2023届黑龙江省北安市第一中学高三第一次调研测试物理试卷含解析.pdf

《2023届黑龙江省北安市第一中学高三第一次调研测试物理试卷含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023届黑龙江省北安市第一中学高三第一次调研测试物理试卷含解析.pdf（14页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、2023 年高考物理模拟试卷 请考生注意：1请用 2B 铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用 05 毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、图示装置为阅读时使用的角度可调支架，现将一本书放在倾斜支架上，书始终保持静止。关于该书受力情况，下列说法正确的是（）A可能受两个力 B可能受三个力 C一定受摩擦力 D支架下边缘对书一定有弹力 2、短跑运动员在训练中从起跑开

2、始的一段时间内可看成先做匀加速直线运动再做匀速直线运动。已知总位移为 s，匀速阶段的速度为 v、时间为 t，则匀加速阶段的时间为（）Asv B2sv C2stv D22stv 3、如图所示，A 和 B 为竖直放置的平行金属板，在两极板间用绝缘细线悬挂一带电小球。开始时开关 S 闭合且滑动变阻器的滑动头 P 在 a 处，此时绝缘线向右偏离竖直方向，偏角为，电源的内阻不能忽略，则下列判断正确的是（）A小球带负电 B当滑动头从 a 向 b 滑动时，细线的偏角 变小 C当滑动头从 a 向 b 滑动时，电流表中有电流，方向从下向上 D当滑动头停在 b 处时，电源的输出功率一定大于滑动头在 a 处时电源的

3、输出功率 4、如图所示，一个质量为 m 的铁球处于静止状态，铁球与斜面的接触点为 A,推力 F 的作用线通过球心 O，假设斜面、墙壁均光滑，若让水平推力缓慢增大，在此过程中，下列说法正确的是()A力 F 与墙面对铁球的弹力之差变大 B铁球对斜面的压力缓慢增大 C铁球所受的合力缓慢增大 D斜面对铁球的支持力大小等于cosmg 5、如图所示，轻绳一端固定在 O 点，另一端拴有质量为 m 的球。在最低点给小球一水平初速度，使其在竖直平面内做圆周运动。小球运动到某一位置时，轻绳与竖直方向成角。关于轻绳的拉力 T 和角的关系式你可能不知道，但是利用你所学过的知识可以确定下列哪个表达式是正确的（）AT=a

4、+3mgsin（a 为常数）BT=a+3sinmg（a 为常数）CT=a+3mgcos（a 为常数）DT=a+3cosmg（a 为常数）6、如图所示，变压器为理想变压器，电压变化规律为20 2sin100 Vut的交流电压接在 a、b 两端，L 为灯泡，R为滑动变阻器。现将变阻器的滑片从一个位置滑动到另一位置，观察到电流表 A1的示数增大了 0.2A，电流表 A2的示数增大了 0.8A，则下列正确的是（）A电压表 V2示数不变，V3示数增大 B变阻器滑片是沿 dc 的方向滑动 C该变压器起降压作用 D灯泡发光每秒闪 50 次 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每

5、小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、如图所示为在“测电源电动势和内电阻”的实验中得到的UI图线。图中U为路端电压，I为干路电流，a、b为图线上的两点，相应状态下电源的效率分别为a、b，电源的输出功率分别为aP、bP，对应的外电阻为aR、bR。已知该电源输出功率的最大值为maxP，电源内电阻为r，由图可知()A:2:1aRr B:1:2ab C:1:1abPP D:8:9amaxPP 8、当你走进家电市场，可以看到各种各样的家用电磁炉（如图）。电磁炉作为厨具市场的一种灶具，它打破了传统的明火烹调方式，通常是利用磁

6、场使置于炉面上的锅子出现涡流，再通过电流的热效应，使锅子产生高温以烹煮食物。下列有关此种电磁炉与所用锅子的说法中正确的是（）A锅和电磁炉内部发热线圈盘相当一个高频变压器，内部线圈是变压器初级线圈，锅是次级线圈 B电磁炉使用的是随时间变化的磁场 C电磁炉所用的锅子必须是热的绝缘体 D电磁炉所用的锅子必须是电的绝缘体 9、下列说法中正确的是 A光的偏振现象说明光具有波动性，但并非所有的波都能发生偏振现象 B变化的电场一定产生变化的磁场；变化的磁场一定产生变化的电场 C在光的双缝干涉实验中，若仅将入射光由红光改为绿光，则干涉条纹间距变窄 D某人在速度为 0.5c 的飞船上打开一光源，则这束光相对于地

7、面的速度应为 1.5c E.火车过桥要慢行，目的是使驱动力频率远小于桥梁的固有频率，以免发生共振损坏桥梁 10、如图所示，有甲、乙两颗卫星分别在不同的轨道围绕一个半径为 R、表面重力加速度为 g 的行星运动，卫星甲、卫星乙各自所在的轨道平面相互垂直，卫星甲的轨道为圆，距离行星表面的高度为 R，卫星乙的轨道为椭圆，M、N两点的连线为其椭圆轨道的长轴且 M、N 两点间的距离为 4R则下列说法中正确的有 A卫星甲的线速度大小为2gR B甲、乙卫星运行的周期相等 C卫星乙沿椭圆轨道运行经过 M 点时的速度小于卫星甲沿圆轨道运行的速度 D卫星乙沿椭圆轨道运行经过 N 点时的加速度小于卫星甲沿圆轨道运行的

8、加速度 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）某兴趣小组欲测量滑块与水平木板间的动摩擦因数，他们设计了一个实验，实验装置如图 1 所示。该小组同学首先将一端带滑轮的木板固定在水平桌面上，连接好其他装置，然后挂上重物，使滑块做匀加速运动，打点计时器在纸带上打出一系列点.（1）图 2 是实验中获取的一条纸带的一部分，相邻两计数点间的距离如图所示，已知电源的频率为 50 Hz，相邻两计数点间还有 4 个计时点未标出，根据图中数据计算的加速度 a=_2/m s.（结果保留两位有效数字）（2）为测定动摩擦因数，该小组同学事先用弹簧测

9、力计测出滑块与重物的重力分别如图 3、4 所示，则图 3 对应的示数为_N,图 4 对应的示数为_N；（3）重力加速度 g 取210/m s，滑块与木板间的动摩擦因数_（结果保留两位有效数字）。12（12 分）某学习小组在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，除导线和开关外，可供选择的实验器材如下：A小灯泡 L，规格 2.5V，1.0W B电流表 A1，量程 0.6A，内阻约为 1.5 C电流表 A2，量程 3A，内阻约为 0.5 D电压表 V1，量程 3V，内阻约为 3k E电压表 V2，量程 15V，内阻约为 9k F滑动变阻器 R1，阻值范围 01000 G滑动变阻器 R2，阻值范围 05

10、 H学生电源 4V，内阻不计(1)为了调节方便，测量尽量准确，电流表应选用_、电压表应选用_、实验电路应选用如下电路中的_（一律填选项序号）。A B C D(2)实验测得该灯泡的伏安特性曲线如图所示，由此可知，当灯泡两端电压为 2.0V 时，小灯泡的灯丝电阻是_（保留两位有效数字）。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）彩虹的产生原因是光的色散，如图甲所示为太阳光射到空气中小水珠时的部分光路图，光通过一次折射进入水珠，在水珠内进行一次反射后，再通过一次折射射出水珠现有一单色光束以入射角 145射入一

11、圆柱形玻璃砖，在玻璃砖内通过一次折射、一次反射、再一次折射射出玻璃砖，如图乙所示，已知射出光线与射入光线的夹角 30，光在真空中的速度为 c，求：该单色光的折射率；该单色光在玻璃中传播速度的大小 14（16 分）如图所示，在竖直面内有一个光滑弧形轨道，其末端水平，且与处于同一竖直面内光滑圆形轨道的最低端相切，并平滑连接A，B 两滑块（可视为质点）用轻细绳拴接在一起，在它们中间夹住一个被压缩的微小轻质弹簧 两滑块从弧形轨道上的某一高度 P 点处由静止滑下，当两滑块刚滑入圆形轨道最低点时拴接两滑块的绳突然断开，弹簧迅速将两滑块弹开，其中前面的滑块 A 沿圆形轨道运动恰能通过圆形轨道的最高点，后面的

12、滑块 B 恰能返回 P点 己知圆形轨道的半径0.72mR，滑块 A的质量0.4kgAm，滑块 B的质量0.1kgBm，重力加速度 g取210m/s，空气阻力可忽略不计求：（1）滑块 A 运动到圆形轨道最高点时速度的大小；（2）两滑块开始下滑时距圆形轨道底端的高度 h；（3）弹簧在将两滑块弹开的过程中释放的弹性势能 15（12 分）如图所示，容积均为 V0的汽缸 A、B 下端有细管（容积可忽略）连通，阀门 K2位于细管的中部，A、B的顶部各有一阀门 K1、K3，B 中有一可自由滑动的活塞(质量、体积均可忽略)。初始时，三个阀门均打开，活塞在 B的底部；关闭 K2、K3，通过 K1给汽缸打气，每次

13、可以打进气压为 p0、体积为 0.3V0的空气。已知室温为 27，大气压强为 p0，汽缸导热良好。（1）要使 A 缸的气体压强增大到 7p0，求打气的次数；（2）当 A 缸的气体压强达到 7p0后，关闭 K1，打开 K2并缓慢加热 A、B 气缸内气体，使其温度都升高 60，求稳定时活塞上方气体的体积和压强。参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】AB由题意可知，书受到重力和弹力作用，由于有书沿斜面向下的分力作用，所以物体必然受到一个沿斜面向上的力，以维持平衡，这个力为摩擦力，也可以是支架下边缘对

14、书的弹力，也可以是摩擦力和支架下边缘对书弹力的合力，故可能受三个力，四个力作用，故 A 错误，B 正确；C由于当书沿斜面向下的分力作用与支架下边缘对书弹力相等时，此时摩擦力不存在，故 C 错误；D由于当书沿斜面向下的分力作用，与向上的摩擦力相等时，则支架下边缘对书弹力不存在，故 D 错误。故选 B。2、D【解析】匀速阶段的位移为 1xvt 在匀加速直线运动过程，根据平均速度公式可得 2112xvt 根据题意则有 12sxx 解得匀加速阶段的时间 122sttv 故 A、B、C 错误，D 正确。故选 D。3、B【解析】A根据题图电路可知 A 板电势高于 B 板电势，A、B 间电场强度方向水平向右

15、。小球受力平衡，故受电场力也水平向右，即小球带正电，所以 A 项错误；B当滑动头从 a 向 b 滑动时，电阻值减小，路端电压减小，故 R1两端的电压减小，极板间电场强度随之减小，小球所受电场力减小，故细线的偏角变小，所以 B 项正确；C当极板间电压减小时，极板所带电荷量将减小而放电，又由于 A 板原来带正电，故放电电流从上向下流过电流表，所以 C 项错误；D由于电源的内电阻与外电阻的关系不确定，所以无法判断电源的输出功率的变化规律，所以 D 项错误。故选 B。4、D【解析】对小球受力分析，受推力 F、重力 G、墙壁的支持力 N、斜面的支持力 N，如图：根据共点力平衡条件，有：x 方向：F-Ns

16、in-N=0 竖直方向：Ncos=mg 解得：mgNcos；N=F-mgtan；A.故当 F 增加时，墙壁对铁球的作用力不断变大，为 N=F-mgtan；可知 F 与墙面对铁球的弹力之差不变，故 A 错误；BD.当 F 增加时，斜面的支持力为mgcos，保持不变，故球对斜面的压力也保持不变，故 D 正确，B 错误；C.铁球始终处于平衡状态，合外力始终等于 0；故 C 错误；5、C【解析】当=0时（最低点），L 为绳长，根据牛顿第二定律 211mvTmgL 当=180时（最高点）222mvTmgL 从最高点到最低点的过程，由动能定理得 221211222mvmvmgL 可以得出 126TTmg

17、因此利用特殊值代入法可知 C 选项满足上述结论，ABD 错误，C 正确。故选 C。6、C【解析】AB观察到电流表 A1的示数增大了 0.2A，电流表 A2的示数增大了 0.8A，即副线圈电流增大，由于 a、b 接在电压有效值不变的交流电流两端，匝数比不变，所以副线圈电压不变，即 V1，V2示数不变，V3示数减小根据欧姆定律得负载电阻减小，所以变阻器滑片是沿 cd 的方向滑动，故 AB 错误，C观察到电流表 A1的示数增大了 0.2A，电流表 A2的示数增大了 0.8A，即原线圈电流增大量小于副线圈电流增大量，根据电流与匝数成反比，所以该变压器起降压作用，故 C 正确；D由20 2sin100

18、Vut可知，交流电的频率为 10050Hz22f 由于交变电流一个周期内电流方向发生 100 次变化，所以灯泡发光每秒闪 100 次，故 D 错误。故选 C。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、ACD【解析】AC设电流的最小分度为 I，电压的最小分度为 U，则可知，电源的电动势 E=6U；Ua=4U，Ub=2U；电流 Ia=4I，Ib=8I；则由 P=UI 可知，故电源的输出功率相等；则闭合电路欧姆定律可知，E=I（r+R）代入解得：Ra：r=

19、2：1；故 AC 正确；B电源的效率 定义为外电路电阻消耗的功率与电源的总功率之比。PIUUPIEE外总；E 为电源的总电压（即电动势），在 U-I 图象中，纵轴截距表示电动势，根据图象可知则 23a 13b 则 a：b=2：1 故 B 错误；D当内外电阻相等时，电源的输出功率最大，此时电压为 3U，电流为 6I；故：Pa：Pmax=8：9 故 D 正确；故选 ACD。8、AB【解析】A锅和电磁炉内部发热线圈盘组成一个高频变压器，内部线圈是变压器初级线圈，锅是次级线圈，当内部初级发热线圈盘有交变电压输出后，必然在次级锅体上产生感应电流，感应电流通过锅体自身的电阻发热，故 A 正确；B法拉第的电

20、磁感应原理说明当通过一导体的磁场随时间变化时，导体上产生感应电流，故 B 正确；C当锅子通过电流时，锅子必须产生高温才能对水加热，故锅子不能为热的绝缘体，故 C 错误；D电磁炉上面所用的锅子必须是电的良导体，当电磁炉的线圈产生随时间而变化的磁场时，锅子才能产生感应电流，故 D 错误；故选 AB。9、ACE【解析】光的偏振现象说明光具有波动性，只有横波才能发生偏振现象，故 A 正确变化的电场一定产生磁场，变化的磁场一定产生电场；均匀变化的电场产生稳定的磁场，均匀变化的磁场产生稳定的电场；选项 B 错误；在光的双缝干涉实验中，双缝干涉条纹的间距与波长成正比，绿光的波长比红光的短，则仅将入射光由红光

21、改为绿光，干涉条纹间距变窄，故 C 正确在速度为 0.5c 的飞船上打开一光源，根据光速不变原理，则这束光相对于地面的速度应为 c，故 D 错误；火车过桥要慢行，目的是使驱动力频率远小于桥梁的固有频率，以免发生共振损坏桥，故 E 正确 10、BD【解析】A卫星甲绕中心天体做匀速圆周运动，由万有引力提供向心力，有：22MmvGmrr 解得：GMvr 其中2rR，根据地球表面万有引力等于重力得 2MmGmgR 联立解得甲环绕中心天体运动的线速度大小为 2gRv 故 A 错误；B卫星甲绕中心天体做匀速圆周运动，由万有引力提供向心力，有 2224MmGmrrT 根据地球表面万有引力等于重力得 2MmG

22、mgR 解得卫星甲运行的周期为 24RTg 由卫星乙椭圆轨道的半长轴等于卫星甲圆轨道的半径，根据开普勒第三定律，可知卫星乙运行的周期和卫星甲运行的周期相等，故 B 正确；C卫星做逐渐远离圆心的运动，要实现这个运动必须使卫星所需向心力大于万有引力，应给卫星加速，所以卫星乙沿椭圆轨道经过 M 点时的速度大于轨道半径为 M 至行星中心距离的圆轨道的卫星的线速度，而轨道半径为 M 至行星中心距离的圆轨道的卫星的线速度大于卫星甲在圆轨道上的线速度，所以卫星乙沿椭圆轨道运行经过 M 点时的速度大于卫星甲沿圆轨道运行的速度，故 C 错误；D卫星运行时只受万有引力，加速度 2GMar 所以卫星乙沿椭圆轨道运行

23、经过 N 点时的加速度小于卫星甲沿圆轨道运行的加速度，故 D 正确。三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.50 2.00 1.00 0.43 【解析】（1）1相邻两计数点间还有 4 个计时点未标出，则 T=0.1s；根据2xaT 结合逐差法可知：65432129xxxxxxaT 2222(3.873.392.882.38 1.90 1.40)10m/s0.50m/s9 0.1（2）23则图 3 对应的示数为 2.00N；图 4 对应的示数为 1.00N；（3）4对滑块以及重物的整体：mg-Mg=(M+m)a 其中 mg=1.0

24、0N，Mg=2N，解得=0.43 12、B D C 5.1(或 5.2 或 5.3)【解析】(1)12小灯泡 L 的额定电压为 2.5V，故电压表选 D(3V)，额定电流为 1A0.4A2.5mPIU 故电流表选 B(0.6A)；3小灯泡的电阻为 222.55.251URP 由于 AV1.5 3000RRR 故采用电流表外接法，要求小灯泡两端的电压从零开始，所以滑动变阻器采用分压式接法，故实验电路应选 C。(2)4由IU图像可知，当灯泡两端电压为 2.0V 时，小灯泡的电流约为 0.38A，则小灯泡的电阻为 25.30.38URI(5.1 或 5.2)四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分

25、。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)2n （2）22vc【解析】如图所示，设折射角为 2，分析可知 3=1-2 由等腰三角形可知 4=2 由三角形内外角关系可得432 得2122，即 2=30 该单色光的折射率12sin2sinn 由光在玻璃中的传播速度cvn 得22vc 14、（1）6 55m/s；（2）0.8 m；（3）4 J【解析】（1）设滑块 A 恰能通过圆形轨道最高点时的速度大小为 v2，根据牛顿第二定律有 mAg=mA22vR 解得：v2=6 55m/s（2）设滑块 A 在圆形轨道最低点被弹出时的速度大小为 v1，对于滑块 A 从

26、圆形轨道最低点运动到最高点的过程，根据机械能守恒定律，有 12mAv12=mAg2R+12mAv22 可得：v1=6m/s 设滑块 A 和 B 运动到圆形轨道最低点速度大小为 v0，对滑块 A 和 B 下滑到圆形轨道最低点的过程，根据动能定理，有（mA+mB）gh=12（mA+mB）v02 同理滑块 B 在圆形轨道最低点被弹出时的速度大小也为 v0，弹簧将两滑块弹开的过程，对于 A、B 两滑块所组成的系统水平方向动量守恒，（mA+mB）v0=mA v1-mBv0 解得：h=0.8 m（3）设弹簧将两滑块弹开的过程中释放的弹性势能为 Ep，对于弹开两滑块的过程，根据机械能守恒定律，有12（mA+mB）v02+Ep=12mAv12+12mBv02 解得：Ep=4J 15、（1）21 次；（2）1.25V1；2.8P1【解析】（1）设共打气 n 次，由 p1(V113nV1)=7p1V1 由式解得：n=21 次（2）设温度升高后，上边的气体压强为 p，体积为 V，对上边气体：000p VT=pVT 对下边气体 0007PVT=(2)pVVT 由式解得：V=125V1，p=28p1