2023届甘肃省天水市甘谷县第一中学高三冲刺模拟物理试卷含解析.pdf

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1、2023 年高考物理模拟试卷 注意事项 1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用 2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，水平放置的封闭绝热气缸，被一锁定的绝热活塞分为体积相等的 a、b 两部分。已知 a 部分气体为 1mol氧气，b 部分气体为 2 mol 氧气，两部分气体温度相等，均可视为理想气体。解除锁定，活塞滑动一段距离后

2、，两部分气体各自再次达到平衡态时，它们的体积分别为 Va、Vb，温度分别为 Ta、Tb。下列说法正确的是 AVaVb，TaTb BVaVb，TaTb CVaVb，TaTb DVaVb，TaTb 2、一个小球以一定的水平速度抛出，经过 t0时间，小球和抛出点的连线与水平方向夹角为 37，再经过 t 时间，小球和抛出点的连线与水平方向的夹角为 53，不计空气阻力，下列说法正确的是 A0916tt B0716tt C079tt D01625tt 3、下列说法中，正确的是（）A物体在恒力作用下不可能做曲线运动 B物体在恒力作用下不可能做圆周运动 C物体在变力作用下不可能做直线运动 D物体在变力作用下不

3、可能做曲线运动 4、如图所示，材料相同的物体 A、B 由轻绳连接，质量分别为 m1和 m2且 m1m2，在恒定拉力 F 的作用下沿斜面向上加速运动。则（）A轻绳拉力的大小与斜面的倾角 有关 B轻绳拉力的大小与物体和斜面之间的动摩擦因数 有关 C轻绳拉力的小与两物体的质量 m1和 m2有关 D若改用 F 沿斜面向下拉连接体，轻绳拉力的大小不变 5、某同学用单摆测当地的重力加速度他测出了摆线长度 L 和摆动周期 T，如图(a)所示通过改变悬线长度 L，测出对应的摆动周期 T，获得多组 T 与 L，再以 T2为纵轴、L 为横轴画出函数关系图像如图(b)所示由此种方法得到的重力加速度值与测实际摆长得到

4、的重力加速度值相比会（）A偏大 B偏小 C一样 D都有可能 6、如图甲所示，在某电场中建立 x 坐标轴，A、B 为 x 轴上的两点，xA、xB分别为 A、B 两点在 x 轴上的坐标值。一电子仅在电场力作用下沿x轴运动，该电子的动能Ek随其坐标x变化的关系如图乙所示。则下列说法中正确的是（）AA 点的电场强度小于 B 点的电场强度 BA 点的电场强度等于 B 点的电场强度 CA 点的电势高于 B 点的电势 D电子由 A 点运动到 B 点的过程中电势能的改变量pkkBAEEE 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部

5、选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、以下说法正确的是_。A同种物质可能以晶体和非晶体两种不同的形态出现，如金刚石是晶体，石墨是非晶体，但组成它们的微粒均是碳原子 B第二类永动机不可能制成是因为违背了能量守恒定律 C一定温度下，饱和汽的分子数密度是一定的，因而饱和汽的压强也是一定的 D对于一定质量的理想气体，若气体的体积减小而温度降低，则单位时间内与器壁单位面积碰撞的分子个数可能不变 E.显微镜下观察到墨水中的小炭粒在不停地做无规则运动，这间接反映了炭粒分子运动的无规则性 8、如图甲所示，两个点电荷 Q1、Q2固定在 z 轴上，其中 Qi位于原点 O，a、b 是它们

6、连线延长线上的两点。现有一带负电的粒子 q 以一定的初速度沿 z 轴从 a 点开始经 b 点向远处运动（粒子只受电场力作用），设粒子经过 a、b 两点时的速度分别为 va、vb，其速度随坐标 x 变化的图象如图乙所示，则以下判断正确的是 Aab 连线的中点电势最低 Ba 点的电势比 b 点的电势高 Cx=3L 处场强一定为零 DQ2带负电且电荷量小于 Q1 9、如图甲，线圈 A（图中实线，共 100 匝）的横截面积为 0.3m2，总电阻 r2，A 右侧所接电路中，电阻 R12，R26，电容 C3F，开关 S1闭合A 中有横截面积为 0.2m2的区域 C（图中虚线），C 内有图乙所示的变化磁场，

7、t0 时刻，磁场方向垂直于线圈平面向里下列判断正确的是 A闭合 S2、电路稳定后，通过 R2的电流由 b 流向 a B闭合 S2、电路稳定后，通过 R2的电流大小为 0.4A C闭合 S2、电路稳定后再断开 S1，通过 R2的电流由 b 流向 a D闭合 S2、电路稳定后再断开 S1，通过 R2的电荷量为 7.2106C 10、如图所示，一水平放置的平行板电容器充电以后与电源断开，并在其间加上垂直纸面向里的匀强磁场；某带电质点以某一速度从水平平行板中央进入正交的匀强电场和匀强磁场中，刚好做匀速直线运动。下列说法正确的是（）A该质点一定带正电 B该质点可能带负电 C若仅磁场的水平方向均匀增大，质

8、点将向上偏转，速率越来越小 D若将下极板缓慢向下移动，质点将向下偏转，速率越来越大 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）如图，物体质量为2kgm，静置于水平面上，它与水平面间的动摩擦因数0.4，用大小为10 2NF、方向与水平方向夹角45的拉力 F 拉动物体，拉动 4s 后，撤去拉力 F，物体最终停下来.(取210/)gm s试求：1 物体前 4s 运动的加速度是多大？2?物体从开始出发到停下来，物体的总位移是多大？12（12 分）如图(a)为某同学组装完成的简易多用电表的电路图图中 E 是电池；R1、R2、R3、R4和

9、 R5是固定电阻，R6是可变电阻；表头 G 的满偏电流为 250 A，内阻为 480.虚线方框内为换挡开关，A 端和 B 端分别与两表笔相连 该多用电表有 5 个挡位，5 个挡位为：直流电压 1 V 挡和 5 V 挡，直流电流 1 mA 挡和 2.5 mA 挡，欧姆100 挡 (1)图(a)中的 A 端与_（填“红”或“黑”）色表笔相连接(2)关于 R6的使用，下列说法正确的是_（填正确答案标号）A在使用多用电表之前，调整 R6使电表指针指在表盘左端电流“0”位置 B使用欧姆挡时，先将两表笔短接，调整 R6使电表指针指在表盘右端电阻“0”位置 C使用电流挡时，调整 R6使电表指针尽可能指在表盘

10、右端电流最大位置(3)根据题给条件可得 R1R2_，R4_.(4)某次测量时该多用电表指针位置如图（b）所示若此时 B 端是与“1”相连的，则多用电表读数为_；若此时B 端是与“3”相连的，则读数为_；若此时 B 端是与“5”相连的，则读数为_（结果均保留 3 位有效数字）四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图所示，质量 M=2kg 的滑块套在光滑的水平轨道上，质量 m=1kg 的小球通过长 L=0.5m 的轻质细杆与滑块上的光滑轴 O 连接，小球和轻杆可在竖直平面内绕 O 轴自由转动，开始轻杆

11、处于水平状态，现给小球一个竖直向上的初速度0v=4 m/s，g 取 102m/s（1）若锁定滑块，试求小球通过最高点 P 时对轻杆的作用力大小和方向（2）若解除对滑块的锁定，试求小球通过最高点时的速度大小(3)在满足（2）的条件下，试求小球击中滑块右侧轨道位置点与小球起始位置点间的距离 14（16 分）如图所示，金属圆环轨道 MN、PQ 竖直放置，两环之间 ABDC 内（含边界）有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为 B0，AB 水平且与圆心等高，CD 竖直且延长线过圆心。电阻为 r，长为 2l 的轻质金属杆，一端套在内环MN上，另一端连接质量为m的带孔金属球，球套在外环PQ上，且都与轨道接触

12、良好。内圆半径1rl，外圆半径23rl，PM 间接有阻值为 R 的电阻，让金属杆从 AB 处无初速释放，恰好到达 EF 处，EF 到圆心的连线与竖直方向成 角。其它电阻不计，忽略一切摩擦，重力加速度为 g。求：(1)这一过程中通过电阻 R 的电流方向和通过 R 的电荷量 q；(2)金属杆第一次即将离开磁场时，金属球的速率 v 和 R 两端的电压 U。15（12 分）如图，两个相同的气缸A、B各封闭着同种理想气体，气缸用绝热的细管通过阀门K连接。当K关闭时，A中气体的压强5A11 10 Pap、温度A17 C2t，B中气体的压强5B13 10 Pap、温度B1C127t。已知两气缸内的气体温度始

13、终保持不变。打开K后（结果均保留三位有效数字）(1)若B中气体发生等温膨胀，当B中气体的体积变为原来的65时，求B中此时的压强p；(2)求缸内气体刚平衡时气缸内气体的压强2p。参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】AB解除锁定前，两部分气体温度相同，体积相同，由pVnRT可知质量大的部分压强大，即 b 部分压强大，故活塞左移，平衡时,ababVV PP，故 A、B 错误；CD活塞左移过程中，a气体被压缩内能增大，温度增大，b 气体向外做功，内能减小，温度减小，平衡时abTT，故 C 错误，D

14、正确；故选 D。2、C【解析】设平抛初速度大小为 v0，经过时间 t0，有：2000 0012tan372gtgtv tv 再经过时间 t，有：20000012tan532g ttg ttvttv 所以 00tan37tan53ttt 解得：079tt A.0916tt与计算结果不符，故 A 错误。B.0716tt与计算结果不符，故 B 错误。C.079tt与计算结果相符，故 C 正确。D.01625tt与计算结果不符，故 D 错误。3、B【解析】A物体在恒力作用下也可能做曲线运动，例如平抛运动，选项 A 错误；B物体做圆周运动的向心力是变力，则物体在恒力作用下不可能做圆周运动，选项 B 正确

15、；C物体在变力作用下也可能做直线运动，选项 C 错误；D物体在变力作用下也可能做曲线运动，例如匀速圆周运动，选项 D 错误；故选 B。4、C【解析】ABC以物体 A、B 及轻绳整体为硏究对象根据牛顿第二定律得 121212()sin()cos(m)Fmmgmmgm a 解得 12sincosFaggmm 再隔离对 B 分析，根据牛顿第二定律得 222sincosTm ggm a 解得 212m FTmm 则知绳子的拉力与斜面倾角无关，与动摩擦因数 无关，与两物体的质量 m1和 m2有关，选项 C 正确，AB 均错误；D若改用 F 沿斜面向下拉连接体，以物体 A、B 及轻绳整体为硏究对象，根据牛

16、頓第二定律得 121212()sin()cos(m)Fmmgmmgm a 解得 12sincosFagmm 再隔离对 A 分析，根据牛顿第二定律得 111sincosTm gm gm a 解得 112m FTmm 可知轻绳拉力的大小改变，选项 D 错误。故选 C。5、C【解析】根据单摆的周期公式：2LrTg得：22244TLrgg，T2与 L 图象的斜率24kg，横轴截距等于球的半径 r 故24gk 根据以上推导，如果 L 是实际摆长，图线将通过原点，而斜率仍不变，重力加速度不变，故对 g 的计算没有影响，一样，故 ABD 错误，C 正确 故选 C 6、B【解析】AB根据动能定理得知：电场力做

17、功等于电子动能的变化，则有 kEEqx 根据数学知识可知，图线的斜率 kqE 斜率不变，q 保持不变，说明电场强度不变，所以该电场一定是匀强电场，则 ABEE 故 A 错误，B 正确；C由图知，电子从 A 到 B 动能增大，电场力做正功，则知电场力方向从 AB，电场线方向从 BA，根据顺着电场线方向电势降低，则有 AB 故 C 错误；D根据动能定理知 kkPABBAWEEE 即 PkkABEEE 故 D 错误。故选 B。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得

18、0 分。7、CD【解析】A晶体、非晶体在一定条件下可以 转化，同种元素的原子可以生成不同种晶体，但石墨是晶体，故 A 错误；B第二类永动机不可能制成是因为违背了热力学第二定律有关热现象的方向性，故 B 错误；C饱和蒸汽压仅仅与温度有关，一定温度下，饱和汽的分子数密度是一定的，因而饱和汽的压强也是一定的，故 C正确；D若单位体积内的分子数多，且分子的平均动能大，则单位时间内与器壁单位面积碰撞的分子个数一定多；而气体的体积减小时单位体积内的分子数变多，温度降低会使分子的平均动能变小，则单位时间内与器壁单位面积碰撞的分子个数可能变多，或变少，或不变，故 D 正确；E显微镜下观察到墨水中的小炭粒在不停

19、地做无规则运动，这间接反映了液体分子运动的无规则性，故 E 错误。故选 ACD。8、CD【解析】A.带电粒子在电场中只受电场力作用，电势能和动能之和不变，由图可知，在 a、b 连线的中点 3L 处，动能最大，电势能最小，因为粒子带负电荷，所以 a、b 连线的中点 3L 处电势最高，故 A 错误；B.根据 A 选项分析可知，a 点动能比 b 点小，电势能比 b 点大，所以 a 点的电势比 b 点低，故 B 错误；C.在 3L 点前做加速运动，3L 点后做减速运动，可见 3L 点的加速度为 0，则 x=3L 处场强为零，故 C 正确；D.由于在 x=3L 点前做加速运动，所以 Q2带负电，3L 点

20、的加速度为 0，则有1222(3)(2)kQ qkQ qLL，故 Q2带正电且电荷量小于 Q1，故 D 正确。故选：CD 9、BD【解析】根据楞次定律，线圈中产生的感应电流为顺时针方向，则闭合 S2、电路稳定后，通过 R2的电流由 a 流向 b，选项 A错误；根据法拉第电磁感应定律：0.61000.243BEnSVVt，则闭合 S2、电路稳定后，通过 R2的电流大小为1240.4262EIAARRr，选项 B 正确；闭合 S2、电路稳定后电容器上极板带正电，则当再断开 S1，电容器放电，通过 R2的电流由 a 流向 b，选项 C 错误；电路稳定后电容器带电量6623 100.467.2 10R

21、QCUCC，则电路稳定后再断开 S1，通过 R2的电荷量为 7.2106C，选项 D 正确；故选 BD.点睛：此题考查法拉第电磁感应定律以及直流电路中的含电容问题；注意用BEnSt求解电动势时，S 是线圈中有磁场部分的面积，不是线圈的面积；同时要搞清电容器两端的电压是哪个电阻上的电压值.10、AC【解析】AB在平行板之间有匀强磁场和匀强电场，带电质点做匀速直线运动，所以带电质点受力平衡，重力向下，电场力向上，洛伦兹力向上，则 mgEqqvB 所以带电质点带正电，故 A 正确，B 错误；C如果磁场均匀增大，则该质点所受洛伦兹力将增大，质点向上偏转，但是洛伦兹力对质点不做功，即不改变质点速度的大小

22、，而重力和电场力的合力向下，所以质点将减速，即其速率将减小，所以 C 正确；D将下极板向下移动，根据电容的决定式 r4SCkd 可得，电容减小；由题意可知，电容器极板的电荷量不变，则根据公式 QUC UEd 可得公式 r4kQES 即场强的大小与两极板的距离无关，所以场强不变，质点将继续匀速直线运动，所以 D 错误。故选 AC。三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、21 3m/s?2 42m【解析】（1）由牛顿第二定律运用正交分解法求解加速度；（2）根据运动公式求解撤去外力之前时的位移；根据牛顿第二定律求解撤去外力后的加速度和位移

23、，最后求解总位移.【详解】（1）受力分析：正交分解：由牛顿第二定律得：cos45Ffma；sin450FNmg；联立解得：2/am s（2）前 4s 内的位移为221113 4 m24m22xat，4s 末的速度为：12/vatm s，撤去外力后根据牛顿第二定律可知：mgma，解得：24/agm s ，减速阶段的位移为：22200 1218224vxmma ，通过的总位移为：1242mxxx【点睛】此题是牛顿第二定律的应用问题；关键是知道加速度是联系运动和力的桥梁，运用正交分解法求解加速度是解题的重点 12、黑 B 160 880 1.47mA 1.10103 2.95 V 【解析】(1)1

24、欧姆表内置电源正极与黑表笔相连，负极与红表笔相连，即红进黑出，A端与电池正极相连，电流从A端流出，A端与黑表笔相连；(2)2由电路图可知6R只在测量电阻时才接入电路，故其作用只能进行欧姆调零，不能进行机械调零，同时在使用电流档时也不需要调节6R；A.与分析不符，故 A 错误；B.与分析相符，故 B 正确；C.与分析不符，故 C 错误；(3)3B端与“1”“2”相连时，该多用电表挡位分别为直流 2.5 mA 挡、直流 1 mA 挡，如图所示 由电表的改装原理可知B端与“2”相连时，有：122G GGI rRIRI 解得：12160RR 4B端与“4”相连时，如图所示 多用电表为直流电压 1 V

25、挡，表头并联部分电阻：442880G GUI rRI(4)5B端与“1”相连时，电表读数为 1.47 mA；6B端与“3”相连时，多用电表为欧姆100 挡，读数为：311.0 1001.10 10 7B端与“5”相连时，多用电表为直流电压 5 V 挡，读数为：1475V2.95V250 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）2 N，方向竖直向上（2）22m/s（3）123sm【解析】（1）设小球能通过最高点，且此时的速度为1，在上升过程中，因只有重力做功，小球的机械能守恒则 22101122mmgLm

26、26/m s 设小球到达最高点时，轻杆对小球的作用力为 F，方向向下，则21FmgmL 由式，得2NF 由牛顿第三定律可知，小球对轻杆的作用力大小为2 N，方向竖直向上（2）解除锁定后，设小球通过最高点时的速度为2，此时滑块的速度为 V在上升过程中，因系统在水平方向不受外力作用，水平方向的动量守恒以水平向右的方向为正方向，有 20mMV 在上升过程中，因只有重力做功，系统的机械能守恒，则 22220111222mMVmgLm 由式，得22m/s（3）设小球击中滑块右侧轨道的位置点与小球起始位置点间的距离为1s，滑块向左移动的距离为2s，任意时刻小球的水平速度大小为2，滑块的速度大小为V由系统水

27、平方向的动量守恒，得30mMV 将式两边同乘以t，得30mtMVt 因式对任意时刻附近的微小间隔t都成立，累积相加后，有120msMs 又122ssL 由11式得123sm 14、(1)M 指向 P，202l BqRr；(2)6(1 cos)vgl，0R46(1 cos)3()B lRglURr【解析】(1)由楞次定律可以判定通过 R 的电流方向由 M 指向 P；金属杆从 AB 滑动到 CD 的过程中 qIt EIRr Et 22021014BSrrB 由得：202 l BqRr (2)设金属杆离开磁场小球的速率为 v，角速度为，第一次离开磁场到 EF，由动能定理得：213(1cos)02mg

28、lmv v=3l 金属杆第一次离开磁场瞬间产生电动势为：02EBlv 122rrv RRUERr 由得 6(1 cos)vgl 046(1cos)3()RB lRglURr 15、(1)52.50 10 Pa；(2)51.86 10 Pa【解析】(1)设A、B的容积均为V，打开K后，若B中气体发生等温膨胀，B中气体的体积变为原来的65，根据玻意耳定律有 B165p VpV 解得 52.50 10 Pap (2)B中气体发生等温膨胀，膨胀后的体积为1VV，压强为2p，根据玻意耳定律有 B121p Vp VV 1V体积的气体等压降温，体积变为2V，温度由B1t变为A1t，根据盖一吕萨克定律有 12B1A1VVTT 其中 A1300KT，B1400KT A中气体发生等温压缩，根据玻意耳定律有 A122p Vp VV 解得 5521310 Pa1.86 10 Pa7p