2022-2023学年广东省潮州市高三第三次测评物理试卷含解析.pdf

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1、2023 年高考物理模拟试卷 注意事项 1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用 2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、已知太阳到地球与地球到月球的距离的比值约为 390，月球绕地球旋转的周期约为 27 天.利用上述数据以及日常的天文知识，可估算出太阳对月球与地球对月球的万有引力的比值约为 A0.2 B2 C20 D200 2、我国新一代

2、可控核聚变研究装置“中国环流器二号 M”目前建设顺利，预计 2020 年投入运行，开展相关科学实验。该装置以氢、氘气体为“燃料”，通过将其注入装置并击穿、“打碎”产生近堆芯级别的等离子体，来模拟核聚变反应。若已知21 H 的质量为 m131，H 的质量为 m2，42He 的质量为 m3，10n 质量为 m4，关于下列核反应方程，下列说法中正确的是（）A423112HHHe+10 xn 是热核反应，其中 x=2 B14472NHe178O+11xH 是热核反应，其中 x=1 C14111705NnB+42xHe 是人工转变，其中 x=1 D23519092038UnSr13654Xe+10 xn

3、 是裂变反应，其中 x=8 3、如图甲所示，AB 两绝缘金属环套在同一铁芯上，A 环中电流 iA随时间 t 的变化规律如图乙所示，下列说法中正确的是（）At1时刻，两环作用力最大 Bt2和 t3时刻，两环相互吸引 Ct2时刻两环相互吸引，t3时刻两环相互排斥 Dt3和 t4时刻，两环相互吸引 4、一静止的铀核放出一个粒子衰变成钍核，衰变方程为238234492902UTh+He.下列说法正确的是（）A衰变后钍核的动能等于粒子的动能 B衰变后钍核的动量大小等于粒子的动量大小 C铀核的半衰期等于其放出一个粒子所经历的时间 D衰变后粒子与钍核的质量之和等于衰变前铀核的质量 5、如图，我国第五代战斗机

4、“歼-20”是目前亚洲区域最先进的战机，当它沿倾斜直线匀速飞行时，气体对它的作用力方向为（）A B C D 6、某同学按如图 1 所示连接电路，利用电压传感器研究电容器的放电过程。先使开关 S 接 1，电容器充电完毕后将开关掷向 2，可视为理想电压表的电压传感器将电压信息传入计算机，屏幕上显示出电压随时间变化的 U-t 曲线，如图 2所示。电容器的电容 C 已知，且从图中可读出最大放电电压 U0，图线与坐标轴围成的面积 S、任一点的点切线斜率 k，但电源电动势、内电阻、定值电阻 R 均未知，根据题目所给的信息，下列物理量不能求出的是 A电容器放出的总电荷量 B电阻 R 两端的最大电流 C定值电

5、阻 R D电源的电动势和内电阻 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、如图所示，图甲中 M 为一电动机，当滑动变阻器 R 的触头从一端滑到另一端的过程中，两电压表的读数随电流表读数的变化情况如图乙所示。已知电流表读数在 0.2A 以下时，电动机没有发生转动，不考虑电表对电路的影响，以下判断错误的是（）A电路中电源电动势为 3.6V B变阻器向右滑动时，V2读数逐渐减小 C此电路中，电动机的输入功率减小 D变阻器的最大阻值为 30 8、如图所示，半

6、圆形圆弧轨道固定在竖直面内，直径 AD 水平，一个质量为 m 的物块从 A 点以一定的初速度沿圆弧轨道向下运动，物块恰好匀速率沿圆弧轨道运动到最低点 C，运动到 B 点时物块与圆心 O 的连线与竖直方向的夹角为，重力加速度为 g，物块可视为质点，则 A物块在 B 点受到轨道支持力的大小等于 mgcos B物块在 B 点受到轨道摩擦力的大小等于 mgsin C物块在 B 点时与轨道间的动摩擦因数等于 tan D物块从 A 点运动到 C 点的过程中，受到轨道的作用力不断增大 9、如图所示为一列沿 x 轴传播的简谐横波，实线为 t0 时刻的波形图，经过 t16s，波形图如图中虚线所示。已知波的周期

7、T4s，则下列说法正确的是（）A该波的波长为 8m B该波的周期可能为 8s C在 t9s 时，B 质点一定沿 y 轴正方向运动 DB、C 两质点的振动情况总是相反的 E.该列波的波速可能为56m/s 10、平静的水池表面有两个振源 A、B，固有振动周期均为 T。某时刻 A 开始向下振动，相隔半周期 B 开始向下振动，二者振动的振幅相同，某时刻在水面上形成如图所示的水波图。其中 O 是振源连线的中点，OH 为中垂线，交叉点 G、H 的中点为 D，C 点位于波峰和波谷的正中间，实线代表波峰，虚线代表波谷。下列说法中正确的是_。A如果在 E 点有一个小的漂浮物，经半个周期将向左漂到 F 点 B两列

8、波叠加后，O 点的振动始终减弱 C图中 G、H 两点振幅为零，D 点的振幅也为零 D当 B 引起的波传到 E 点后，E 点的振动始终处于加强状态 E.C 点此时振动的速度为零 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）用如图 1 所示装置研究平抛运动。将白纸和复写纸对齐重叠并固定在竖直的硬板上。钢球沿斜槽轨道 PQ滑下后从 Q 点飞出，落在水平挡板 MN 上。由于挡板靠近硬板一侧较低，钢球落在挡板上时，钢球侧面会在白纸上挤压出一个痕迹点。移动挡板，重新释放钢球，如此重复，白纸上将留下一系列痕迹点。(1)下列实验条件必须满足的有

9、_。A小球每次必须从斜槽上同一位置由静止释放 B斜槽轨道要尽量光滑些 C斜槽轨道末端必须保持水平 D本实验必需的器材还有刻度尺和停表(2)为定量研究，建立以水平方向为 x 轴、竖直方向为 y 轴的坐标系。取平抛运动的起始点为坐标原点，将钢球静置于Q 点，钢球的_（选填“最上端”、“最下端”或者“球心”）对应白纸上的位置即为原点；在确定 y 轴时_（选填“需要”或者“不需要”）y 轴与重锤线平行。(3)伽利略曾硏究过平抛运动，他推断从同一炮台水平发射的炮弹，如果不受空气阻力，不论它们能射多远，只要下落高度相同，在空中飞行的时间都一样。这实际上是因为平抛物体_。A在水平方向上做匀速直线运动 B在竖

10、直方向上做自由落体运动 C在下落过程中机械能守恒 12（12 分）第 34 届全国青少年科技创新大赛于 2019 年 7 月 20-26 日在澳门举办，某同学为了测试机器人内部电动机的电阻变化，对一个额定电压为 6V，额定功率约为 3.5W 小型电动机(线圈电阻恒定)的伏安特性曲线进行了研究，要求电动机两端的电压能从零逐渐增加到 6V，实验室备有下列器材：A电流表（量程:00.6 A，内阻约为 1;量程:03 A，内阻约为 0.1）B电压表(量程为 06 V，内阻几千欧)C滑动变阻器 R1(最大阻值 10，额定电流 2 A)D滑动变阻器 R2(最大阻值 1 750，额定电流 0.3 A)E.电

11、池组(电动势为 9 V，内阻小于 1)F.开关和导线若干 （1）实验中所用的滑动变阻器应选 _(选填“C”或“D”)，电流表的量程应选 _(选填“”或“”)。（2）请用笔画线代替导线将实物图甲连接成符合这个实验要求的电路。（_）（3）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片 P，改变加在电动机上的电压，实验中发现当电压表示数大于 1 V 时电风扇才开始转动，电动机的伏安特性曲线如图乙所示，则电动机线圈的电阻为_，电动机正常工作时的输出机械功率为_W。(保留两位有效数字)四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如

12、图所示，相距 L=0.5m 的平行导轨 MNS、PQT 处在磁感应强度 B=0.4T 的匀强磁场中，水平导轨处的磁场方向竖直向上，光滑倾斜导轨处的磁场方向垂直于导轨平面斜向下。质量均为 m=0.04kg、电阻均为 R=0.1 的导体棒 ab、cd 均垂直放置于导轨上，并与导轨接触良好，导轨电阻不计。质量为 M=0.20kg 的物体 C，用绝缘细线绕过光滑的定滑轮分别与导体棒 ab、cd 相连接。细线沿导轨中心线且在导轨平面内，细线及滑轮质量不计。已知倾斜导轨与水平面的夹角=37，水平导轨与 ab 棒间的动摩擦因数=0.4。重力加速度 g=10m/s2，水平导轨足够长，导体棒 cd运动过程中始终

13、不离开倾斜导轨。物体 C 由静止释放，当它达到最大速度时下落高度 h=1m，求这一运动过程中：（sin37=0.6,cos37=0.8）（1）物体 C 能达到的最大速度mv是多少？（2）由于摩擦产生的内能与电流产生的内能各为多少？（3）若当棒 ab、cd 达到最大速度的瞬间，连接导体棒 ab、cd 及物体 C 的绝缘细线突然同时断裂，且 ab 棒也刚好进入到水平导轨的更加粗糙部分（ab 棒与水平导轨间的动摩擦因数变为=0.6）。若从绝缘细线断裂到 ab 棒速度减小为零的过程中 ab 棒向右发生的位移 x=0.11m，求这一过程所经历的时间？14（16 分）如图所示，两端封闭的粗细均匀且导热性能

14、良好的玻璃管放置在水平桌面上，玻璃管长度为 3L（单位：cm），玻璃管内由长度为 L（单位：cm）的水银柱将管内的理想气体分成左右两部分，稳定时两部分气体长度相同，左右两部分气体的压强均为 H cmHg。现在外力作用下使玻璃管沿水平桌面向右做匀加速直线运动，玻璃管中左侧的气柱长度变为原来的一半，重力加速度为 g，求玻璃管运动的加速度 a 的大小。15（12 分）如图所示，一端封闭、粗细均匀的 U 形玻璃管开口向上竖直放置，管内用水银将一段气体封闭在管中当温度为 280K 时，被封闭的气柱长 L=25cm，两边水银柱高度差 h=5cm，大气压强 p0=75cmHg。加热封闭气体，为使左端水银面下

15、降 h1=5cm，求此时封闭气体的温度；封闭气体的温度保持问中的值不变，为使两液面相平，求需从底端放出的水银柱长度。参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】由日常天文知识可知，地球公转周期为 365 天，依据万有引力定律及牛顿运动定律，研究地球有 G2M Mr太地地M地224T地r地，研究月球有 G2M Mr月地月M月224T月r月，日月间距近似为 r地，两式相比MM太地3rr地月2TT月地.太阳对月球万有引力 F1G2M Mr月太地，地球对月球万有引力 F2G2M Mr月地月，故12FFMM太

16、地2TT月地rr地月2TT月地227390365=2.13，故选 B.2、C【解析】A221124HHHe+10 xn 是热核反应，根据核电荷数守恒和质量守恒可知，其中 x=1，A 错误；B14472NHe178O+11xH 是人工转变，其中 x=1，B 错误；C14111705NnB+42xHe 是人工转变，其中 x=1，C 正确；D23519092038 UnSr13654Xe+10 xn 是裂变反应，根据核反应前后电荷数守恒和质量数守恒知 x=10，故 D 错误。故选 C。3、B【解析】t1时刻感应电流为零，故两环作用力为零，则选项 A 错误；t2时刻 A 环中电流在减小，则 B 环中产

17、生与 A 环中同向的电流，故相互吸引，t3时刻同理也应相互吸引，故选项 B 正确，C 错误；t4时刻 A 中电流为零，两环无相互作用，选项 D 错误 4、B【解析】A根据2k2pEm可知，衰变后钍核的动能小于粒子的动能，故 A 错误；B根据动量守恒定律可知，生成的钍核的动量与粒子的动量等大反向，故 B 正确；C铀核的半衰期等于一半数量的铀核衰变需要的时间，而放出一个粒子所经历的时间是一个原子核衰变的时间，故两者不等，故 C 错误；D由于该反应放出能量，由质能方程可知，衰变后粒子与钍核的质量之和小于衰变前铀核的质量，故 D 错误。5、C【解析】匀速飞行时受力平衡，即向下的重力与气体对飞机竖直向上

18、的作用力平衡，故选 C.6、D【解析】由 Q=CU0，所以容器放出的总电荷量可求，所以 A 选项能求出；根据 I=Q/t，变形得UtQItR，Ut 为图象与坐标轴所围面积 S 可求，所以 Q=S/R，则0SSRQCU，所以 C 选项可求；电阻 R 两端的最大电流即为电容器刚开始放电的时候，所以200maxUCUIRS，选项 B 电阻 R 两端的最大电流可求；根据题意只知道电源的电动势等于电容器充满电两板间的电压，也就是刚开始放电时的电压，即 E=U0，内电阻无法求出，所以选项 D 不能求出。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符

19、合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、BC【解析】先确定图线与电压表示数对应的关系，再根据图线求出电源的电动势，并判断 V2读数的变化情况。当 I=0.3A 时，电动机输入功率最大。变阻器的全部接入电路时，电路中电流最小，由欧姆定律求解变阻器的最大阻值。【详解】A由电路图甲知，电压表 V2测量路端电压，电流增大时，内电压增大，路端电压减小，所以最上面的图线表示 V2的电压与电流的关系。此图线的斜率大小等于电源的内阻，为 3.43.02.20UrI 当电流 I=0.1A 时，U=3.4V，则电源的电动势 3.40.1 23.6VEUIr 故 A 正确

20、。B变阻器向右滑动时，R 阻值变大，总电流减小，内电压减小，路端电压即为 V2读数逐渐增大，故 B 错误。C由图可知，电动机的电阻 M0.80.440.1r 当 I=0.3A 时，U=3V，电动机输入功率最大，此电路中，电动机的输入功率增大，故 C 错误。D当 I=0.1A 时，电路中电流最小，变阻器的电阻为最大值，所以 M3.624 300.1ERrrI 故 D 正确。本题选择错误的，故 BC 符合题意。故选 BC。【点睛】此题考查对物理图像的理解能力，可以把本题看成动态分析问题，来选择两电表示对应的图线。对于电动机，理解并掌握功率的分配关系是关键。8、BD【解析】A受力分析如图所示：物块在

21、 B 点时，有：FN-mgcos=m2vR，因此物块在点受到轨道的支持力大于 mgcos。故 A 不符合题意。B在 B 点沿切向加速度为零，即在 B 点受到轨道摩擦力的大小等于 mgsin。故 B 符合题意。C在 B 点，FN=mgsin，则=sinsincosNmgmgFmg=tan。故 C 不符合题意。D由于轨道对物块的作用力 F 和重力 mg 的合力大小恒定，方向始终指向圆心，根据力的合成及动态分析可知，随着物块向下运动轨道对物块的作用力逐渐增大。故 D 符合题意。9、BDE【解析】A分析波形图，可知波长 4m，故 A 错误；BE 设波沿 x 轴正方向传播，则114tnT，n0、1、2，

22、其中 T4s，则 n0 时，T24s，波速1m/s6vT；n1 时，T245s，波速 v56m/s；设波沿 x 轴负方向传播，则143tnT，n0、1、2，其中 T4s，则 n0 时，T8s，波速 v0.5m/s，故 BE正确；C当波沿 x 轴负方向传播时，T8s，在 t9s 时，B 质点在平衡位置下方，沿 y 轴负方向运动，故 C 错误；DB、C 两质点平衡位置相隔半个波长，振动情况完全相反，故 D 正确；故选 BDE.10、BCE【解析】A波在传播过程中，介质中的质点只在平衡位置附近振动，不会随着波的传播向前移动，A 错误；BCO点是振源的中点，波的传播路程差等于零，由于相位恰好相反，所以

23、O点以及中垂线上所有质点的振动均为叠加减弱，所以 B、C 正确；D由图可以看出，B 引起的振动传到 E 点时与 A 引起的振动相位相反，为叠加减弱位置，D 错误；EB 引起的振动此时在 C 点使得质点具有向上的速度，而 A 刚好传到 C 点，具有向下的速度，叠加后速度为零选项 E 正确。故选 BCE。三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、AC 球心 需要 B 【解析】(1)1ABC为了能画出平抛运动轨迹，首先保证小球做的是平抛运动，所以斜槽轨道不一定要光滑，但必须是水平的。同时要让小球总是从同一位置释放，这样才能找到同一运动轨迹上

24、的几个点；故 B 错误，AC 正确；D本实验必需的器材还有刻度尺，但不需要停表，选项 D 错误；故选 AC。(2)23将钢球静置于 Q 点，钢球的球心对应白纸上的位置即为原点；在确定 y 轴时需要 y 轴与重锤线平行；(3)4做平抛运动的物体在竖直方向上做自由落体运动，所以高度相同时时间相同；故选 B。12、C 2.5 2.6 【解析】（1）12电风扇的额定电流0.58APIU，从读数误差的角度考虑，电流表选择量程。电风扇的电阻比较小，则滑动变阻器选择总电阻为 10 的误差较小，即选择 C。（2）3因为电压电流需从零开始测起，则滑动变阻器采用分压式接法，电风扇的电阻远小于电压表内阻，属于小电阻

25、，电流表采用外接法。则可知对应的实物图如答案图所示。（3）45电压表读数小于 1 V 时电风扇没启动，由图象可知 I=0.4 A。根据欧姆定律得 12.50.4URI。正常工作时电压为 6 V，根据图象知电流为 0.57 A，则电风扇发热功率 P=I2R=0.5722.5 W=0.81 W 则机械功率 P=UI-I2R=60.57 W-0.81 W=2.61 W2.6 W。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）2m/s （2）0.16J 1.04J （3）0.15s【解析】（1）设 C 达到最大速度为m

26、v，由法拉第电磁感应定律可得回路的感应电动势为：E=2BLvm 由欧姆定律可得回路中的电流强度为：2EIR 金属导体棒 ab、cd 受到的安培力为：FBIL 线中张力为 T2，导体棒 ab、cd 及物体 C 的受力如图，由平衡条件可得：1sin37oTmgF，21TTFf，2TMg 联立解得2mmvs （2）运动过程中由于摩擦产生的内能：E1=mgh=0.16J 由能的转化和守恒定律可得：2121(2)sin372omMghmM vmghEE 联立 将1hm，代入可得这一过程由电流产生的内能：21.04EJ（3）经分析，在 ab 棒向右减速运动的过程中，其加速度大小与 cd 棒沿斜面向上运动的

27、加速度大小始终相等，速率也始终相等。设某时刻它们的速率为 v，则：E=2BLV 由欧姆定律可得回路中的电流强度为：2EIR 金属导体棒 ab、cd 受到的安培力为：FBIL 对 ab 棒运用动量定理：22mB L v tmgtmvR 又0.11v txm 计算可得 t=0.15s 14、43HgaL【解析】设玻璃管的横截面积为 S，静止时左右两侧的气体压强 12cmHgppH，体积 12VVLS 运动时，设左侧气体的压强为1p，右侧气体的压强2p 由题意知左右两部分气体的体积 112VLS，232VLS 对左侧气体由玻意耳定律知 1 11 1pVpV 解得 12cmHgHp 对右侧气体由玻意耳定律知 2222p Vp V 解得 22cmHg3Hp 对水银柱由牛顿第二定律知 12SpmapS 即 223gHSgHSLSa水银水银水银 解得 43HgaL 15、384K；9cm【解析】设左端水银面下降后封闭气体的压强为 p2，温度为 T2，体积为 V2，则 280cmHgp，21VLh S 由理想气体状态方程得 1 12212pVp VTT 代入数值解得 2384KT 两液面相平时，气体的压强为：30pp，体积为3V，左端液面下降2h，右管液面下降了25 cmh，由玻意耳定律得 2233p Vp V 312VLhhS 解得 22cmh 所以放出的水银柱长度 2259cmHh