2022-2023学年青海省海东市二中高三压轴卷物理试卷含解析.pdf

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1、2023 年高考物理模拟试卷 请考生注意：1请用 2B 铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用 05 毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在一次观察光的衍射实验中，观察到如图所示的清晰的亮暗相间的图样，那么障碍物是下列给出的()A很小的不透明圆板 B很大的中间有大圆孔的不透明挡板 C很大的不透明圆板 D很大的中间有小圆孔的不透明挡板 2、下列说法正确的是（）

2、A“康普顿效应”说明光具有能量，“光电效应”说明光具有动量 B目前的核电站、核潜艇在利用核能时，发生的核反应方程均是123112H+HHe C对于某种金属来说，其发生光电效应的极限频率是恒定的，且与入射光的强度无关 D中子与质子结合成氘核时，需要吸收能量 3、如图甲所示，一质量为 M 的长木板静置于光滑水平面上，其上放置一质量为 m 的小滑块，木板受到随时间 t 变化的水平拉力 F 作用时，用传感器测出其加速度 a，得到如图乙所示的 a-F 图，最大静摩擦力近似等于滑动摩擦力，取g10 m/s2，则下列选项错误的是 A滑块的质量 m4 kg B木板的质量 M2 kg C当 F8 N 时滑块加速

3、度为 2 m/s2 D滑块与木板间动摩擦因数为 0.1 4、如图所示，一导热良好的汽缸内用活塞封住一定量的气体（不计活塞厚度及与缸壁之间的摩擦），用一弹簧连接活塞，将整个汽缸悬挂在天花板上。弹簧长度为 L，活塞距地面的高度为 h，汽缸底部距地面的高度为 H，活塞内气体压强为 p，体积为 V，下列说法正确的是（）A当外界温度升高（大气压不变）时，L 变大、H 减小、p 变大、V 变大 B当外界温度升高（大气压不变）时，h 减小、H 变大、p 变大、V 减小 C当外界大气压变小（温度不变）时，h 不变、H 减小、p 减小、V 变大 D当外界大气压变小（温度不变）时，L 不变、H 变大、p 减小、V

4、 不变 5、如图所示，一固定斜面上两个质量均为 m 的小物块 A 和 B 紧挨着匀速下滑，A 与 B 的接触面光滑。已知 A 与斜面之间的动摩擦因数是 B 与斜面之间的动摩擦因数的 2 倍，斜面倾角为，重力加速度为 g。B 与斜面之间的动摩擦因数 与 A、B 间弹力 FN的大小分别是（）A=23tan，FN=13mgsin B=23tan，FN=12mgsin C=tan，FN=13mgcos D=tan，FN=23mgsin 6、在如图所示的电路中，理想变压器的原、副线圈的匝数比为12:3:1nn，电阻122RR，电流表和电压表均为理想交流电表，若电流表的示数为 2A，电压表的示数为 30V

5、，则电阻1R的阻值为（）A45 B55 C65 D75 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、如图所示，在竖直平面内有一平面直角坐标系 xOy，存在一个范围足够大的垂直纸面向里的水平磁场，磁感应强度沿 x 轴方向大小相同，沿 y 轴方向按 By=ky（k 为大于零的常数）的规律变化。一光滑绝缘的半径为 R 的半圆面位于竖直平面内，其圆心恰好位于坐标原点 O 处，将一铜环从半面左侧最高点 a 从静止释放后，铜环沿半圆面运动，到达右侧的 b 点为最高

6、点，a、b 高度差为 h。下列说法正确的是（）A铜环在半圆面左侧下滑过程，感应电流沿逆时针方向 B铜环第一次经过最低点时感应电流达到最大 C铜环往复运动第二次到达右侧最高点时与 b 点的高度差小于 2h D铜环沿半圆面运动过程，铜环所受安培力的方向总是与铜环中心的运动方向相反 8、甲、乙两车在同一平直道路上同向运动其v t图像如图所示，图中OPQ和OQT的面积分别为1s和221sss，初始时，甲车在乙车前方0s处，则（）A若012sss，两车不会相遇 B若01ss，两车相遇 2 次 C若01ss，两车相遇 1 次 D若02ss，两车相遇 1 次 9、下列说法不正确的是_。A竖直玻璃管里的水银面

7、不是平面，而是“上凸”的，这是因为水银对玻璃管不浸润的结果 B相对湿度是空气里水蒸气的压强与大气压强的比值 C物理性质表现为各向同性的固体一定是非晶体 D压缩气体需要用力，这是气体分子间有斥力的表现 E.汽缸里一定质量的理想气体发生等压膨胀时，单位时间碰撞器壁单位面积的气体分子数一定减少 10、如图甲所示，水平地面上有足够长平板车 M，车上放一物块 m，开始时 M、m 均静止。t=0 时，车在外力作用下开始沿水平面向右运动，其 v-t 图像如图乙所示，已知物块与平板车间的动摩擦因数为 0.2，取 g=10m/s2。下列说法正确的是（）A0-6s 内，m 的加速度一直保持不变 Bm 相对 M 滑

8、动的时间为 3s C0-6s 内，m 相对 M 滑动的位移的大小为 4m D0-6s 内，m、M 相对地面的位移大小之比为 3：4 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）一电阻标签被腐蚀，某实验小组想要通过实验来测量这个电阻的阻值，实验室准备有如下实验器材：A电池组E（电动势约3V，内阻可忽略）；B电压表 V（0 3V，内阻约5k）；C电流表 A（0 1mA，内阻为1000）；D滑动变阻器1R（最大阻值10）；E.滑动变阻器2R（最大阻值200）；F.电阻箱3R（0 999.9）；G.多用电表；H.开关一个，导线若干。(1

9、)粗测电阻。把多用电表的选择开关旋转到欧姆挡“1”位置，短接红、黑表笔进行调零，然后测量待测电阻，多用电表的示数如图甲所示，则多用电表的读数为_。(2)实验小组选择器材用伏安法进一步测量电阻的阻值，首先要把电流表改装成200mA的电流表，电阻箱应调节到_。(3)请设计电路并在图乙所示的方框中画出电路图，要求易于操作，便于测量，并标出所选器材的符号_。(4)小组在实验中分别记录电流表和电压表的示数，并在坐标纸上描点如图丙所示，请正确作出IU关系图线_，由图线可求得待测电阻阻值xR _。（保留三位有效数字）12（12 分）某实验小组利用电流传感器（可视为理想电流表）和定值电阻0R以及电阻箱、待测电

10、池等器材，设计了如图甲所示的电路测定电池电动势和内阻。电流的值通过数据采集器输入到计算机，数据采集器和计算机对原电路的影响可忽略。他们连接好电路，闭合开关 S 后，发现无论如何调节电阻箱R，计算机中显示电流均为零，由此判断电路可能出现了故障。经小组讨论后，尝试用多用电表的欧姆档来检测电路。已知保护电阻015 0R.，电流传感器量程为100mA。操作步骤如下：将多用电表挡位调到电阻“1”挡，再将红、黑表笔短接，进行欧姆调零；断开甲图电路开关 S，将多用电表两表笔分别接在ac、上，多用电表的指针不偏转；断开甲图电路开关 S，将多用电表两表笔分别接在ab、上，多用电表的示数如图乙所示；断开甲图电路开

11、关 S，将多用电表两表笔分别接在bc、上，多用电表的指针不偏转；断开甲图电路开关 S，将多用电表两表笔分别接在、cd上，计算机中显示电流不为零。回答下列问题：（1）操作步骤中，多用电表内阻_；（2）操作步骤中，多用电表红表笔应接_（选“c”或“d”点）;（3）电路的故障可能是_;A保护电阻0R短路 B保护电阻0R断路 C电阻箱R短路 D电阻箱R断路（4）排除电路故障后，该小组按照图甲的电路测量电源的电动势和内阻。改变电阻箱R的阻值，得到多组实验数据。根据数据作出1RI图像，如图所示，则电源电动势E _V，内阻r _（结果保留 2 位有效数字）。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案

12、写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图，一定质量的理想气体从状态 a 开始，经历状态 b、c、到达状态 d，已知一定质量的理想气体的内能与温度满足UkT（k 为常数）。该气体在状态 a 时温度为0T，求：气体在状态 d 时的温度 气体从状态 a 到达状态 d 过程从外界吸收的热量 14（16 分）滑雪者从高处沿斜面直线雪道下滑。雪道总长度为 200m，倾角为10。甲、乙两滑雪者的滑雪板不同，与雪面的动摩擦因数分别为10.15，20.10。二人下滑过程中不使用雪杖加力，由静止从雪道顶端自由下滑。g 取210m/s，sin100.17，cos100

13、.98。求：（计算结果保留 2 位有效数字）（1）甲滑雪者到达雪道底端时的速度；（2）若乙在甲之后下滑且不能撞到甲，乙开始下滑应迟于甲多长时间？15（12 分）如图所示，在纸面内建立直角坐标系 xOy，以第象限内的直线 OM（与负 x 轴成 45角）和正 y 轴为界，在 x0 的区域建立匀强电场，方向水平向左，场强大小 E=2 V/m；以直线 OM 和正 x 轴为界，在 y0 的区域建立垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度 B=0.1T一不计重力的带负电粒子从坐标原点 O 沿 y 轴负方向以 v0=2103m/s 的初速度射入磁场己知粒子的比荷为 q/m=5104C/kg，求：（1）粒子经过 1

14、/4 圆弧第一次经过磁场边界时的位置坐标？（2）粒子在磁场区域运动的总时间？（3）粒子最终将从电场区域 D 点离开电，则 D 点离 O 点的距离是多少？参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】很大的中间有大圆孔的不透明挡板和很大的不透明圆板不会发生衍射现象，很小的不透明圆板出现泊松亮斑【详解】A用光照射很小的不透明圆板时后面出现一亮点，即泊松亮斑，故 A 错误；B很大的中间有大圆孔的不透明挡板时后面是一亮洞，不会出现衍射现象，故 B 错误；C很大的不透明圆板时后面是一片阴影，不会出现衍射现象，故

15、 C 错误；D用光照射很大的中间有小圆孔的不透明挡板时是明暗相间的衍射图样，即发生衍射现象，故 D 正确【点睛】该题考查单孔衍射的图样，要牢记单孔衍射和单缝衍射图样与障碍物或孔的尺寸是有关系的，不同的障碍物或孔出现的衍射图样是不一样的 2、C【解析】A“康普顿效应”说明光具有动量，“光电效应”说明光具有能量，故 A 错误；B目前的核电站、核潜艇在利用核能时，发生的核反应方程均是核裂变方程，故 B 错误；C对于某种金属来说，其发生光电效应的极限频率只和金属本身有关，是恒定的，与入射光的强度无关。故 C 正确；D中子与质子结合成氘核时，核聚变放出能量，故 D 错误。故选 C。3、C【解析】AB由题

16、图乙知，F6 N 时，滑块与木板刚好不相对滑动，加速度为 a1 m/s2。对整体分析，由牛顿第二定律有 F（Mm）a，代入数据计算得出:Mm6 kg，当 F6 N 时，对木板，根据牛顿第二定律得:1FmgmgaFMMM，知图线的斜率 k12，则:M2 kg，滑块的质量:m4 kg；故 AB 不符合题意；CD根据 F6 N 时，a1 m/s2，代入表达式计算得出:0.1，当 F8 N 时，对滑块，根据牛顿第二定律得 mgma，计算得出：ag1 m/s2，故 C 符合题意，D 不符合题意。故选 C。4、C【解析】以活塞与汽缸为整体，对其受力分析，整体受到竖直向下的总重力和弹簧向上的拉力且二者大小始

17、终相等，总重力不变，所以弹簧拉力不变，即弹簧长度 L 不变，活塞的位置不变，h 不变；当温度升高时，汽缸内的气体做等压变化，根据盖吕萨克定律可以判断，体积 V 增大，汽缸下落，所以缸体的高度降低，H 减小、p 不变、V 增大；当大气压减小时，对汽缸分析得 0pmpSgS 气体压强 p 减小，汽缸内的气体做等温变化，由玻意耳定律得 1122pVp V 可知体积V 变大，汽缸下落，所以缸体的高度降低，H 减小、p 减小、V 变大，故 C 正确，ABD 错误。故选 C。5、A【解析】以 AB 整体为研究对象，根据平衡条件得 2mgsin=Amgcos+Bmgcos=2mgcos+mgcos 解得 2

18、tan3 对 B 受力分析可知，B 受重力、支持力、A 的弹力及摩擦力而处于平衡状态；则有 mgsin=mgcos+NF 解得 N1sin3Fmg 故 A 正确，BCD 错误。故选 A。6、B【解析】原、副线圈两端的电压之比 112231UnUn 已知230VU 故 12390VUU 则通过1R的电流 110122UUIRR 副线圈的电流 222UIR 又因为1221InIn，所以通过原线圈的电流 2121nIIn 流过电流表的电流 01III 即 1222122UnUIRnR 解得 227.5R 12255RR 故选 B。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小

19、题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、AC【解析】A铜环在半圆面左侧下滑过程，磁通量增加，根据楞次定律可得感应电流沿逆时针方向，A 正确；B铜环第一次经过最低点瞬间，磁通量的变化量为 0，感应电流为零，B 错误；C铜环沿半圆面运动，到达右侧的 b 点后开始沿圆弧向左运动，但在向左运动的过程中克服安培力做的功较小，损失的机械能小于 mgh，所以铜环往复运动第二次到达右侧最高点时与 b 点的高度差小于 2h，C 正确；D铜环沿半圆面向下运动过程中，铜环所受安培力的方向是竖直向上的，沿半圆面向上运动过程中，铜环所受安培力

20、的方向是竖直向下的，D 错误。故选 AC。8、ABC【解析】读取v t图像信息，运动情景图如图所示 图像与t轴所围面积为位移，至Q点时，乙车位移为 s乙12ss 甲车位移为 s甲2s 初始时，甲车在乙车前方0s处 若甲、乙两车速度相同为v时，有 120sss 乙车还没有追上甲车，此后甲车比乙车快，不可能追上；若甲、乙两车速度相同为v时，有 1202ssss 即 01ss 则此前乙车已追上甲车 1 次，此时乙车在甲车前面，之后乙车速度小于甲车，乙车还会被甲车反追及 1 次。则全程相遇 2 次；若甲、乙两车速度相同为v时，有 1202ssss 即 01ss 则此前乙车始终在甲车后面，此时乙车刚好追

21、及甲车（临界点），之后乙车速度小于甲车，不再相遇。则全程仅相遇 1次；故 A、B、C 正确，D 错误；故选 ABC。9、BCD【解析】A竖直玻璃管里的水银面不是平面，而是“上凸”的，这是表面张力产生的不浸润现象所致，故 A 正确不符合题意；B相对湿度等于水蒸气的实际压强与同温下水的饱和汽压的比值，故 B 错误符合题意；C多晶体和非晶体均具有各向同性，故物理性质表现为各向同性的固体不一定是非晶体，故 C 错误符合题意；D气体之间分子距离很大，分子力近似为零，用力才能压缩气体是由于气体内部压强产生的阻力造成的，并非由于分子之间的斥力造成，故 D 错误符合题意；E气缸里一定质量的理想气体发生等压膨胀

22、时，根据理想气体的状态方程PVCT可知，压强不变而体积增大，则气体的温度一定升高；温度是分子的平均动能的标志，温度升高则分子的平均动能增大，单个分子对器壁的撞击力增大，压强不变则单位时间碰撞器壁单位面积的气体分子数一定减少，故 E 正确不符合题意。故选：BCD。10、BD【解析】AB物块相对于平板车滑动时的加速度 22m/smgagm 若其加速度一直不变，速度时间图像如图所示 有图像可以算出 t=3s 时，速度相等，为 6m/s。由于平板车减速阶段的加速度大小为 2218m/s2m/s62aa 故二者等速后相对静止，物块的加速度大小不变，方向改变。物块相对平板车滑动的时间为 3s。故 A 错误

23、，B 正确；C有图像可知，0-6s 内，物块相对平板车滑动的位移的大小 18612 8m1m3 6m=6m222x 故 C 错误；D0-6s 内，有图像可知，物块相对地面的位移大小 116 6m=18m2x 平板车相对地面的位移大小 216 8m=24m2x 二者之比为 3：4，故 D 正确。故选 BD。三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、9.0 5.0 10.0（9.9010.2 均可）【解析】(1)1欧姆挡读数乘以倍率得到测量值，即多用电表的读数为9.019 (2)2将电流表量程扩大 200 倍，则需并联的电阻箱阻值为 AA

24、3A0.001 10005.00.20.001I RRII (3)3根据要求，滑动变阻器需采用分压式接法，选总阻值较小的1R，同时因电流表已改装成合适的量程，并且已知其内阻，故采用电流表内接法，电路图如答图 1 所示 (4)4根据题图丙描绘的点，用直线进行拟合，注意让尽可能多的点在直线上，若有不在直线上的点，则应大致分布在直线两侧，偏离直线较远的点舍去，如答图 2 所示 5由实验原理得 15.0200AxURRI 解得待测电阻(15.05.0)10.0 xR 由于误差 9.9010.2均可 12、15.0 c D 1.5 3.0 【解析】（1）1操作步骤中，多用电表内阻等于中值电阻，大小为 1

25、5.0；（2）2因 c 端是电流传感器的负极，则操作步骤中，多用电表红表笔应接c点；（3）3根据实验步骤的分析可知，电路的故障可能是电阻箱 R 断路，故选 D；（4）45根据闭合电路欧姆定律可得：E=I(R+R0+r)即：01()RERrI 由图像可知：18=1.5V12E 018Rr 则 r=3.0 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、Td=3T0 Q=2kT06p0V0【解析】由 a 到 d 气体发生等压变化，由盖吕萨克定律可以求出气体的温度；求出气体做的功，然后应用热力学第一定律求出从外界吸收的热量；

26、【详解】解：状态 a 与状态 d 压强相等，由：adadVVTT 可得：03dTT 依题意可知：0aUkT，03dUkT 由热力学第一定律，有：daUUQW 其中：0()3cbWp VV 联立可得：00026QkTp V 14、（1）9.6m/s；（2）18s。【解析】（1）甲下滑过程，由牛顿第二定律得 1111 1sin10cos10m gm gm a 由运动规律得 2112va x 解得 19.6m/sv （2）乙下滑过程，由牛顿第二定律得 22222sin10cos10m gm gm a 由运动规律得 2222va x 又有 222vxt 甲又有 112vxt 甲、乙下滑的时间差为 12

27、ttt 解得 18st 二人不相撞，乙开始下滑的时刻比甲至少要晚 18s 15、（1）粒子经过 圆弧第一次经过磁场边界时的位置坐标为（0.4m，0.4m）；（2）粒子在磁场区域运动的总时间 1.26103s；（3）粒子最终将从电场区域 D 点离开电场，则 D 点离 O 点的距离是 7.2m【解析】试题分析：（1）粒子做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律，求出运动的半径，从而即可求解；（2）根据圆周运动的周期公式，可求出在磁场中总时间；（3）粒子做类平抛运动，将其运动分解，运用运动学公式与牛顿第二定律，即可求解 解：（1）微粒带负电，从 O 点射入磁场，沿顺时针方向做圆周运动，轨迹如图 第一次经过磁

28、场边界上的 A 点 由，得，所以，A 点坐标为（0.4m，0.4m）（2）设微粒在磁场中做圆周运动的周期为 T，则，其中 代入数据解得：T=1.256103s 所以 t=1.26103s（3）微粒从 C 点沿 y 轴正方向进入电场，做类平抛运动，则 由牛顿第二定律，qE=ma y=v0t1 代入数据解得：y=8m y=y2r=820.4m=7.2m 即：离开电磁场时距 O 点的距离为 7.2m 答：（1）粒子经过 圆弧第一次经过磁场边界时的位置坐标为（0.4m，0.4m）；（2）粒子在磁场区域运动的总时间 1.26103s；（3）粒子最终将从电场区域 D 点离开电场，则 D 点离 O 点的距离是 7.2m 【点评】考查牛顿第二定律在匀速圆周运动中、类平抛运动中的应用，并根据运动的合成与分解来解题，紧扣运动的时间相等性