2023届内蒙古阿拉善高三最后一卷物理试卷含解析.pdf

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1、2023 年高考物理模拟试卷 注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示空间中存在沿水平方向的匀强磁场，磁感应强度大小为0B，将长度为 2L 的通电直导线由中点 O 处弯成折线，夹角为 60，现在导线中通有恒定电流I。如果在空间另外施

2、加一磁感应强度大小为0B的匀强磁场，且使导线 MO、NO 所受的安培力相等，则下列说法正确的是（）A磁场的方向斜向左下方与水平方向成 60角，MO 受到的安培力的大小为0B IL B磁场方向竖直向上，MO 受到的安培力的大小为02B IL C磁场方向竖直向下，MO 受到的安培力的大小为02B IL D磁场方向斜向右上方与水平方向成 60角，MO 受到的安培力的大小为032B IL 2、英国知名科学杂志自然发表文章，展望了 2020 年可能会对科学界产生重大影响的事件，其中包括中国的嫦娥五号任务。若嫦娥五号经过若干次轨道调整后，先在距离月球表面 h 的高度处绕月球做匀速圆周运动，然后开启反冲发动

3、机，嫦娥五号着陆器暂时处于悬停状态，最后实现软着陆，自动完成月球表面样品采集，并从月球起飞，返回地球。月球的半径为 R 且小于地球的半径，月球表面的重力加速度为 g0且小于地球表面的重力加速度，引力常量为 G。不考虑月球的自转，则下列说法正确的是（）A嫦娥五号的发射速度大于地球的第二宇宙速度 B嫦娥五号探测器绕月球做匀速圆周运动的速度可能大于地球的第一宇宙速度 C由题可知月球的平均密度034gG R D嫦娥五号探测器在绕月球做匀速圆周运动的周期为202RhTg R 3、1789 年英国著名物理学家卡文迪许首先估算出了地球的平均密度根据你所学过的知识，估算出地球密度的大小最接近（）（地球半径 R

4、=6400km，万有引力常量 G=6.6710-11Nm2/kg2）A5.5103kg/m3 B5.5104kg/m3 C7.5103kg/m3 D7.5104kg/m3 4、静电场在 x 轴上的场强 E 随 x 的变化关系如图所示，x 轴正方向为场强正方向，带正电的点电荷沿 x 轴运动，则点电荷（）A在 x2和 x4处电势能相等 B由 x1运动到 x3的过程中电势能增大 C由 x1运动到 x4的过程中电势能先减小后增大 D由 x1运动到 x4的过程中电场力先减小后增大 5、如图所示，吊篮 A、物体 B、物体 C 的质量均为 m，两物体分别固定在竖直弹簧两端，弹簧的质量不计，整个系统在轻绳悬挂

5、下处于静止状态，现将悬挂吊篮的轻绳剪断在轻绳刚被剪断的时间（）A物体 B 的加速度大小为 g B物体 C 的加速度大小为 2g C吊篮 A 的加速度大小为 g D吊篮 A 与物体 C 间的弹力大小为 0.5mg 6、如图所示，传送带以恒定速率逆时针运行，将一小物体从顶端 A 无初速释放，物体与传送带之间的动摩擦因数tan，已知物体到达底端 B 前已与传送带共速，下列法中正确的是（）A物体与传送带共速前摩擦力对物体做正功，共速后摩擦力对物体不做功 B物体与传送带共速前摩擦力对物体做的功等于物体动能的增加量 C物体与传送带共速前物体和传送带间的摩擦生热等于物体机械能的增加量 D物体从 A 到 B

6、过程中物体与传送带间的摩擦生热等于物体机械能的增加量 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、中国航天科工集团虹云工程，将在 2023 年前共发射 156 颗卫星组成的天基互联网，建成后 WiFi 信号覆盖全球。假设这些卫星中有一颗卫星绕地球做匀速圆周运动的周期为016T，（T0为地球的自转周期），已知地球的第一宇宙速度为 v，地球表面的重力加速度为 g，则地球的半径 R 和该卫星做圆周运动的半径 r 分别为（）A2vRg B22vRg C2203

7、24T vrg D203282T vvrg 8、如图所示，水平传送带以大小为v的速率沿顺时针匀速运行，一个小物块从传送带的右端点A以大小为2v的速度向左滑上传送带，小物块滑到传送带正中间时速度减为零。已知小物块与传送带间的动摩擦因数为，重力加速度为g，则下列说法正确的是 A,A B两点间的距离为22vg B小物块在传送带上运动时与传送带的相对位移为292vg C要使小物块从传送带左端点B滑离，小物块在右端点A滑上传送带的速度至少为3v D增大传送带的速度(仍小于2v)，小物块与传送带间相对运动的时间变长 9、一列简谐波以 1m/s 的速度沿 x 轴正方向传播。t=0 时，该波传到坐标原点 O，

8、O 点处质点的振动方程为 y=10sin10t（cm）。P、Q 是 x 轴上的两点，其坐标 xP=5cm、xQ=10cm，如图所示。下列说法正确的是 。A该横波的波长为 0.2m BP 处质点的振动周期为 0.1s Ct=0.1s 时，P 处质点第一次到达波峰 DQ 处质点开始振动时，P 处质点向-y 方向振动且速度最大 E.当 O 处质点通过的路程为 1m 时，Q 处质点通过的路程为 0.8m 10、将小球以某一初速度从地面竖直向上抛出，取地面为零势能面，小球在上升过程中的动能kE，重力势能pE与其上升高度 h 间的关系分别如图中两直线所示，取210m/sg，下列说法正确的是（）A小球的质量

9、为 0.2kg B小球受到的阻力（不包括重力）大小为 0.25N C小球动能与重力势能相等时的高度为2013m D小球上升到 2m 时，动能与重力势能之差为 0.5J 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）某小组的同学做“探究影响感应电流方向的因素”实验。(1)首先按图甲(1)所示方式连接电路，闭合开关后，发现电流计指针向右偏转；再按图甲(2)所示方式连接电路，闭合开关后，发现电流计指针向左偏转。进行上述实验的目的是（_）A检查电流计测量电路的电流是否准确 B检查干电池是否为新电池 C推断电流计指针偏转方向与电流方向的关系

10、。(2)接下来用图乙所示的装置做实验，图中螺线管上的粗线标示的是导线的绕行方向。某次实验中在条形磁铁插入螺线管的过程中，观察到电流计指针向右偏转，说明螺线管中的电流方向（从上往下看）是沿_（选填“顺时针”或“逆时针”）方向。(3)下表是该小组的同学设计的记录表格的一部分，表中完成了实验现象的记录，还有一项需要推断的实验结果未完成，请帮助该小组的同学完成_（选填“垂直纸面向外”或“垂直纸面向里”）。实验记录表（部分）操作 N 极朝下插入螺线管 从上往下看的平面图（B0表示原磁场，即磁铁产生的磁场）原磁场通过螺线管磁通量的增减 增加 感应电流的方向 沿逆时针方向 感应电流的磁场 B的方向 (4)该

11、小组同学通过实验探究，对楞次定律有了比较深刻的认识。结合以上实验，有同学认为，理解楞次定律，关键在于抓住_（选填“B0”或“B”）总是要阻碍_填“B0”或“B”）磁通量的变化。12（12 分）某同学测量玻璃砖的折射率，准备了下列器材：激光笔、直尺、刻度尺、一面镀有反射膜的平行玻璃砖.如图所示，直尺与玻璃砖平行放置，激光笔发出的一束激光从直尺上 O 点射向玻璃砖表面，在直尺上观察到 A、B 两个光点，读出 OA 间的距离为 20.00 cm，AB 间的距离为 6.00 cm，测得图中直尺到玻璃砖上表面距离 d110.00 cm，玻璃砖厚度 d24.00 cm.玻璃的折射率 n_，光在玻璃中传播速

12、度 v_ m/s(光在真空中传播速度 c3.0108 m/s，结果均保留两位有效数字).四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图所示，AB 是半径 R=0.80m 的14光滑圆弧轨道，半径 OB 竖直，光滑水平地面上紧靠 B 点静置一长为 1.5m 的小车，其上表面与 B 点等高。现将一质量 m=1.0kg 的小滑块从 A 点由静止释放，经 B 点滑上小车，小滑块恰好未滑离小车。已知滑块与小车之间的动摩擦因数=0.40。重力加速度 g 取 10m/s2。求：(1)滑块刚滑至 B 点时，圆弧对滑块的

13、支持力大小；(2)小车的质量。14（16 分）如图所示是研究电子枪中电子在电场中运动的简化模型示意图。在 xOy 平面坐标系的第一象限内，存在两个电场强度大小均为 E，方向分别水平向左和竖直向上的匀强电场区域和。两电场的边界均是边长为 L 的正方形，位置如图所示。（不计电子所受重力）(1)在区域 AO 边的中点处由静止释放电子，求电子离开区域的位置坐标；(2)在电场区域内某一位置（x、y）由静止释放电子，电子恰能从区域右下角 B 处离开，求满足这一条件的释放点x 与 y 满足的关系。15（12 分）一简谐横波以 4m/s 的波速沿水平绳向 x 轴正方向传播已知 t=0 时的波形如图所示，绳上两

14、质点 M、N的平衡位置相距34波长设向上为正，经时间 t1（小于一个周期），此时质点 M 向下运动，其位移仍为 0.02m求 （i）该横波的周期；（ii）t1时刻质点 N 的位移 参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A当所加磁场的方向斜向左下方与水平方向成 60角时，NO 受到的安培力仍垂直纸面向里，大小为032B IL，MO受到的安培力垂直纸面向外，大小为032B IL，A 错误；B当所加磁场方向竖直向上时，NO 受到的安培力仍垂直纸面向里，大小为0312B IL，MO 受到的安培力垂直纸

15、面向里，大小为0B IL，B 错误；C当所加磁场方向竖直向下时，NO 受到安培力垂直纸面向里，大小为0312B IL，MO 受到的安培力垂直纸面向外，大小为0B IL，C 错误；D当所加磁场方向斜向右上方与水平方向成 60角时，NO 受到的安培力仍垂直纸面向里，大小为当032B IL，MO受到的安培力垂直纸面向里，大小为032B IL，D 正确。故选 D。2、C【解析】A发射速度大于第二宇宙速度就能脱离太阳束缚，飞到太阳系外进入银河系，而嫦娥五号还是在地月系内运动，故其发射速度大于地球的第一宇宙速度而小于第二宇宙速度，故 A 错误；B根据万有引力提供卫星做匀速圆周运动的向心力，有 2Ivmgm

16、R表 可得星球的第一宇宙速度为 I=vg R表 因gg月地，RR月地，则月球的第一宇宙速度小于地球的第一宇宙速度，而嫦娥五号的运行速度小于月球的第一宇宙速度，故嫦娥五号探测器绕月球做匀速圆周运动的速度一定小于地球的第一宇宙速度，故 B 错误；C对月表的物体，有 02M mGmgR月 343MR月 联立解得 034gG R 故 C 正确；D对嫦娥五号做匀速圆周运动，有 2224()()M mGmRhRhT月 02M mGmgR月 联立可得嫦娥五号的周期为 320()2RhTg R 故 D 错误。故选 C。3、A【解析】由黄金代换2GMmmgR可得地球质量GgRM2，地球体积公式343VR可得密度

17、3335.5 10 kg/m4gGR，故 A 正确 BCD 错误。4、B【解析】首先明确图像的物理意义，结合电场的分布特点沿电场线方向电势差逐点降低，综合分析判断。【详解】Ax2x4处场强方向沿 x 轴负方向，则从 x2到 x4处逆着电场线方向，电势升高，则正电荷在 x4处电势能较大，A 不符合题意；Bx1x3处场强为 x 轴负方向，则从 x1到 x3处逆着电场线方向移动，电势升高，正电荷在 x3处电势能较大，B 符合题意；C由 x1运动到 x4的过程中，逆着电场线方向，电势升高，正电荷的电势能增大，C 不符合题意；D由 x1运动到 x4的过程中，电场强度的绝对值先增大后减小，故由 F=qE

18、知电场力先增大后减小，D 不符合题意 故选 B。5、D【解析】A弹簧开始的弹力 F=mg 剪断细线的瞬间，弹簧弹力不变，B 的合力仍然为零，则 B 的加速度为 0，故 A 错误；BC剪断细线的瞬间，弹力不变，将 C 和 A 看成一个整体，根据牛顿第二定律得 AC221.522Fmgmgmgagmm 即 A、C 的加速度均为 1.5g，故 BC 错误；D剪断细线的瞬间，A 受到重力和 C 对 A 的作用力，对 A 有 CFmgma 得 C0.5Fmamgmg 故 D 正确。故选 D。6、C【解析】A.物体与传送带共速前，物体受到的滑动摩擦力沿传送带向下，与速度方向相同，则摩擦力对物体做正功。共速

19、后，物体受到的静摩擦力方向沿传送带向上，与速度方向相反，对物体做负功，选项 A 错误；B.物体与传送带共速前，重力和摩擦力对物体做功之和等于物体动能的增加量，选项 B 错误；C.设传送带的速度为 v，物体与传送带共速前，物体机械能的增加量为：2vtEmgcosxmgcos物 物体与传送带间的相对位移为：22vvtxvtt 物体与传送带间的摩擦生热为：2vtQmgcosxmgcos 所以有Q=E，选项 C 正确；D.物体从 A 到 B 过程中，只有物体与传送带共速前摩擦产生热量，共速后不产生热量，但共速后物体的机械能在减少，所以物体从 A 到 B 过程中物体与传送带间的摩擦生热大于物体机械能的增

20、加量，选项 D 错误。故选 C。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、AD【解析】AB绕地球表面运行的卫星对应的速度是第一宇宙速度，此时重力提供向心力，设卫星的质量为 m，即 2vmgmR 得出 2vRg 故 A 正确，B 错误；CD卫星在高空中旋转时，万有引力提供向心力，设地球的质量为 M，此高度的速度大小为 v1，则有 2202 16GMmmrTr（）其中 GM=R2g 解得该卫星绕地球做匀速圆周运动的轨道半径 203282T vvrg 故

21、C 错误，D 正确。故选 AD。8、BD【解析】A.物块向左滑动时，做加速度大小为ag的匀减速直线运动,则传送带的长为 22(2)422vvLag 故 A 错误；B.物块向左滑动时，运动的时间 122vvtag 这段时间内相对位移 22124vvxvtgg相 当物块向右运动时，加速的时间为 2vvtag 这段时间内的相对位移为 222222vvxvtag相 因此总的相对位移为292vg，故 B 正确；C.要使物块从传送带左端点 B 滑离，物块在右端点 A 滑上传送带的速度至少为 22 2vaLv 故 C 错误；D.增大传送带的速度(仍小于2v)，物块向左相对传送带运动的时间不变，向右相对传送带

22、运动的时间变长，因此物块与传送带相对运动的总时间变长，故 D 正确。9、ACE【解析】BO 点处质点振动方程为10sin10(cm)yt可知，波的振幅10cmA，起振方向为 y 轴正向，波动周期 20.2sT P 点振动周期与 O 点振动周期相同，为 0.2s，故 B 错误；A波长 1 0.2m0.2mvT 故 A 正确；C振动从 O 点传到 P 点所需时间为 25 10 m0.05s1m/sPOPxtv 故 P 处质点振动时间 0.1s0.05s0.05s4POPTttt 由于 P 处质点起振方向沿 y 轴向上，故经4T达到波峰，故 C 正确；D由题意知，P、Q 之间的距离为 5cm4PQQ

23、Pxxx 结合起振方向可知，Q 处质点开始振动时，P 处质点位移波峰，此时速度为零，故 D 错误；E当 O 处质点通过的路程为 1m 时，有 1m102 42AAA 故经历的时间为 22TtT 因为 10cm2Qx 所以振动形式从 O 点传到 Q 点所需时间为2T，所以 Q 处质点振动时间为2T，Q 处质点通过的路程 2424 10cm80cm0.8mQsA 故 E 正确。故选 ACE。10、BD【解析】A由图知，小球上升的最大高度为 h=4m，在最高点时，小球的重力势能 p4JEmgh 得 P0.1kgEmgh 故 A 错误；B根据除重力以外其他力做的功 WE 其 则有 fhEE低高 由图知

24、 4J5JEE低高，又 4mh 解得 0.25Nf 故 B 正确；C设小球动能和重力势能相等时的高度为 H，此时有 212mgHmv 由动能定理有 2201122fHmgHmvmv 由图知 201=5J2mv 联立解得 20=m9H 故 C 错误；D由图可知，在 h=2m 处，小球的重力势能是 2J，动能是5J=2.5J2，所以小球上升到 2m 时，动能与重力势能之差为 2.5J2J0.5J 故 D 正确。故选 BD。三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、C 顺时针 垂直纸面向外 B B0 【解析】(1)1由题意可知，电流从电流计

25、左边进时，指针左偏，右边进时，指针右偏，本实验目的是探究感应电流的方向，则进行上述实验的目的是推断电流计指针偏转方向与电流方向的关系，故选 C；(2)2电流计指针向右偏转，说明电流从电流计的右边（正接线柱）流入，则说明螺线管中的电流方向（从上往下看）是沿顺时针方向；(3)3由题意可知，感应电流的方向为逆时针，由右手螺旋定则可知，感应电流的磁场方向垂直纸面向外；(4)4由题意可知，理解楞次定律，关键在于抓住B总是要阻碍0B磁通量的变化 12、1.2 2.5108 m/s.【解析】第一空、作出光路图如图所示，根据几何知识可得入射角 i45，设折射角为 r，则 tan r34，故折射率 nsin1.

26、2sinir 第二空、光在玻璃介质中的传播速度cvn 2.5108 m/s.四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)30N；(2)3kg【解析】(1)滑块由A至B过程机械能守恒 212mgRmv 解得 24m/svgR 在B点由牛顿第二定律可得 2NvFmgmR 解得 30NNF (2)滑块与小车相互作用过程由动量守恒 1()mvmM v 在此过程中能量守恒 22111()22mgLmvmM v 联立解得 3kgM 14、(1)(2.5L，0.5L)；(2)24LyLx【解析】(1)在区域中电子做初速度为

27、零的匀加速直线运动，20102eELmv 在区域电子做类平抛运动，假设电子从 BC 边射出，由运动规律得水平方向 0Lv t 竖直方向 212yat eEma 联立解得 0.250.5yLL 假设成立，电子离开区域的位置坐标 10.52.5xLLLL 10.50.250.25yLLL 即坐标为(2.5,0.25)LL(2)在区域有 211()02eE Lxmv 在区域有 1 1Lv t 2112yat 联立解得 24()LyLx 15、(i)1sT （ii）1 40.04sin(2-)-0.02 3m33Ny【解析】(i)由波形图象知，波长：=4m 又波长、波速和周期关系为：vT 联立以上两式并代入v4m/s，得该波的周期为：1sT (ii)由已知条件知从 t=0 时刻起，质点 M 做简谐振动的位移表达式为：0.04sin 26Myt 经时间 t1（小于一个周期），M 点的位移仍为 0.02m，运动方向向下可解得：11s3t 由于 N 点在 M 点右侧34波长处，所以 N 点的振动滞后34个周期，其振动方程为：2340.04sin()0.04sin(2-)463NytTtT 当11s3t 时，1 40.04sin(2-)-0.02 3m33Ny