2022-2023学年浙江省湖州中学高三最后一卷物理试卷含解析.pdf

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1、2023 年高考物理模拟试卷 请考生注意：1请用 2B 铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用 05 毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，质量为1m的木块 A 放在质量为2m的斜面体 B 上，现对木块 A 施加一竖直向下的力 F，它们均静止不动，则（）A木块 A 与斜面体 B 之间不一定存在摩擦力 B斜面体 B 与地面之间一定存在摩擦力 C地面对斜

2、面体 B 的支持力大小等于12mmg D斜面体 B 受到 4 个力的作用 2、如图所示，一个带正电的物体从粗糙斜面顶端滑到斜面底端时的速度为.v若加上一个垂直于纸面指向纸外的方向的磁场，则物体滑到底端时（）Av 变大 Bv 变小 Cv 不变 D不能确定 3、1897 年汤姆孙发现电子后，许多科学家为测量电子的电荷量做了大量的探索。1907-1916 密立根用带电油滴进行实验，发现油滴所带的电荷量是某一数值 e 的整数倍，于是称这数值为基本电荷，如图所示，两块完全相同的金属极板止对若水平放置，板间的距离为 d，当质量为 m 的微小带电油滴在两板间运动时，所受它气阻力的大小与速度大小成正比。两板间

3、不加电压时，得以观察到油滴竖直向下做匀速运动，通过某一段距离所用时间为 t1；当两板间加电压 U（上极板的电势高）时，可以观察到同一油滴竖直向上做匀速运动，且在时间 t2内运动的距离与在时间 t1内运动的距离相等。忽略空气浮力，重力加速度为 g。下列说法正确的是（）A根据上板电势高时观察油滴竖直向上做匀速运动可以判定油滴带正电 B密立根根据实验数据计算出油滴所带的电荷量大约都是 1.610-19C C根据不加电压和加电压两个匀速过程可以求解出油滴所带的电荷量 Q=122mgd ttUt D根据两板间加电压 U（上极板的电势高）时观察到同油滴竖直向上做匀速运动，可以计算出油滴的电荷量 Q=mgd

4、U 4、电容器是一种常用的电学元件，在电工、电子技术中有着广泛的应用。以下有关电容式传感器在生活中应用说法正确的是（）甲：电容式触摸屏 乙：电容式压力传感器 丙：电容式油位传感器 丁：电容式加速度传感器 A甲图中，手指作为电容器一电极，如果改用绝缘笔在电容式触摸屏上仍能正常操作 B乙图中，力 F 增大过程中，电流计中的电流从 a 流向 b C丙图中，油箱液位上升时，电容变小 D丁图中，当传感器由静止突然向左加速，电容器处于充电状态 5、下列说法中正确的是（）A伽利略研究自由落体运动的核心方法是把实验和逻辑推理结合起来 B自然界的四种基本相互作用是强相互作用，弱相互作用，电相互作用和磁相互作用

5、C“月地检验”证明了一切场力都遵循“平方反比”的规律 D一对相互作用力做功，总功一定为零 6、如图为模拟远距离输电的部分测试电路。a、b 端接电压稳定的正弦交变电源,定值分别为12RR、，且12RR,理想变压器的原、副线圈匝数比为 k 且1k,电流表、电压表均为理想表，其示数分別用 I 和 U 表示。当问下调节电滑动变阻器 R3的滑动端 P 时，电流表、电压表示数变化分别用 I 和 U 表示。则以下说法错误的是（）A12RUIk B2URI C电源的输出功率一定减小 D电压表示数一定增加 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合

6、题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、如图，质量相同的两球 A、B 分别用不同长度的细线悬挂，ABLL，当拉至同一高度使细线水平时释放，两球到最低点时，相同的物理量是（）A细线的拉力 B小球的加速度 C小球的速度 D小球具有的动能 8、下列说法中正确的有（）A满足 F=kx 的振动是简谐运动 B波可以发生干涉、衍射等现象 C由波速公式 v=f 可知，空气中声波的波速由 f、共同决定 D发生多普勒效应时波的频率发生了变化 E.周期性的振荡电场和振荡磁场彼此交互激发并向远处传播形成电磁波 9、如图，竖直放置的均匀等臂 U 型导热玻璃管两端封闭，管内水银封

7、有 A、B 两段气柱，左管水银面高于右管水银面，高度差为 h，稳定时 A、B 气柱的压强分别为 pA和 pB，则 A若环境温度升高，pA增大，pB减小 B若环境温度降低，稳定后 AB 气柱的压强比值增大 C若环境温度升高，稳定后 AB 气柱压强变化 pA一定小于 pB D若环境温度降低，稳定后 A 处液面高度变化 h 可能大于2h 10、下列说法中正确的是()A只要知道气体的摩尔体积和阿伏加德罗常数，就可以算出气体分子的体积 B悬浮在液体中微粒的无规则运动并不是分子运动，但微粒运动的无规则性，间接反映了液体分子运动的无规则性 C理想气体在某过程中从外界吸收热量，其内能可能减小 D热量能够从高温

8、物体传到低温物体，也能够从低温物体传到高温物体 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）某实验小组欲自制欧姆表测量一个电阻的阻值，实验提供的器材如下：A待测电阻 Rx（约 200）B电源（电动势 E 约 1.4V，内阻 r 约 10）C灵敏电流计 G（量程 1mA，内阻 Rg=200）D电阻 R1=50 E.电阻 R2=200 F.滑动变阻器 R（阻值范围为 0500）G.开关，导线若干 (1)由于电源电动势未知，该实验小组经过分析后，设计了如图（a）的测量电路。部分步骤如下：先闭合开关 S1、S2，调节滑动变阻器 R，使灵

9、敏电流计示数 I1=0.90mA，此时电路总电流 I总=_mA；(2)同时测出电动势 1.35V 后，该小组成员在图（a）的基础上，去掉两开关，增加两支表笔 M、N，其余器材不变，改装成一个欧姆表，如图（b），则表笔 M 为_（选填“红表笔”或“黑表笔”）。用改装后的欧姆表先进行电阻调零，再测量 Rx阻值，灵敏电流计的示数 I 如图（c），待测电阻 Rx的阻值为_。12（12 分）某研究性学习小组用如图所示的实验装置测量木块与木板间的动摩擦因数。实验室提供的器材有：带定滑轮的长木板、有凹槽的木块、钩码若干、细线和速度传感器等。实验中将部分钩码悬挂在细线下，剩余的全部放在木块的凹槽中，保持长木板

10、水平，利用速度传感器测量木块的速度。具体做法是：先用刻度尺测量出 A、B 间的距离 L，将木块从 A 点由静止释放，用速度传感器测出它运动到 B 点时的速度v，然后从木块凹槽中移动钩码逐个悬挂到细线下端，改变悬挂钩码的总质量 m，测得相应的速度v，由运动学公式计算对应的加速度a，作出am图象如图所示。回答下列问题：(1)设加速度大小为a，则a与v及 L 之间的关系式是_。(2)已知当地重力加速度 g 取29.8m/s，则木块与木板间的动摩擦因数_（保留 2 位有效数字）；的测量值_（填“大于”“小于”或“等于”）真实值，其原因是_（写出一个即可）。(3)实验中_（填“需要”或“不需要”）满足悬

11、挂钩码的质量远小于木块和槽中钩码的总质量。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图所示，A 气缸截面积为 500cm2，A、B 两个气缸中装有体积均为 10L、压强均为 1atm、温度均为 27的理想气体，中间用细管连接细管中有一绝热活塞 M，细管容积不计现给左面的活塞 N 施加一个推力使其缓慢向右移动,同时给 B 中气体加热,使此过程中 A 气缸中的气体温度保持不变活塞 M 保持在原位置不动不计活塞与器壁间的摩擦，周围大气压强为 1atm=105Pa当推力3510 N3F 时,求：活塞 N 向右

12、移动的距离是多少?B 气缸中的气体升温到多少?14（16 分）如图甲所示，有一“上”形、粗细均匀的玻璃管，开口端竖直向上放置，水平管的两端封闭有理想气体 A与 B，气柱长度都是 22cm，中间水银柱总长为 12cm。现将水银全部推进水平管后封闭管道接口处，并把水平管转成竖直方向，如图乙所示，为了使 A、B 两部分气体一样长，把 B 气体的一端单独放进恒温热水中加热，试问热水的温度应控制为多少？（已知外界大气压强为 76cmHg，气温 275K）15（12 分）如图所示，光滑的水平面 AB 与半径 R=0.5m 的光滑竖直半圆轨道 BCD 在 B 点相切，D 点为半圆轨道最高点，A 点的右侧连接

13、一粗糙的水平面，用细线连接甲、乙两物体，中间夹一轻质压缩弹簧，弹簧与甲、乙两物体不拴接，甲的质量 m1=4kg，乙的质量 m1=5kg，甲、乙均静止若烧断细线，甲离开弹簧后经过 B 点进入半圆轨道，过D 点时对轨道的压力恰好为零取 g=10m/s1甲、乙两物体可看做质点，求：(1)甲离开弹簧后经过 B 点时的速度的大小 vB；(1)烧断细线吋弹簧的弹性势能 EP；(3)若固定甲，将乙物体换为质量为 m 的物体丙，烧断细线，丙物体离开弹簧后从 A 点进入动摩擦因数=0.5 的粗糙水平面，AF 是长度为 4l 的水平轨道，F 端与半径为 l 的光滑半圆轨道 FCH 相切，半圆的直径 FH 竖直，如

14、图所示.设丙物体离开弹簧时的动能为 6mgl，重力加速度大小为 g，求丙物体离开圆轨道后落回到水平面 BAF 上的位置与 F 点之间的距离 s；(4)在满足第(3)问的条件下，若丙物体能滑上圆轨道，且能从 GH 间离开圆轨道滑落（G 点为半圆轨道中点)，求丙物体的质量的取值范围 参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A对木块 A 进行受力分析，受竖直向下的重力和推力 F，垂直斜面的支持力，由平衡条件可知，木块 A 还受到沿斜面向上的静摩擦力，故 A 错误；BC以 AB 为整体作为研究对象受力分

15、析，由平衡条件可知，斜面体 B 与地面之间无摩擦力，地面对斜面体 B 的支持力 12NmmgF 故 BC 错误；D单独以斜面体 B 为研究对象受力分析，斜面体 B 受重力，地面对斜面体 B 的支持力，木块 A 对斜面体 B 的压力及木块 A 对斜面体 B 的沿斜面向下的静摩擦力，故 D 正确。故选 D。2、A【解析】未加磁场时，根据动能定理，有 2102fmghWmv 加磁场后，多了洛伦兹力，洛伦兹力不做功，根据左手定则，洛伦兹力的方向垂直斜面向上，所以物体对斜面的压力减小，所以摩擦力变小，摩擦力做的功变小，根据动能定理，有 2102fmghWmv WfWf 所以 vv 故 A 正确，BCD

16、错误。故选 A。3、C【解析】A当极板上加了电压 U 后，该油滴竖直向上做匀速运动，说明油滴受到的电场力竖直向上，与板间电场的方向相反，所以该油滴带负电，A 错误；B油滴所带的电荷量大约都是 1.610-19C 的整数倍，B 错误；C设油滴运动时所受空气阻力 f 与速度大小 v 满足关系为 fkv 当不加电场时，设油滴以速率 v1匀速下降，受重力和阻力而平衡，即 1mgkv 当极板加电压 U 时，设油滴以速率 v2匀速上升，受电场力、重力和阻力，即 2QEmgkv 其中 UEd 根据题意有 1 12 2v tv t 解得 122mgd ttQUt C 正确；D加上电压时，油滴运动过程中，不仅仅

17、只受电场力和重力作用，还受阻力作用，所以UQmgd，D 错误。故选 C。4、D【解析】A甲图中，绝缘笔与工作面不能形成一个电容器，所以不能在电容屏上进行触控操作。故 A 错误。B乙图中，力 F 增大过程中，电容器极板间距减小，电容变大，电容器充电，电流计中的电流从 b 流向 a，选项 B错误；C丙图中，油箱液位上升时，正对面积变大，电容变大，选项 C 错误；D丁图中，当传感器由静止突然向左加速，电介质插入电容器，电容变大，电容器处于充电状态，选项 D 正确。故选 D。5、A【解析】A伽利略研究自由落体运动的核心方法是把实验和逻辑推理结合起来，故 A 正确；B自然界中的四种基本相互作用是万有引力

18、、强相互作用、电磁力、弱相互作用，故 B 错误；C“月-地检验”证明了地面上的重力、地球吸引月球与太阳吸引行星的力遵循同样的“距离平方反比”规律，故 C 错误；D一对作用力和反作用力分别作用在两个不同物体上，它们可能分别对两个物体都做正功，其代数和为正值，比如在光滑水平面由静止释放的两个带同种电荷的小球，库仑力对两个小球都做正功，作用力和反作用力所做的功的代数和为正值，故物体间的一对相互作用力做功的代数和不一定为零，故 D 错误。故选 A。6、B【解析】A理想变压器初、次级线圈电压变化比 12=UnUn初次 电流变化比为 21=InIn初次 则 2221UUnInI次初次初 将1R视为输入端电

19、源内阻，则 1=URI初初 所以 1R221221UUnRInIk次初次初 这也是1R耦合到次级线圏电阻值为12Rk，即为等效电源内阻，故 A 正确；B因 23+URRI 故 B 错误；C当向下调节滑动变阻器 R3的滑动端 P 时，负载电阻变大，电源电压不变，电流减小，故电源输出功率减小，故 C正确；D当向下调节滑动变阻器 R3的滑动端 P 时，负载电阻变大，则回路中电流变小，则原线圈电流也减小，那么电阻R1上的电压减小，电源电压不变，所以原线圈的电压变大，根据匝数比可知副线圈的电压也变大，故 D 正确。故选 B。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四

20、个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、AB【解析】AC根据动能定理得 212mgLmv 解得 2vgL 因为ABLL。所以 ABvv 再根据 2vTmgmL 得 23vTmgmmgL 所以绳子拉力相等，故 A 选项正确，C 选项错误；B根据2vaL可得 2ag 所以两球加速度相等，故 B 选项正确；D根据动能定理得 212mgLmv 因为ABLL，所以在最低点，两球的动能不等。故 D 选项错误；故选 AB 8、ABE【解析】A、在简谐运动的回复力表达式 F=-kx 中，对于弹簧振子，F 为振动物体在振动方向受到的合外力，k

21、为弹簧的劲度系数；对于单摆回复力为重力沿圆周的切向分力，故 A 正确B、一切波都可以发生干涉和衍射现象，是波特有现象，故 B 正确C、声波是机械波，机械波的波速由介质决定，故 C 错误D、多普勒效应说明观察者与波源有相对运动时，接收到的波频率会发生变化，但波源的频率不变，故 D 错误E、变化的磁场产生电场，变化的电场产生磁场，交替产生电场和磁场形成由近向远传播的电磁波，故 E 正确故选 ABE【点睛】衍射、干涉是波所特有的现象，机械波的波速由介质决定；根据多普勒效应可知，当波源和观察者间距变小，观察者接收到的频率一定比波源频率高当波源和观察者距变大，观察者接收到的频率一定比波源频率低；根据麦克

22、斯韦电磁场理论，变化的磁场产生电场，变化的电场产生磁场，交替产生，由近向远传播，形成电磁波 9、BC【解析】AC假设若环境温度升高后，h不变化，则两部分气体均做等容变化，由查理定律得：pPTT 由题意知：BAPP，BApp 则水银柱向左移动，h增大，A的体积减小，温度升高，由理想气体状态方程可知，A的压强AP增大，由于BAPPh，则B的压强也增大，故 A 错误，C 正确；B假设若环境温度降低后，h不变化，则两部分气体均做等容变化，由查理定律得：11PPTT 由题意知：BAPP，BApp 若温度降低，压强都减小，左边气体压强降的多，则水银柱会向下移动，h将减小，由于BAPPh，h减小，B压强减小

23、的多，A压强减小的少，若环境温度降低，稳定后A、B气柱的压强比值增大，故 B 正确；D假设若环境温度降低，水银柱向下运动，但AABBPVPV，所以左侧气体的压强仍然大于右侧的压强，所以稳定后左侧的液面仍然低于右侧的液面，所以h小于2h，故 D 错误；故选 BC。10、BCD【解析】A知道气体的摩尔体积和阿伏加德罗常数，能算出一个气体分子所占有的体积，故 A 错误；B悬浮在液体中微粒的无规则运动并不是分子运动，但微粒运动的无规则性，间接反映了液体分子运动的无规则性，故 B 正确；C理想气体在吸收热量的同时，若对外做功，其内能可能减小，故 C 正确；D若有第三者介入，热量可以从低温物体传到高温物体

24、，故 D 正确。故选 BCD。三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、4.50 黑表笔 180 【解析】(1)1闭合开关 S1、S2，G 与 R1并联，调节滑动变阻器 R，灵敏电流计读数 I1=0.90mA，根据并联电路特点，通过 R1的电流 1113.60mAgRIIR 故此时电路总电流 4.50mAI总(2)2改装为欧姆表后，表内有电源，根据多用电表“红进黑出”的特点，表笔 M 应接黑表笔 3根据欧姆表的原理，欧姆调零时，有 31.35=2705 10ERI内 接待测电阻后，读出表的电流为 I=0.60mA，电路中的总电流为 5

25、3.00mAII总 则有 xERRI内总 解得 180 xR 12、22vaL 0.34（0.320.35 均可）大于滑轮与轴承 细线间有摩擦 不需要 【解析】（1）1根据匀变速直线运动的规律有22vaL。（2）2设木块的质量为 M，钩码的总质量为0m，根据牛顿第二定律有 0mgfMma 0fMmm g 联立解得加速度 01gamgMm 由题图可知，当0m 时，23.3m/sag ，则木块与木板间的动摩擦因数0.34；3因滑轮与轴承、细线间有摩擦，所以测量值大于真实值。（3）4实验中没有采用细线拉力等于重力，所以不需要满足悬挂钩码的总质量远小于木块和槽中钩码的总质量。四、计算题：本题共 2 小

26、题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、5 cm；127【解析】加力 F 后，A 中气体的压强为504103AFppPaS 对 A 中气体：由 pAVA=pAVA 则得5510344103AAAAAAp VVVVp 初态时，310 1020500AAAVLcmS，LA=AAVS=15cm 故活塞 N 向右移动的距离是 s=LA-LA=5cm 对 B 中气体，困活塞 M 保持在原位置不动，末态压强为 pB=pA=43105Pa 根据查理定律得：BBBBppTT 解得，TB=BBBp Tp=400K 则 tB=400-273=127 点睛：

27、对于两部分气体问题，既要分别研究各自的变化过程，同时要抓住之间的联系，本题是压强相等是重要关系 14、312.5K【解析】玻璃管开口向上时，AB 两部分气体的初状态 8022275ABABPPcmHgLLcmTK，将水银全部推进水平管时111120ABABPPLLcm，对 A 气体，由玻意耳定律：11AAAAP LP L，解得188APcmHg 对于最终状态的 B 气体2112100BAPPcmHgcmHg 由理想气体状态方程222BBBBP LP LTT 解得热水的温度2312.5TK 15、(1)5m/s；（1）90J；（3）s=4l；（4）423mMm 【解析】（1）甲在最高点 D，由牛

28、顿第二定律，有211Dvm gmR 甲离开弹簧运动到 D 点的过程机械能守恒：2211111222BDm vm gRm v 联立解得：vB=5m/s；（1）烧断细线时动量守恒：0=m1v3-m1v1 由于水平面 AB 光滑，则有 v1=vB=5m/s，解得：v1=4m/s 根据能量守恒，弹簧的弹性势能 E=221 1221122m vm v=90J（3）甲固定，烧断细线后乙物体减速运动到 F 点时的速度大小为 vF，由动能定理得：21462Fmglmvmgl，解得 vF=12gl 从 P 点滑到 H 点时的速度为 vH，由机械能守恒定律得 2211222FHmvmvmgl 联立解得 vM=1g

29、l 由于 vM=1glgl，故乙物体能运动到 H 点，并从 H 点以速度 vH 水平射出设乙物体回到轨道 AF 所需的时间为t，由运动学公式得：2122lgt 乙物体回到轨道 AF 上的位置与 B 点之间的距离为 s=vHt 联立解得4sl；（4）设乙物体的质量为 M，到达 F 点的速度大小为 vF，由动能定理得：21462FMglMvmgl，解得 vF=124mglMglM 为使乙物体能滑上圆轨道，从 GH 间离开圆轨道，满足的条件是：一方面乙物体在圆轨道上的上升高度能超过半圆轨道的中点 G，由能量关系有：212FMvMgl 另一方面乙物体在圆轨道的不能上升到圆轨道的最高点 H，由能量关系有 22112()22FMvMglMgl 联立解得：423mMm【点睛】（1）根据牛顿第二定律求出最高点 D 的速度，根据机械能守恒求出过 B 点的速度；（1）根据动量守恒定律求出乙的速度，根据能量守恒求出弹性势能；（3）根据动能定理可求 F 点的速度，根据机械能守恒定律可求 M 点的速度，根据平抛运动的规律可求水平位移；（4）能从 GH 间离开圆轨道需要满足在圆轨道上的上升高度能超过半圆轨道的中点，且不能上升到圆轨道的最高点