2022-2023学年四川省广安市岳池中学高三3月份第一次模拟考试物理试卷含解析.pdf

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1、2023 年高考物理模拟试卷 考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用 2B 铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、跳伞运动员打开伞后经过一段时间，将在空中保持匀速降落，已知运动员和他身上装备的总重量为 G1，圆顶形降落伞伞面的重量为 G2，有 12 条相同的拉线（拉线重

2、量不计），均匀分布在伞面边缘上，每根拉线和竖直方向都成 30角。那么每根拉线上的张力大小为（）A1318G B12318GG C1212GG D16G 2、在平直公路上行驶的a车和b车，其位移-时间图象分别为图中直线a和曲线b，已知 b 车的加速度恒定且等于22m/s3st，时，直线a和曲线b刚好相切，则（）Aa车做匀速运动且其速度为8m/s3av B0t 时，a车和b车的距离09mx C3st 时，a车和b车相遇，但此时速度不等 D1st 时，b 车的速度为 10m/s 3、如图所示的甲、乙两图中，M 为自耦变压器，R 是滑动变阻器，P1、P2分别足它们的滑动键，将它们的输入端 a、b、c、

3、d 分别接到相同的正弦交流电源上，在它们的输出端 e、f 和 g、h 上各接一个灯泡 L1和 L2，两灯泡均发光。现将它们的滑动键 P 均向下滑动一小段距离，若在此过程中，灯泡不至于烧坏，则（）AL1、L2均变亮 BL1变亮，L2变暗 CL1变暗，L2变亮 DL1、L2均变暗 4、让一小球分别从竖直墙壁上面的 A 点和 B 点沿不同的粗糙斜面 AC 和 BC 到达水平面上同一点 C，小球释放的初速度等于 0，两个斜面的粗糙程度相同，关于小球的运动，下列说法正确的是（）A下滑到 C 点时合外力的冲量可能相同 B下滑到 C 点时的动能可能相同 C下滑到 C 点过程中损失的机械能一定相同 D若小球质

4、量增大，则沿同一斜面到达斜面底端的速度增大 5、下列说法正确的是()A图甲中，有些火星的轨迹不是直线，说明炽热微粒不是沿砂轮的切线方向飞出的 B图乙中，两个影子在 x、y 轴上的运动就是物体的两个分运动 C图丙中，小锤用较大的力去打击弹性金属片，A、B 两球可以不同时落地 D图丁中，做变速圆周运动的物体所受合外力 F 在半径方向的分力大于所需要的向心力 6、在上海世博会上，拉脱维亚馆的风洞飞行表演，令参观者大开眼界若风洞内总的向上的风速风量保持不变，让质量为 m 的表演者通过调整身姿，可改变所受的向上的风力大小，以获得不同的运动效果，假设人体受风力大小与正对面积成正比，已知水平横躺时受风力面积

5、最大，且人体站立时受风力面积为水平横躺时受风力面积的 18，风洞内人体可上下移动的空间总高度为 H开始时，若人体与竖直方向成一定角度倾斜时，受风力有效面积是最大值的一半，恰好可以静止或匀速漂移；后来，人从最高点 A 开始，先以向下的最大加速度匀加速下落，经过某处 B 后，再以向上的最大加速度匀减速下落，刚好能在最低点 C 处减速为零，则以下说法正确的有（）A由 A 至 C 全过程表演者克服风力做的功为 mgH B表演者向上的最大加速度是34 g C表演者向下的最大加速度是4g DB 点的高度是47H 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多

6、个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、关于理想气体，下列说法正确的是（）A已知气体的摩尔质量和阿伏伽德罗常数，可估算一个分子质量 B已知气体的摩尔体积和阿伏伽德罗常数，可估算一个分子直径 C气体压强是因为气体分子间表现为斥力 D气体压强是因为气体分子无规则运动撞击器壁所致 E.一定质量的理想气体体积不变，温度升高，压强一定增大 8、飞艇常常用于执行扫雷、空中预警、电子干扰等多项作战任务。如图所示为飞艇拖拽扫雷具扫除水雷的模拟图。当飞艇匀速飞行时，绳子与竖直方向恒成 角。已知扫雷具质量为 m，重力加速度为 g，扫雷具所受浮力不能忽略，下列说

7、法正确的是()A扫雷具受 4 个力作用 B绳子拉力大小为cosmg C海水对扫雷具作用力的水平分力小于绳子拉力 D绳子拉力一定大于 mg 9、如图所示，半径为 R 的14圆形区域内存在着垂直纸面向里的匀强磁场，过(2R，0)点垂直 x 轴放置一线型粒子发射装置，能在 0yR 的区间内各处沿 x 轴正方向同时发射出速度均为、带正电的同种粒子，粒子质量为 m，电荷量为 q。不计粒子的重力及粒子间的相互作用力。若某时刻粒子被装置发射出后，经过磁场偏转恰好击中 y 轴上的同一位置，则下列说法中正确的是 A粒子击中点距 O 点的距离为 R B磁场的磁感应强度为mvqR C粒子离开磁场时速度方向相同 D粒

8、子从离开发射装置到击中 y 轴所用时间 t 的范围为2Rvt22Rv 10、下列说法中正确的是 。A光速不变原理是狭义相对论的两个基本假设之一 B变化的电场一定产生变化的磁场 C光的偏振现象说明光是横波 D无影灯是利用光的衍射原理 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）为了测量木块与木板间的动摩擦因数，某小组使用 DIS 位移传感器设计了如图甲所示实验装置，让木块从倾斜木板上一点 A 由静止释放，位移传感器可以测出木块到传感器的距离.位移传感器连接计算机，描绘出滑块相对传感器的距离 x 随时间 t 的变化规律如图乙所示.(

9、1)根据上述图线，计算 0.4 s 时木块的速度大小 v_ m/s，木块加速度 a_ m/s2(结果均保留 2 位有效数字).(2)在计算出加速度 a 后，为了测定动摩擦因数，还需要测量斜面的倾角(已知当地的重力加速度 g)，那么得出 的表达式是 _.（用 a，g 表示）12（12 分）某一小型电风扇额定电压为 5.0V，额定功率为 2.5W某实验小组想通过实验描绘出小电风扇的伏安特性曲线。实验中除导线和开关外，还有以下器材可供选择：A电源 E（电动势为 6.0V）B电压表 V（量程为 06V，内阻约为 8k）C电流表 A1（量程为 00.6A，内阻约为 0.2）D电流表 A2（量程 3A，内

10、阻约 0.05）；E滑动变阻器 R1（最大阻值 5k，额定电流 100mA）F滑动变阻器 R2（最大阻值 25，额定电流 1A）（1）为了便于调节，减小读数误差和系统误差，实验中所用电流表应选用_滑动变阻器应选用_（填所选仪器前的字母序号）。（2）请你为该小组设计实验电路，并把电路图画在甲图中的虚线框内（小电风扇的电路符号如图甲所示）_。（3）操作过程中发现，小电风扇通电后受阻力作用，电压表读数小于 0.5V 时电风扇没启动。该小组测绘出的小电风扇的伏安特性曲线如图乙所示，由此可以判定，小电风扇的电阻为_，正常工作时的发热功率为_W，机械功率为_W 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。

11、把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图所示，竖直放置的气缸内壁光滑，横截面积323 10mS，活塞的质量为1.5kgm，厚度不计，在 A、B 两处设有限制装置，使活塞只能在 A、B 之间运动，B 到气缸底部的距离为0.5mh，A、B 之间的距离为0.2ml，外界大气压强501.0 10 Pap，开始时活塞停在 B 处，缸内理想气体的压强为00.9p，温度为 27。现缓慢加热缸内气体，直至活塞刚好到 A 处，取210m/sg。求：活塞刚离开 B 处时气体的温度；活塞刚到 A 处时气体的温度。14（16 分）如图所示，轻质弹簧右端固定，左端与

12、一带电量为+q 的小球接触，但不粘连。施加一外力，使它静止在A 点，此时弹簧处于压缩状态，小球的质量为 m=0.5kg，撤去外力后，小球沿粗糙水平面 AC 进入竖直的光滑半圆形管道，管道的宽度忽略不计，管道半径 r=1m，在边长为 2m 的正方形 BPMN 区域内有一匀强电场，电场强度大小为E=2mgq，方向与水平方向成 45o斜向右上，半圆形轨道外边缘恰好与电场边界相切。水平轨道 AB 的长度为 L=2m，小球与水平面的动摩擦因数=0.5，小球到达 B 点时，速度的大小为5 2m/s，所有的接触面均绝缘，g 取 10m/s2，求：(1)释放小球前，弹簧的弹性势能大小；(2)求小球过 D 点的

13、速度；(3)求小球的落地点到 C 点的距离。15（12 分）理论研究表明暗物质湮灭会产生大量高能正电子，所以在宇宙空间探测高能正电子是科学家发现暗物质的一种方法。下图为我国某研究小组设计的探测器截面图：开口宽为43d的正方形铝筒，下方区域、为方向相反的匀强磁场，磁感应强度均为 B，区域为匀强电场，电场强度2eB dEm，三个区域的宽度均为 d。经过较长时间，仪器能接收到平行铝筒射入的不同速率的正电子，其中部分正电子将打在介质 MN 上。已知正电子的质量为 m，电量为 e，不考虑相对论效应及电荷间的相互作用。(1)求能到达电场区域的正电子的最小速率；(2)在区域和的分界线上宽度为83d的区域有正

14、电子射入电场，求正电子的最大速率；(3)若 L=2d，试求第（2）问中最大速度的正电子打到 MN 上的位置与进入铝筒位置的水平距离。参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】以一根拉线为例，每根拉线拉力向上的分力 13302FFcosF 由共点力的平衡条件可知：12F1=G1 解得：1318GF；A1318G，与结论相符，选项A 正确；B12318GG，与结论不相符，选项 B 错误；C1212GG，与结论不相符，选项 C 错误；D16G，与结论不相符，选项 D 错误；故选 A。2、B【解析】Aa

15、车图像是倾斜直线，所以该车作匀速直线运动，该车速度为 822m/s3xvt 故 A 错误；C3ts时，直线a和曲线b刚好相切，则 b 车此时速度为2m/s，故 C 错误；B由0vvat得，b 车的初速度为 02238m/svvat b 车在第一秒内位移为 220118 12 17m22xv tat 则0t 时，a车和b车的距离 0729mx 故 B 正确；D1st 时，b 车的速度为82 16m/sv ，故 D 错误。故选 B。3、B【解析】甲图向下滑动时匝数比变小，副线圈的电压增大，所以 L1一定变亮，乙图向下滑动时，L2支路电阻增大，回路中电流减小，所以 L2一定变暗，故 B 正确 ACD

16、 错误。故选 B。4、C【解析】AB由动能定理 21-cot2mghmghmv 则下滑到 C 点时的动能不相同；两个路径的运动到达底端，合力的冲量等于动量的增量，方向大小都不同，所以 AB错误；C下滑到 C 点过程中摩擦力做功相同，都为-cotfWmghmgx 所以机械能损失相同，选项 C 正确。D根据21-cot2mghmghmv可知，两边消去了滑块的质量 m，则与质量无关，即若小球质量增大，则沿同一斜面到达斜面底端的速度不变，选项 D 错误。故选 C。5、B【解析】A题图甲中炽热微粒是沿砂轮的切线方向飞出的，但是由于重力及其他微粒的碰撞而改变了方向，故 A 错误；B题图乙中沿 y 轴的平行

17、光照射时，在 x 轴上的影子就是 x 轴方向的分运动，同理沿 x 轴的平行光照射时，在 y 轴上的影子就是 y 轴方向的分运动，故 B 正确；C无论小锤用多大的力去打击弹性金属片，只会使得小球 A 的水平速度发生变化，而两小球落地的时间是由两球离地面的高度决定的，所以 A、B 两球总是同时落地，故 C 错误；D做变速圆周运动的物体所受合外力 F 在半径方向的分力等于所需要的向心力，故 D 错误。故选 B。6、A【解析】对 A 至 C 全过程应用动能定理 mgH-W=0，解得 W=mgH，因而 A 正确；设最大风力为 Fm，由于人体受风力大小与正对面积成正比，故人站立时风力为18Fm；由于受风力

18、有效面积是最大值的一半时，恰好可以静止或匀速漂移，故可以求得重力 G=12Fm；人平躺上升时有最大加速度mFGagm，因而 B 错误；人站立加速下降时的最大加速度134mGFagm，因而 C 错误；人平躺减速下降时的加速度大小是 a2=mFGm=g；设下降的最大速度为 v，由速度位移公式，加速下降过程位移2112vxa；减速下降过程位移2222vxa，故 x1：x2=4：3，因而 x2=37H，选项 D 错误；故选 A【点睛】本题关键将下降过程分为匀加速过程和匀减速过程，求出各个过程的加速度，然后根据运动学公式列式判断 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给

19、出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、ADE【解析】A一个分子的质量 mol0AMmN 已知气体的摩尔质量和阿伏伽德罗常数，可估算一个分子质量，A 正确；B一个气体分子占据的体积 mol0AVVN 已知气体的摩尔体积和阿伏伽德罗常数，不可以估算一个分子直径，B 错误；CD气体压强是因为气体分子无规则运动撞击器壁所致，气体分子之间的距离较大，几乎不体现分子力，C 错误，D正确；E根据理想气体状态方程 pVCT 可知一定质量的理想气体体积不变，温度升高，压强一定增大，E 正确。故选 ADE。8、AC【解析】A.对扫雷具进行

20、受力分析，受到受重力、浮力、拉力和水的水平方向的摩擦阻力，如图，故 A 正确；B.根据平衡条件，有：竖直方向：F浮+Tcos=mg 水平方向：f=Tsin 计算得出：mgFTcos浮；故 B 错误；CD.扫雷器具受到海水的水平方向的作用力摩擦阻力等于拉力的水平分力，即小于绳子的拉力，而绳子拉力不一定大于 mg，故 C 正确、D 错误。9、ABD【解析】由题意，某时刻发出的粒子都击中的点是 y 轴上同一点，由最高点射出的只能击中（0，R），则击中的同一点就是（0，R），即粒子击中点距 O 点的距离为 R，所以 A 选项正确。从最低点射出的也击中（0，R），那么粒子做匀速圆周运动的半径为 R，由洛

21、仑兹力提供向心力得：2vqvBmR，则磁感应强度mvBqR，所以选项 B 正确。粒子运动的半径都相同，但是入射点不同，则粒子离开磁场时的速度方向不同，选项 C 错误；显然偏转角最大的时间最长，显然从最低点射出的粒子偏转 90，在磁场中的时间最长，最长时间为12114422RRRRtTvvvv+。从最高点直接射向（0，R）的粒子时间最短，则最短的时间为22Rtv，所以选项 D 正确。故选 ABD。【点睛】看起来情况比较复杂，但涉及的问题却是常规问题，本题的关键点是粒子源发出的粒子是速度大小和方向均相同，则其做匀速圆周运动的半径相同，在从最低点的特殊情况就能知道相同的半径就是圆弧的半径，再结合周期

22、公式能求出最长和最短时间。10、AC【解析】A狭义相对论的两条基本假设是光速不变原理和相对性原理,故 A 正确；B均匀变化的电场一定产生恒定的磁场，故 B 错误；C偏振是横波的特有现象，光的偏振现象说明光是一种横波，故 C 正确；D无影灯是利用光的直线传播原理制成的，故 D 错误。故选 AC。三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.40 1.0 sincosgag 【解析】（1）根据在匀变速直线运动中某段时间内的平均速度等于这段时间内中点时刻的瞬时速度，得 0.4s 末的速度为：0.30.14m/s0.4m/s0.4v 0.2s

23、 末的速度为：0.320.24m/s0.2m/s0.4v，则木块的加速度为：220.40.2m/s1.0m/s0.2vvat （2）选取木块为研究的对象，木块沿斜面方向的受力：sincosmamgmg 得：sincosga【点睛】解决本题的关键知道匀变速直线运动的推论，在某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，以及会通过实验的原理得出动摩擦因数的表达式 12、（1）C；E；（2）实验电路图如图所示；（3）2.5，0.625，1.875。【解析】（1）电风扇的额定电流2.5A0.5A5.0PIU，从读数误差的角度考虑，电流表选择 C电风扇的电阻比较小，则滑动变阻器选择总电阻为 10 的误差较

24、小，即选择 E。（2）因为电压电流需从零开始测起，则滑动变阻器采用分压式接法，电风扇的电阻大约225102.5URP ，远小于电压表内阻，属于小电阻，电流表采用外接法。电路图如图所示。（3）电压表读数小于 0.5V 时电风扇没启动。根据欧姆定律得：0.52.50.2URI 正常工作时电压为 5V，根据图象知电流为 0.5A，则电风扇发热功率为：PI2R0.522.5W0.625W，则机械功率 PUII2R2.50.6251.875W，四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、350K 490K【解析】开始时缸内理

25、想气体的压强为100.9pp，温度为 T1=27=300K 活塞刚离开 B 处，气体的压强 5201.05 10mgppPaS 由查理定律 1212ppTT 解得 T2=350K 活塞刚到 B 处时气体的体积 V1=hS；活塞刚到 A 处时气体的体积 V2=(h+l)S；从 B 到 A 气体做等压变化，则根据盖吕萨克定律 1223VVTT 解得 T3=490K 14、(1)17.5J(2)10m/s(3)(25+1)m【解析】(1)对小球从 A 到 B 过程，应用动能定理得：-mgL+W弹=12mvB2-0 W弹=Ep 得：Ep=17.5J(2)当小球进入电场后受力分析可得 mg=qEsin

26、故小球在 BC 粗糙水平面上运动时，对地面的压力为 0，不受摩擦力。F合=qEcos=mg 方向水平向右，小球从 B 到 D，应用动能定理可得：-F合2r=12mvD2-12mvB2 得：vD=10m/s(3)从 B 到 N，合外力做功为 0 vN=vB=52m/s 由竖直方向运动 2r=12gt2 得：4rtg 则水平位移大小 x=vNt=25m 则落地点 F 距离 C 点的距离为 lCF=(25+1)m 15、(1)Bedm；(2)53Bedm；(3)4730d【解析】(1)正电子在磁场中只受洛伦兹力作用，故正电子做匀速圆周运动，洛伦兹力做向心力；在电场中正电子只受电场力作用，做匀变速运动

27、；正电子离开电场运动到 MN 的过程不受力，做匀速直线运动；根据两磁场磁场方向相反，磁感应强度相等，故正电子在其中做匀速圆周运动的轨道半径相等，偏转方向相反，所以正电子离开磁场时的速度竖直向下；故正电子能到达电场区域，则正电子在磁场中在匀速圆周运动的轨道半径 Rd；那么由洛伦兹力做向心力可得 2mvBveR 所以正电子速度 BeRBedvmm 故能到达电场区域的正电子的最小速率为Bedm；(2)根据几何关系可得：正电子进入磁场运动到区域和的分界线时，正电子水平位移偏移 22(2)xRRd 故轨道半径 R 越大，水平偏移量越小；由(1)可得：最大偏移量 xmax=2d；故有探测器正方向开口宽为4

28、3d，在区域和的分界线上宽度为83d的区域有正电子射入电场可得：正电子最小偏移量(842)333minmaxdddxx 所以由22(2)xRRd可得正电子运动轨道半径最大为 53maxRd 故根据洛伦兹力做向心力可得：正电子的最大速率 53maxmaxBeRBedvmm (3)速度最大的正电子垂直射入电场时，在电场中运动的时间 1max35dmtvBe 在电场中水平方向的位移 21112eExtm 解得 1950dx 进入无场区域时运动的时间 2max265dmtvBe 在无场区域内运动的水平位移 21 2eExt tm 解得 21825dx 则最大速度的正电子打到 MN 上的位置与进入铝筒位置的水平距离 min124730dxxxx