2022-2023学年山东省济宁市汶上一中高考临考冲刺物理试卷含解析.pdf

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1、2023 年高考物理模拟试卷 注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、关于恒星，下列说法正确的是（）A质量越大的恒星，寿命越短 B体积越大的恒星，亮度越大 C红色恒星的温度比蓝色恒星的温度高 D恒星发光、发热主要来自于恒星内部的化学反应 2

2、、在闭合电路中，以下说法中正确的是（）A在外电路和电源内部，电荷都受非静电力作用 B在电源内部电荷从负极到正极过程中只受非静电力而不存在静电力 C静电力与非静电力对电荷做功都使电荷的电势能减少 D静电力对电荷做功电势能减少，非静电力对电荷做功电势能增加 3、大喇叭滑梯是游客非常喜爱的大型水上游乐设施。如图所示，一次最多可坐四人的浮圈从高为h的平台由静止开始沿滑梯滑行，到达底部时水平冲入半径为R、开口向上的碗状盆体中，做半径逐渐减小的圆周运动。重力加速度为g，下列说法正确的是（）A人和浮圈沿滑梯下滑过程中处于超重状态 B人和浮圈刚进入盆体时的速度大小为2gh C人和浮圈进入盆体后所受的摩擦力指向

3、其运动轨迹的内侧 D人和浮圈进入盆体后，所受支持力与重力的合力大于所需的向心力 4、太阳内部持续不断地发生着 4 个质子（11H）聚变为 1 个氦核（42He）的热核反应，核反应方程是14124 HHe2X，这个核反应释放出大量核能。已知质子、氦核、X 的质量分别为 m1、m2、m3，真空中的光速为 c。下列说法中正确的是（）A方程中的 X 表示中子10n B方程中的 X 表示电子0-1e C这个核反应中质量亏损 m=m1m2m3 D这个核反应中释放的核能 E=(4m1m22m3）c2 5、一辆汽车在水平公路上拐弯，其运动可看成匀速圆周运动。沿圆周运动半径方向的汽车轮胎与路面的最大静摩擦力为4

4、1.4 10 N。圆周运动的半径为80m，汽车的质量为32.0 10 kg。在汽车做圆周运动过程中（）A受重力、支持力、半径方向的静摩擦力、向心力 B为避免侧滑，向心加速度不能超过27.0m/s C为避免侧滑，最大速度为30m/s D速度为20m/s时，在半径方向轮胎与地面间的摩擦力为41.4 10 N 6、新华社西昌 3 月 10 日电“芯级箭体直径 9.5 米级、近地轨道运载能力 50 吨至 140 吨、奔月转移轨道运载能力 15 吨至 50 吨、奔火（火星）转移轨道运载能力 12 吨至 44 吨”这是我国重型运载火箭长征九号研制中的一系列指标，已取得阶段性成果，预计将于 2030 年前后

5、实现首飞。火箭点火升空，燃料连续燃烧的燃气以很大的速度从火箭喷口喷出，火箭获得推力。下列观点正确的是（）A喷出的燃气对周围空气的挤压力就是火箭获得的推力 B因为喷出的燃气挤压空气，所以空气对燃气的反作用力就是火箭获得的推力 C燃气被喷出瞬间，火箭对燃气的作用力就是火箭获得的推力 D燃气被喷出瞬间，燃气对火箭的反作用力就是火箭获得的推力 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、如图所示，等边三角形线框LMN由三根相同的导体棒连接而成，固定于匀强磁场中

6、，线框平面与磁感应强度方向垂直，线框顶点M、N与直流电源两端相接，已知导体棒MN受到的安培力大小为F，则（）A导体棒MN受到的安培力垂直于线框平面 B导体棒MN中的电流是导体棒ML中电流的 2 倍 C导体棒ML和LN所受到的安培力的合力大小为F D三角形线框受到的安培力的大小为1.5F 8、如图所示，质量为 m=245 g 的物块（可视为质点）放在质量为 M=0.5 kg 的木板左端，足够长的木板静止在光滑水平面上，物块与木板间的动摩擦因数为 =0.4，质量为 m0=5 g 的子弹以速度 v0=300 m/s 沿水平方向射入物块并留在其中（时间极短），g=10 m/s2，则在整个过程中 A物块

7、和木板组成的系统动量守恒 B子弹的末动量大小为 0.01kgm/s C子弹对物块的冲量大小为 0.49Ns D物块相对木板滑行的时间为 1s 9、如图所示为多用电表原理示意图，所用电流表的表盘刻度共 100 格，满偏电流为100mAgI，满偏电压为1VgU，电源的电动势为1.5VE，内阻0.5r，直流电压挡的量程为0 50V，则下列判断正确的是（）A黑表笔应该接a，红表笔接b B定值电阻0R的阻值为500 C选择开关接 2，刻度盘正中间的刻度值为15 D选择开关接 3，若指针与电流表第 25 格刻度线重合，则通过0R的电流为50mA 10、如图所示，半径为 r、电阻为 R 的单匝圆形线框静止于

8、绝缘水平面上，以圆形线框的一条直径为界，其左、右两侧分别存在着方向如图甲所示的匀强磁场，以垂直纸面向里的磁场为正，两部分磁场的磁感应强度 B 随时间 t 变化的规律分别如图乙所示。则 0t0时间内，下列说法正确的是（）A0 2t时刻线框中磁通量为零 B线框中电流方向为顺时针方向 C线框中的感应电流大小为200r Bt R D线框受到地面向右的摩擦力为23002 B rt R 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）同学们用如图 1 所示的电路测量两节干电池串联而成的电池组的电动势E和内电阻r。实验室提供的器材如下：电压表，电

9、阻箱（阻值范围0999.9）；开关、导线若干。（1）请根据图 1 所示的电路图，在图 2 中用笔替代导线，画出连线，把器材连接起来_。（2）某同学开始做实验，先把变阻箱阻值调到最大，再接通开关，然后改变电阻箱，随之电压表示数发生变化，读取R和对应的U，并将相应的数据转化为坐标点描绘在/RR U图中。请将图 3、图 4 中电阻箱和电压表所示的数据转化为坐标点描绘在图 5 所示的坐标系中（描点用“+”表示），并画出/RR U图线_；（3）根据图 5 中实验数据绘出的图线可以得出该电池组电动势的测量值E _V，内电阻测量值r _.（保留 2 位有效数字）（4）实验中测两组、RU的数据，可以利用闭合电

10、路欧姆定律解方程组求电动势和内阻的方法。该同学没有采用该方法的原因是_。（5）该实验测得电源的电动势和内阻都存在误差，造成该误差主要原因是_。（6）不同小组的同学分别用不同的电池组（均由同一规格的两节干电池串联而成）完成了上述的实验后，发现不同组的电池组的电动势基本相同，只是内电阻差异较大。同学们选择了内电阻差异较大的甲、乙两个电池组进一步探究，对电池组的内电阻热功率1P以及总功率2P分别随路端电压U变化的关系进行了猜想，并分别画出了如图 6 所示的1PU和2PU图象。若已知乙电池组的内电阻较大，则下列各图中可能正确的是_（选填选项的字母）。12（12 分）用分度为 0.05 mm 的游标卡尺

11、测量某物体的厚度时，示数如图，此示数为_mm。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）为防治 2019-nCoV，社区等公共场所加强了消毒措施，如图所示为喷洒消毒液的某喷雾器示意图。储液桶与打气筒用软细管相连，已知储液桶容积为0V(不计储液桶两端连接管体积)，初始时桶内消毒液上方气体压强为02p，体积为1 2V0，打开阀门 K 喷洒消毒液，一段时间后关闭阀门停止喷洒，此时气体压强降为032p。喷洒过程中桶内气体温度与外界温度相同且保持不变，0p为外界大气压强。求：(1)停止喷洒时剩余的药液体积；(2)

12、为使桶内气体压强恢复为02p，需打入压强为0p的气体体积(不考虑打气过程中温度变化)。14（16 分）如图所示，光滑绝缘的半圆形轨道 ABC 固定在竖直面内，圆心为 O，轨道半径为 R，B 为轨道最低点。该装置右侧的14圆弧置于水平向右的足够大的匀强电场中。某一时刻一个带电小球从 A 点由静止开始运动，到达 B 点时，小球的动能为 E0，进入电场后继续沿轨道运动，到达 C 点时小球的电势能减少量为 2E0，试求：（1）小球所受重力和电场力的大小；（2）小球脱离轨道后到达最高点时的动能。15（12 分）如图，一带有活塞的气缸通过底部的水平细管与一个上端封闭的竖直管相连，气缸和竖直管均导热，气缸与

13、竖直管的横截面积之比为 3：1，初始时，该装置底部盛有水银；左右两边均封闭有一定质量的理想气体，左边气柱高 24cm，右边气柱高 22cm；两边液面的高度差为 4cm竖直管内气体压强为 76cmHg，现使活塞缓慢向下移动，使气缸和竖直管内的水银面高度相差 8cm，活塞与气缸间摩擦不计求 此时竖直管内气体的压强；活塞向下移动的距离 参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】A根据宇宙规律可知，质量越大的恒星，寿命越短，A 正确；B恒星的亮度与恒星的体积和温度及它与地球的距离有关，温度越高，体积越大，

14、距离越近，亮度越亮，故体积大的恒星，其亮度不一定大，B 错误；C恒星的颜色是由温度决定的，温度越低，颜色越偏红，温度越高，颜色越偏蓝，故红色恒星的温度比蓝色恒星的温度低，C 错误；D恒星发光、发热主要来自于恒星内部的核聚变，D 错误.故选 A。2、D【解析】A.在电源内部，电荷受非静电力作用；在外电路，电荷不受非静电力作用；故 A 项错误；B.在电源内部电荷从负极到正极过程中，电荷既受非静电力又受静电力，故 B 项错误；CD.在闭合电路中，静电力对电荷做功使电荷的电势能减少，非静电力对电荷做功使电荷的电势能增加，故 C 项错误，D 项正确。3、D【解析】A由于人和浮圈沿滑梯下滑过程中有向下的分

15、加速度，所以人和浮圈沿滑梯下滑过程中处于失重状态，故 A 错误。B若不考虑摩擦阻力，根据机械能守恒有 212mghmv 可得2vgh。由于人和浮圈沿滑梯下滑过程中受到了阻力作用，所以人和浮圈刚进入盆体时的速度一定小于2gh，故 B 错误。C人和浮圈进入盆体后所受的摩擦力为滑动摩擦力，与运动方向相反，故 C 错误。D人和浮圈进入盆体后做半径逐渐减小的圆周运动，为向心运动，其所受支持力与重力的合力大于所需的向心力，故 D 正确。故选 D。4、D【解析】AB由核反应质量数守恒、电荷数守恒可推断出 X 为01e，故 AB 错误；CD质量亏损为 m=4m1-m2-2m3 释放的核能为 E=mc2=（4m

16、1-m2-2m3）c2 故 C 错误、D 正确。故选 D。5、B【解析】A汽车在水平面做圆周运动时，沿圆周半径方向的静摩擦力提供向心力，这不是独立的两个力，A 错误；B汽车向心力的最大值为4m1.4 10 NF，对应有最大向心加速度 2mm7 0m/s.Fam B 正确；C汽车达最大速度mv时有 2mmvar 则 mm4 35m/sva r C 错误；D速度为20m/sv 时，对应的向心力 2441.0 10 N1.4 10 NvFmr 则半径方向轮胎与地面间的静摩擦力为41.0 10 N，D 错误。故选 B。6、D【解析】A 喷出的燃气对周围空气的挤压力，作用在空气上，不是火箭获得的推力，故

17、 A 错误；B 空气对燃气的反作用力，作用在燃气上，不是火箭获得的推力，故 B 错误；CD 燃气被喷出瞬间，燃气对火箭的反作用力作用在火箭上，是火箭获得的推力，故 C 错误 D 正确。故选 D。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、BD【解析】A由图可知，导体棒 MN 电流方向有 M 指向 N，由左手定则可得，安培力方向平行于线框平面，且垂直于导体棒MN，故 A 错误；BMLN 边的有效长度与 MN 相同，等效后的电流方向也与 MN 相同，由左手

18、定则可知，边 MLN 的电阻等于边 MN的电阻的两倍，两者为并联关系，根据欧姆定律可知，导体棒 MN 中的电流是导体棒 MLN 中电流的 2 倍，故 B 正确；CD中的电流大小为I，则 MLN 中的电流为2I，设 MN 的长为L，由题意知 FBIL 所以边 MLN 所受安培力为 122IFBLF 方向与 MN 边所受安培力的方向相同，故有 31.52FFFFF 合 故 C 错误，D 正确。故选 BD。8、BD【解析】A子弹进入木块的过程中，物块和木板的动量都增大，所以物块和木板组成的系统动量不守恒故 A 错误；B选取向右为正方向，子弹打入木块过程，由动量守恒定律可得：m0v0=（m0+m）v1

19、 木块在木板上滑动过程，由动量守恒定律可得：（m0+m）v1=（m0+m+M）v2 联立可得：30 023305 10300m/s2m/s5 10245 100.5m vvmmM 所以子弹的末动量：pm0v2510320.01kgm/s 故 B 正确；C由动量定理可得子弹受到的冲量：I ppp00.01 kgm/s 5103300 kgm/s1.49kgm/s=1.49Ns 子弹与物块作用力的时间相等，相互作用力大小始终相等，而方向相反，所以子弹对物块的冲量大小也是 1.49Ns故C 错误；D对子弹木块整体，由动量定理得：-（m0+m）gt=（m0+m）（v2-v1）由式可得，物块相对于木板滑

20、行的时间 211svvtg 故 D 正确 9、AC【解析】A多用电表的电流是从红表笔流进电表，从黑表笔流出电表，从电流的流向可以看出a应该接黑表笔，选项 A 正确；B0R和电流表G串联形成一个新的电压表 0ggUUI R 改装后50UV，代入数据解得 0490R 选项 B 错误；C当选择开关接 2 时，a、b之间为多用电表的欧姆挡，则有 gIRE内 2gIERR内中 联立解得 15R 中 选项 C 正确；D选择开关接 3 时，电流表满偏电流为100mA，总共 100 格，当指针指在第 25 格的时候，对应的示数为满偏电流的四分之一，即通过0R的电流为25mA，所以 D 错误。故选 AC。10、

21、ACD【解析】A02t时刻，两部分磁场的磁感应强度大小相等、方向相反，线框中的磁通量为零，A 正确。B根据楞次定律可知，左侧的导线框的感应电流是逆时针，而右侧的导线框的感应电流也是逆时针，则整个导线框的感应电流方向为逆时针，B 错误。C由法拉第电磁感应定律，因磁场的变化，导致导线框内产生感应电动势，结合题意可知整个导线框产生感应电动势为左、右两侧电动势之和，即 20022r BEt 由闭合电路欧姆定律，得感应电流大小 200r BEIRt R 故 C 正确。D由左手定则可知，左、右两侧的导线框均受到向左的安培力，则所受地面的摩擦力方向向右、大小与线框所受的安培力大小相等，即 230121200

22、22222B rTB IrB IrBBIrB Irt R 故 D 正确。故选 ACD。三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）电路连线如图：（2）画出/RR U图线如图：（3）2.8V，1 （4）偶然误差较大；（5）电压表内阻不是无穷大；（6）AC 【解析】（1）电路连线如图：（2）画出/RR U图线如图：（3）根据闭合电路欧姆定律可得：UEUrR，即RRErU，则由图像可知：6(1)V2.8V2.5Ek，r=b=1；（4）由于读数不准确带来实验的偶然误差，实验中测两组 U、R 的数据，利用闭合电路欧姆定律解方程组求电动势和内

23、阻的方法不能减小这种偶然误差，而利用图象进行处理数据可以减小偶然误差.（5）由于电压表内阻不是无穷大，所以在电路中分流，从而带来系统误差；（6）电池组的内电阻热功率21()EUPr，则对于相同的 U 值，则 r 越大，对应的 P1越小，可知 A 正确，B 错误；总功率：22EUEEUPEIErr，则对相同的 U 值，r 越大 P2越小，故 C 正确，D 错误.12、61.70【解析】游标卡尺的主尺读数为 61mm，游标尺上第 14 个刻度与主尺上某一刻度对齐，故其读数为 0.0514mm=0.70mm 所以最终读数为：61mm+0.70mm=61.70mm 四、计算题：本题共 2 小题，共 2

24、6 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)01V3；(2)01V3【解析】(1)对桶内消毒液上方气体，喷洒时温度不变，根据玻意耳定律可得 000113222pVp V 解得 1023VV 停止喷洒时剩余的药液体积 0002133VVVV(2)对原气体和需打入气体为对象，根据玻意耳定律可得 000200122223pVp VpV 解得 3013VV 14、（1）0ER 02ER（2）8E0【解析】(1)设带电小球的质量为 m，则从 A 到 B 根据动能定理有：mgRE0 则小球受到的重力为：mg0ER 方向竖直向下；由题可知：到达 C 点时小球

25、的电势能减少量为 2E0，根据功能关系可知：EqR2E0 则小球受到的电场力为：Eq02ER 方向水平向右，小球带正电。(2)设小球到达 C 点时速度为 vC，则从 A 到 C 根据动能定理有：EqR212Cmv2E0 则 C 点速度为：vC04Em 方向竖直向上。从 C 点飞出后，在竖直方向只受重力作用，做匀减速运动到达最高点的时间为：041CvEtggm 在水平方向只受电场力作用，做匀加速运动，到达最高点时其速度为：00442EEqEqEvattmmgmm 则在最高点的动能为：2200411(2)822kEEmvmEm 15、288cmHgP h5cm【解析】试题分析：先以右侧气体为研究对

26、象，找出初末状态的参量，根据根据玻意尔定律求压强；再以左侧气体为研究对象，找出初末状态的参量，根据根据玻意尔定律求气柱的长度，然后根据几何关系求解活塞向下移动的距离。若右侧竖直管的横截面积为S,左侧气缸的横截面积则为3S 以右侧气体为研究对象：10176cmHg,22PPVS 若左侧液面下降1h，右侧液面升高2h 121224,33cmhhh Sh Sh，222219VhSS 根据玻意尔定律得：1 122PVPV 解得：288cmHgP 以左边气体为研究对象：11180cmHg243PPg hVS，22296cmHg,3PPg hVxS 根据玻意尔定律得：1122PVP V 解得：20cmx 活塞下降的高度1245cmhhx【点睛】本题考查了求压强、水银面的高度变化情况、活塞升高的高度，分析清楚图示情景，知道气体发生等温变化，求出气体的状态参量，应用玻意耳定律即可解题。