有一圆孔。质量一定的理想气体被活塞封闭在容器内，器壁导热良好，活塞可沿容器内壁自由滑动，其质量、厚度均不计开始时气体温度为 300K，活塞与容器底部相距23L，现对气体缓慢加热，已知外界大气压强为0p，求温度为 600K 时气体的压强。参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。

14、在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A极板间距变为原来两倍，根据r4SCkd可知电容减半，A 错误；B电荷量和极板正对面积不变，则 r4UQkQEdCdS 电场强度大小不变，B 错误；C当开关断开后，电容器极板的电荷量 Q 不变，根据 QUC 电容减半，两极板间电压加倍，根据 2p12ECU 可知，电场能加倍，C 正确；D电路断开，没有电流和焦耳热产生，极板的动能不变，则外力做的功等于电场能的增加量，D 错误。故选 C。2、D【解析】A根据v t图像可知，在00 t内A车速度一直在增大，故 A 错误；B图像斜率表示加速度。如图所示：00 2t内A车图像斜率有两个时

15、刻与B车图像斜率相等，故 B 错误；C0t时刻A B、两车并排行驶，在同一位置。v t图像与t轴所围面积为位移，00 2tt内A车正方向运动的位移小于B车正方向运动的位移，则02t时刻A车在B车之后，故 C 错误；D 因为对称，图象围成的面积相等，所以00 t内与00 2tt内两车单向运动的位移相等，则开始时刻两车的距离与02t时刻两车的距离相等，故 D 正确。故选 D。3、D【解析】磁铁靠近线圈时，线圈中向外的磁通量增大，根据楞次定律可知感应电流产生的磁场向里，根据安培定则可知线圈中感应电流方向为顺时针方向（负方向）；当磁铁离开线圈时，线圈中向外的磁通量减小，根据楞次定律可知感应电流产生的磁

16、场向外，根据安培定则可知线圈中感应电流方向为逆时针方向（正方向），ABC 错误，D 正确。故选 D。4、A【解析】将 F1、F2合成如图，由几何关系得，F1、F2的合力 1212NFF 由于F12与 F3的方向相同，由几何关系可得，三力的合力 1236NFFF 故 A 项正确，BCD 三项错误。5、C【解析】A根据图乙知交流电周期为 0.02s，周期与频率的关系为 11Hz50Hz0.02fT 所以频率为 50Hz，故 A 错误；B电流表、电压表的示数表示的都是有效值，故 B 错误；C滑动变阻器的触头向下滑动，电阻减小，而副线圈电压不变，副线圈电流增大，由 P=UI 可得副线圈的输出功率变大，

17、变压器的输入功率等于输出功率增大，所以输入电流也变大，即两个电流表的示数都增大，故 C 正确；D由题意知，原线圈的最大电压为 311V，而电容器的耐压值为 22V，即为最大值，根据原副线圈的变压比 112231110 2221UnUn 可知匝数比应大于10 2:1，故 D 错误。故选 C。6、C【解析】A氢原子从高能级向 n=3 能级跃迁时发出的光，其光子的能量值最大为 1.51eV，小于 3.34eV，不能使锌发生光电效应，故 A 错误。B一群处于 n=3 能级的氢原子向基态跃迁时，辐射光子种类数目为 3 种，故 B 错误。C一群处于 n=3 能级的氢原子向基态跃迁时，辐射光子种类数目为 3

18、 种，其中有 2 种大于 3.34ev 能使锌板发生光电效应，故 C 正确。D当氢原子吸收的光子能量刚好等于能级差时，氢原子会跃迁到对应的高能级上去。若入射光子的能量为 1.6eV，能使 n=3 能级的氢原子电离，故 D 错误。故选 C。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、AC【解析】A设到 E 点的 a 光线的入射角为 i=60，折射角为 r=30，则折射率 sinsin603sinsin30inr 选项 A 正确；B在棱镜中传播，b 光的折

19、射率较小，由cvn 可知，a 光传播速度较大，选项 B 错误；Ca 光的折射率大于 b 光，则 a 光的频率一定大于 b 光的频率，选项 C 正确；Da 光的频率大于 b 光的频率，则 a 光的波长小于 b 光的波长，根据lxd 可知，分别通过同一双缝干涉装置，a光的相邻亮条纹间距小，选项 D 错误。故选 AC。8、BCD【解析】从 Q 点能射出两个离子，则离子圆周运动半径 r 小于磁场区域圆半径 R，运动轨迹如图所示。PQO为等边三角形。A由几何关系得 2RPM 又有 sin60PMr 解两式得 33rR 选项 A 错误；B在磁场中做圆周运动有 2mvqvBr 解式得 33qBRvm 选项

20、B 正确；C圆周运动的周期为 2 mTqB 两离子在磁场中运动的时间分别为 13Tt 223Tt 则从磁场射出的时间差为 23mtqB 选项 C 正确；D各种方向的离子从磁场中的出射点与 P 点的最大距离为 2 323Rr 选项 D 正确；故选 BCD.9、AC【解析】C、钢板受到重力 mg、风力 F、墙的支持力 N 和滑动摩擦力 f，由于风力恒定，则由平衡条件得知，墙对钢板的支持力恒定，钢板所受的滑动摩擦力恒定，故钢板匀加速下滑，则有 v=at，故 C 正确；A、根据动能定理得：kEmgf h，可知kE与 h 成正比，故 A 正确；B、设钢板开始时机械能为0E，钢板克服滑动摩擦力做功等于机械

21、能减小的量，则20012EEfhEfat，则知E 与 t 是非线性关系，图象应是曲线，故 B 错误；D、重力的功率2Pmgvmgah，则知 P 与 h 是非线性关系，图象应是曲线，故 D 错误；故选 AC【点睛】本题首先要正确分析钢板的运动情况，其次要根据物理规律得到动能、机械能、速度和重力功率的表达式，再选择图象 10、AC【解析】A根据法拉第电磁感应定律和图象可知，感应电动势 0.01VEBLv 故导线框的边长 0.2 mELBv 故 A 正确；B导线框的 cd 边从进入磁场到离开磁场的时间为 0.4s，故磁场的宽度 s=vt=0.4m 故 B 错误；C根据楞次定律可知，磁感应强度的方向垂

22、直纸面向外，故 C 正确；D在 t=0.2s 至 t=0.4s 这段时间内，ab 边和 cd 边均切割磁感线，产生了感应电动势，c、d 间有电势差，故 D 错误。故选 AC。三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、D F G 0.80 8.94 2.0 【解析】(1)1由图示图象可知，所测最大电流约为 2A，则电流表应选择 D；2电源电动势约为 9V，需要把电压表改装成 9V 的电压表，串联电阻分压为 6V，是电压表量程的 2 倍，由串联电路特点可知，分压电阻阻值为电压表内阻的 2 倍，约为 8K，电阻箱应选择 F；3 由于要测量该

23、电池实际的电动势和内阻，为方便实验操作，滑动变阻器应选择 G；(2)4 把量程为 3V 的电压表量程扩大为 9V，分压电阻分压为 6V，分压电阻分压是电压表两端电压的 2 倍，由题意可知，电压表所在支路电压为 2.40V，分压电阻两端电压为电压表两端电压的 2 倍，实验时应保持1R位置不变，改变2R阻值，当电压表示数为 0.80V，此时电阻箱分压 1.60V，完成电压表扩大量程；(3)5 分压电阻箱两端电压是电压表两端电压的 2 倍，电压表示数为U，则路端电压为3U，在闭合电路中，电源电动势 3()AEUI rR 整理可得 133ArRUEI 由图示图象可知，图象纵轴截距 12.98V3bE

24、电源电动势 8.94VE 6图象斜率的绝对值 2.981.0131.98ArRk 电源内阻 2.0r 12、(1)8.0 2.096 (2)R1 (3)如图甲、乙所示 【解析】欧姆表指针示数与倍率的乘积是欧姆表示数；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数；在保证安全的前提下，为方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器；为准确测量电阻阻值，应测多组实验数据，滑动变阻器可以采用分压接法，根据待测电阻与电表内阻间的关系确定电流表的接法，作出实验电路图，然后根据电路图连接实物电路图；【详解】解：(1)由图示多用电表可知，待测电阻阻值是 81=8；由图示螺旋测微器可知，的固定刻度读数为

25、 2mm，可动刻度读数为 0.019.6mm=0.096mm，其读数为：2mm+9.60.01mm=2.096mm；(2)滑动变阻器 R2(02000，0.1 A)的阻值比待测金属丝阻值 8 大得太多，为保证电路安全，方便实验操作，滑动变阻器应选 R1，最大阻值 5；为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法，由于被测电阻阻值较小，则电流表应采用外接法，实验电路图如图所示 根据实验电路图连接实物电路图，如图所示 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)2El；(2)2 44mlPr；(3)322 222s

26、inmmgrBlvB l，2sinmmgqtB l【解析】(1)处在均匀变化的磁场中的有效面积 222(2)3Slll 根据法拉第电磁感应定律，产生的感应电动势为 213BSESltt(2)根据闭合电路欧姆定律 EIRr 滑动变阻器的功率 2PI R 得 2222()2E REPrRrRrR 当Rr时，P有最大值 所以 22 444mElPrr(3)棒切割磁感线产生的最大感应电动势 2mEB lv 通过分析知道沿整个回路的感应电动势都为逆时针方向，因此总电动势为 mEEE 对于整个回路，根据闭合电路欧姆定律有 2mmEIr 当棒匀速下滑时速度达到最大，此时受力平衡 2sinmmgB I l 解

27、得 322 222sinmmgrBlvB l 当物体下滑速度最大时，在t时间内通过导体棒的电荷量也最大 mmqIt 解得 2sinmmgqtB l 14、(1)1st；(2)4m【解析】(1)对小车，由牛顿第二定律得 mgMa 解得 a=4m/s2 小车加速过程 2012xat 得 1st (2)物块恰能沿圆弧轨道运动到最高点 C，由牛顿第二定律得 2CvmgmR 物块从 B 运动到 C 的过程，由机械能守恒定律得 2221122CBmgmRvmv 联立解得 5m/sBv 根据牛顿第二定律可得 1mgma 物块在水平面上的运动可视为反向匀加速 2112Bsv tat 故 04mLsx 15、043p【解析】活塞移动时气体做等压变化，当刚至最右端时023LSV，0300KT；1VLS；由盖萨克定律可知 0101VVTT 解得 1450KT 活塞至最右端后，气体做等容变化；1450KT；10pp；2600KT.由查理定律有 1212ppTT 解得 0243pp