2022-2023学年黑龙江省黑河市逊克县第一中学高三第二次模拟考试物理试卷含解析.pdf

《2022-2023学年黑龙江省黑河市逊克县第一中学高三第二次模拟考试物理试卷含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2022-2023学年黑龙江省黑河市逊克县第一中学高三第二次模拟考试物理试卷含解析.pdf（15页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、2023 年高考物理模拟试卷 注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、关于天然放射现象，下列说法正确的是（）A放出的各种射线中，粒子动能最大，因此贯穿其他物质的本领最强 B

2、原子的核外具有较高能量的电子离开原子时，表现为放射出粒子 C原子核发生衰变后生成的新核辐射出射线 D原子核内的核子有一半发生衰变时，所需的时间就是半衰期 2、在升降机底部安装一个加速度传感器，其上放置了一个质量为 m 小物块，如图甲所示。升降机从 t=0 时刻开始竖直向上运动，加速度传感器显示加速度 a 随时间 t 变化如图乙所示。取竖直向上为正方向，重力加速度为 g，以下判断正确的是（）A在 02t0时间内，物块先处于失重状态，后处于超重状态 B在 t03t0时间内，物块先处于失重状态，后处于超重状态 Ct=t0时刻，物块所受的支持力大小为 mg Dt=3t0时刻，物块所受的支持力大小为 2

3、mg 3、下列关于天然放射现象的叙述中正确的是（）A人类揭开原子核的秘密，是从发现质子开始的 B衰变的实质是原子核内一个质子转化成一个中子和一个电子 C一种放射性元素，当对它施加压力、提高温度时，其半衰期不变 D、三种射线中，射线穿透能力最强，射线电离作用最强 4、如图所示，在光滑水平桌面内，固定有光滑轨道ABC，其中半圆轨道BC与直轨道AB相切于B点，物体受到与AB平行的水平拉力F，从静止开始运动，拉力F的大小满足如图乙所示（以A为坐标原点，拉力F从A指向B为正方向）。若1kgm，4mAB，半圆轨道的半径1.5mR，重力加速度取210m/sg。则下列说法中正确的是（）A拉力F从A到B做功为5

4、0J B物体从B到C过程中，所受的合外力为 0 C物体能够到达C点，且速度大小为2 5m/s D物体能够到达C点，且速度大小为2 15m/s 5、如图所示，在竖直平面内一根不可伸长的柔软轻绳通过光滑的轻质滑轮悬挂一重物。轻绳一端固定在墙壁上的 A点，另一端从墙壁上的 B 点先沿着墙壁缓慢移到 C 点，后由 C 点缓慢移到 D 点，不计一切摩擦，且墙壁 BC 段竖直，CD 段水平，在此过程中关于轻绳的拉力 F 的变化情况，下列说法正确的是（）AF 一直减小 BF 一直增小 CF 先增大后减小 DF 先不变后增大 6、如图所示的电路中，AB 和 CD 为两个水平放置的平行板电容器，AB 板间有一点

5、 P，闭合开关 K，待电路稳定后将开关断开。现将一有机玻璃板（图中未画出）插入 CD 板间，则下列说法正确的是（）ACD 平行板电容器的电容减小 BP 点电势降低 CA、B 两板间的电场强度增大 D电阻 R 中有向右的电流 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、在医学上，常用钴 60 产生的 射线对患有恶性肿瘤的病人进行治疗。钴 60 的衰变方程为，下列说法正确的是（）A钴 60 发生的是 衰变，X 是电子 B 射线比 射线的穿透能力强 CX 粒

6、子是钴 60 原子核的组成部分 D该衰变过程释放的核能全部转化为 射线的能量 8、物块套在光滑的竖直杆上，通过光滑的定滑轮用不可伸长的轻绳将物块由 A 点匀速拉到 B 点，AB 高度为 h，则在运动过程中（）A绳中张力变小 B绳子自由端的速率减小 C拉力 F 做功为coshF D拉力 F 的功率 P 不变 9、如图所示，斜面体置于粗糙水平地面上，斜面体上方水平固定一根光滑直杆，直杆上套有一个滑块滑块连接一根细线，细线的另一端连接一个置于斜面上的光滑小球最初斜面与小球都保持静止，现对滑块施加水平向右的外力使其缓慢向右滑动至 A 点，如果整个过程斜面保持静止，小球未滑离斜面，滑块滑动到 A 点时细

7、线恰好平行于斜面，则下列说法正确的是 A斜面对小球的支持力逐渐减小 B细线对小球的拉力逐渐减小 C滑块受到水平向右的外力逐渐增大 D水平地面对斜面体的支持力逐渐减小 10、如图所示，虚线框内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为 B，磁场区域上下宽度为 l；质量为 m、边长为 l的正方形线圈 abcd 平面保持竖直，ab 边保持水平的从距离磁场上边缘一定高处由静止下落，以速度 v 进入磁场，经一段时间又以相同的速度 v 穿出磁场，重力加速为 g。下列判断正确的是（）A线圈的电阻2 2B l vRmg B进入磁场前线圈下落的高度22vhg C穿过磁场的过程中线圈电阻产生的热量2Qmgl D线圈穿

8、过磁场所用时间ltv 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）某实验小组利用如图所示的装置研究平抛运动规律。实验装置为完全相同的倾斜轨道与长度不同的水平轨道平滑连接，并将轨道固定在同一竖直面内。实验时，将两小球 A、B 同时从两倾斜轨道上自由释放，释放位置到水平轨道距离相同。经过一段时间，小球 A 开始做平抛运动，小球 B 继续沿水平轨道运动。两球运动过程中，用频闪照相的方式记录两小球的位置(在图中已标出)。(1)忽略各种阻力，小球 A 在空中运动过程中.两小球_。(选填正确答案标号)A保持相对静止 B在同一竖直线上 C运动

9、速度大小相同 D机械能相同(2)A 球做平抛运动后，利用频闪照片计算出两小球连续三个位置的高度差分别为 h1、h2、h3，重力加速度为 g，则频闪照相的频闪周期为_；(3)在实验操作过程中，发现两小球每次碰撞时，小球 A 都碰在小球 B 的后上方，请你分析原因可能是_。12（12 分）某兴趣小组要将一块量程为 1mA，内阻约为几十欧的电流表改装成量程为 3V 的电压表。首先要测量该电流表的内阻，现有如下器材：待测电流表 G（量程 1mA、阻值约几十欧）；滑动变阻器（总阻值 5000、额定电流 0.5A）、滑动变阻器（总阻值 500、额定电流 1A）、电阻箱 R2（总阻值 999.9）；电源（电

10、动势为1.5V，内阻很小）、电源（电动势为 3V，内阻很小）、开关、导线若干。(1)该小组如果选择如图甲所示的电路来测量待测电表 G 的内阻，则滑动变阻器 R1应该选择_（选填“A”或“B”；A 滑动变阻器（总阻值 5000、额定电流0.5A）；B滑动变阻器（总阻值 500、额定电流1A），电源应选择_（选填“A”或“B”；A电源（电动势为 1.5V，内阻很小）；B电源（电动势为 3V，内阻很小）；(2)实验时，先断开 S2，闭合开关 S1，调节滑动变阻器 R1，使得 G 的示数为 Ig；保证 R1的阻值不变，再闭合 S2，调节电阻箱 R2，使得 G表示数为23gI，此时电阻箱 R2的示数如图

11、乙所示，则 G表的内阻的测量值是_（选填“A”或“B”；A24.0；B96.0）。以上三空答案依次是（_）A(1)A、B(2)A B(1)B、A(2)B C(1)A、B(2)B D(1)B、A(2)A 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图（a）所示，倾角=30的光滑固定斜杆底端固定一电量为 Q=2104C 的正点电荷，将一带正电小球（可视为点电荷）从斜杆的底端（但与 Q 未接触）静止释放，小球沿斜杆向上滑动过程中能量随位移的变化图象如图（b）所示，其中线1为重力势能随位移变化图象，线2为动能随

12、位移变化图象（g=10m/s2，静电力恒量K=9109Nm2/C2）则 （1）描述小球向上运动过程中的速度与加速度的变化情况；（2）求小球的质量 m 和电量 q；（3）斜杆底端至小球速度最大处由底端正点电荷形成的电场的电势差 U；（4）在图（b）中画出小球的电势能 随位移 s 变化的图线（取杆上离底端 3m 处为电势零点）14（16 分）如图所示，CDE 和 MNP 为两根足够长且弯折的平行金属导轨，CD、MN 部分与水平面平行，DE 和 NP与水平面成 30，间距 L=1m，CDNM 面上有垂直导轨平面向下的匀强磁场，磁感应强度大小 B1=1T，DEPN 面上有垂直于导轨平面向上的匀强磁场，

13、磁感应强度大小 B2=2T。两根完全相同的导体棒 a、b，质量均为 m=0.1kg，导体棒 b与导轨 CD、MN 间的动摩擦因数均为=0.2，导体棒 a 与导轨 DE、NP 之间光滑。导体棒 a、b 的电阻均为 R=1。开始时，a、b 棒均静止在导轨上除导体棒外其余电阻不计，滑动摩擦力和最大静摩擦力大小相等，运动过程中 a、b棒始终不脱离导轨，g 取 10m/s2.(1)b 棒开始朝哪个方向滑动，此时 a 棒的速度大小；(2)若经过时间 t=1s，b 棒开始滑动，则此过程中，a 棒发生的位移多大；(3)若将 CDNM 面上的磁场改成竖直向上，大小不变，经过足够长的时间，b 棒做什么运动，如果是

14、匀速运动，求出匀速运动的速度大小，如果是匀加速运动，求出加速度大小。15（12 分）某研究性学习小组在实验室进行了测定金属电阻率的实验，实验操作如下：(1)检查螺旋测微器零位线是否准确，若测微螺杆和测砧紧密接触时，螺旋测微器的示数如图甲所示，则用该螺旋测微器测金属丝直径时，测量结果将_（选填“偏大”或“偏小”），这属于_（选填“系统误差”或“偶然误差”）。(2)若用如图乙所示的电路测金属丝 Rx的电阻，测量误差主要来源于_，它将导致测量的金属丝电阻率_（选填“偏大”或“偏小”）。(3)为了更准确地测量金属丝的电阻，该学习小组对电路进行了改进，选择了一个与金属丝电阻差不多的已知阻值的电阻 R，接

15、入如图丙所示的电路。实验时，单刀双掷开关接位置 1 时，电流表示数为 I1，电压表示数为 U1；单刀双掷开关接位置 2 时，电流表示数为 I2，电压表示数为 U2，根据以上测量数据可知金属丝电阻的表达式为 Rx=_。另外，实验中不仅能得到金属丝电阻的准确值，还可以测出电流表的内阻，电流表的内阻 RA=_。（均用题中所给字母表示）参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A在三种放射线中，粒子动能虽然很大，但贯穿其他物质的本领最弱，选项 A 错误。B 衰变射出的电子来源于原子核内部，不是核外电子，选

16、项 B 错误。C原子核发生衰变后产生的新核处于激发态，向外辐射出射线，选项 C 正确。D半衰期是放射性原子核总数有半数发生衰变，而不是原子核内的核子衰变，选项 D 错误；故选 C。2、C【解析】A由乙图可知，在 02t0时间内，物块先处于超重状态，后处于失重状态，A 错误；B由乙图可知，在 t03t0时间内，物块先处于超重状态，后处于失重状态，B 猎；C由乙图可知，t=t0时刻，物块所受的支持力大小为 mg，C 正确；D由乙图可知，t=3t0时刻，物块所受的支持力大小为 mg，D 错误。故选 C。3、C【解析】A天然放射现象是原子核内部变化产生的，人类认识原子核的复杂结构并进行研究是从贝克勒尔

17、发现天然放射现象开始的，故 A 错误；B衰变的实质方程为110011nHe，是原子核内一个中子转化成一个质子和一个电子，故 B 错误；C原子核的半衰期是由自身的结构决定的，与物理条件(温度、压强)和化学状态(单质、化合物)均无关，则对原子核施加压力、提高温度时，其半衰期不变，故 C 正确；D、三种射线中，射线穿透能力最强(主要看射线具有的能量)，射线电离作用最强(从射线自身的带电情况衡量)，故 D 错误。故选 C。4、D【解析】AFx图像与坐标轴所围面积表示功，则拉力F从A到B做功为 12 40JJ30J2W 10 1 故 A 错误；B物体从B到C过程中，做圆周运动，合力不变 0，故 B 错误

18、；CD从 A 到 B 由动能定理有 212BWmv 解得 2 15m/sBv 由于滑轨道ABC在水平面内，则物体从 B 到 C 做匀速圆运动，物体能够到达C点，且速度大小为2 15m/s，故 C错误，D 正确。故选 D。5、D【解析】当轻绳另一端在 C 点时，设轻绳左右两侧间的夹角为 2 以滑轮为研究对象，分析受力情况，受力分析图如图所示 根据平衡条件得 2Fcos=mg 得到轻绳的拉力 F=2cosmg 轻绳另一端从 B 点沿墙壁缓慢移到 D 点，由几何知识可知，先不变后增大，cos 先不变后减小，轻绳的拉力 F 先不变后增大，D 项正确，ABC 错误；故选 D。6、B【解析】A将玻璃板插入

19、 CD 板间，则相对介电常数 增大，其他条件不变，由4SCkd可知，CD 平行板电容器的电容增大，故 A 错误；BC电容器两板间电压 ABCDQUCC总 断开开关后，两电容器总电荷量不变，由于 CD 电容器的电容增大，电容器两板间电势差均变小，由UEd可知，AB板间电场强度变小，则 P 点与 B 板间的电势差变小，因为 B 板接地电势始终为零，则 P 点电势降低，故 B 项正确，C项错误；D由于插入玻璃板的过程中，电容器两板间电势差变小，则 AB 电容器放电，电阻 R 中有向左的电流，故 D 项错误。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多

20、个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、AB【解析】A由核反应的质量数和电荷数守恒可知，X 的质量数为 0，电荷数为-1，则钴 60 发生的是 衰变，X 是电子，选项A 正确；B 射线比 射线的穿透能力强，选项 B 正确；CX 粒子是电子，不是钴 60 原子核的组成部分，选项 C 错误；D该衰变过程释放的核能一部分转化为新核的动能，一部分转化为 射线的能量，选项 D 错误。8、BD【解析】A因为物块做匀速直线运动，在竖直方向上合力为零，则有 cosTmg 因为增大，cos减小，则拉力 T 增大，故 A 错误；B物块沿绳子方向上的分速度 co

21、sAvv 该速度等于自由端的速度，增大，自由端速度 v 减小，故 B 正确；CF 为变力，不能用功的定义。应根据动能定理，拉力 F 做功等于克服重力做的功，即 Wmgh 故 C 错误；D拉力的功率为 coscosAAmgPFvvmgv 可知拉力 F 的功率 P 不变，故 D 正确。故选 BD。9、BC【解析】AB对小球受力分析可知，沿斜面方向：cossinTmg，在垂直斜面方向：sincosNFTmg（其中是细线与斜面的夹角，为斜面的倾角），现对滑块施加水平向右的外力使其缓慢向右滑动至 A 点，变小，则细线对小球的拉力T变小，斜面对小球的支持力NF变大，故选项 B 正确，A 错误；C对滑块受力

22、分析可知，在水平方向则有：sincos()cos()sin(costansin)cosmgFTmg，由于变小，则有滑块受到水平向右的外力逐渐增大，故选项 C 正确；D对斜面和小球为对象受力分析可知，在竖直方向则有：sin()NmgMgFT，由于()变小，所以水平地面对斜面体的支持力逐渐增大，故选项 D 错误 10、ABC【解析】A由题意可知，线圈进入磁场和穿出磁场时速度相等，说明线圈在穿过磁场的过程中做匀速直线运动，则 2 2B l vmgFBIlR安 2 2B l vRmg 所以 A 正确；B线圈在进入磁场前做自由落体运动，有动能定理得 212mghmv 进入磁场前线圈下落的高度为 22vh

23、g 所以 B 正确；C线圈在穿过磁场的过程中克服安培力做功转化为焦耳热，又安培力与重力平衡，则穿过磁场的过程中线圈电阻产生的热量为 22Qmglmgl 所以 C 正确；D根据线圈在穿过磁场过程中做匀速运动，可得穿过磁场的时间为 2ltv 所以 D 错误。故选 ABC。三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、B 1232hhhg A 的阻力大于 B 的阻力 【解析】(1)1由于两球水平运动速度相同，因此在同一竖直线上，小球 A 在空中运动，因此保持相对静止和运动速度大小相同不正确；两球下落位置不同，故机械能不同，故 B 正确。故选 B

24、；(2)2两小球连续三个位置的高度差分别为 h1、h2、h3，小球 A 在相邻时间段内下落的高度分别为 h1h2和 h2h3，根据2xgT 可得 2132hhhTg(3)3小球 A 都碰在小球 B 的后上方，是因为 A 球运动过程中所受水平阻力大于 B 球所受阻力。12、A【解析】1用半偏法测电流表内阻，为减小实验误差，滑动变阻器最大阻值与电源电动势应大些，由实验器材可知，为减小实验误差，滑动变阻器 R1应选择 A，电源应选择 B；由图示电阻箱可知，电阻箱示数为 20 1004 108 10 0.148R 闭合开关 S2后认为电路电流不变，电流表示数为23gI，由并联电路特点可知，流过电阻箱的

25、电流为3gI，电流表与电阻箱并联，其两端电压相等，则 2233gggIIRR 解得，电流表内阻 2242gRR 故电流表应选 A。综上所述三空答案依次是 A、B、A，故选 A。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）小球的速度先增大，后减小；小球沿斜面向上做加速度逐渐减小的加速运动，再沿斜面向上做加速度逐渐增大的减速运动，直至速度为零（2）4kg；1.11105C；（3）4.2106V（4）图像如图,线 3 即为小球电势能随位移 s变化的图线；【解析】（1）由图线 2 得知，小球的速度先增大，后减小根据库

26、仑定律得知，小球所受的库仑力逐渐减小，合外力先减小后增大，加速度先减小后增大，则小球沿斜面向上做加速度逐渐减小的加速运动，再沿斜面向上做加速度逐渐增大的减速运动，直至速度为零（2）由线 1 可得:EP=mgh=mgssin 斜率:k=20=mgsin30 所以 m=4kg 当达到最大速度时带电小球受力平衡:20sinkqQmgs 由线 2 可得 s0=1m，得:20sinmgsqkQ=1.11105C（3）由线 2 可得，当带电小球运动至 1m 处动能最大为 27J 根据动能定理:WG+W电=Ek 即有:mgh+qU=Ekm0 代入数据得:U=4.2106V（4）图中线 3 即为小球电势能 随

27、位移 s 变化的图线 14、（1）0.2m/s；（2）0.24m；（3）匀加速，0.4m/s2。【解析】（1）开始时，a 棒向下运动，b 棒受到向左的安培力，所以 b 棒开始向左运动，当 b 棒开始运动时有 1B ILmg 对 a 棒 2=2B LvIR 联立解得 21220.2m/smgRvB B L（2）由动量定理得对 a 棒 2sinmgtB ILtmv 其中 222B LxItRR 联立解得 222(sin)20.24mgtmvRxmB L（3）设 a 棒的加速度为 a1，b 棒的加速度为 a2，则有 21sinmgB ILma 12-B ILmgma 且 21122B LvB LvI

28、R 当稳定后，I 保持不变，则 211202B L vB L vItRt 可得 122aa 联立解得两棒最后做匀加速运动，有 a1=0.2m/s2，a2=0.4m/s2 15、偏大 系统误差 电流表的分压作用 偏大 2121UUII 11URI 【解析】(1)12根据测微螺杆和测砧紧密接触时的图象可知，用螺旋测微器测得的示数偏大；实验器材导致的误差为系统误差。(2)34根据伏安法测电阻的原理可知，电流表内接法误差来自电流表的分压，测量的阻值偏大，根据电阻定律可知，计算出来的电阻率也偏大。(3)56单刀双掷开关接位置 1 时，电流表示数为 I1，电压表示数为 U1，则 1A1URRI 单刀双掷开关接位置 2 时，电流表示数为 I2，电压表示数为 U2，则 2A2xURRRI 联立解得 2121xUURII，1A1URRI