2023届江苏省徐州市铜山区高考全国统考预测密卷物理试卷含解析.pdf

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1、2023 年高考物理模拟试卷 注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用 2B 铅笔填涂；非选择题必须使用 05 毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、昆明某中学运动会玩“闯关游戏”进行热身，如图所示，在笔直通道上每隔 8m

2、设有一个关卡，各关卡同步放行和关闭，放行和关闭的时间分别为 4 s 和 2s。关卡刚放行时，一同学立即在关卡 1 处以 4 m/s2的加速度由静止加速到 4 m/s，然后匀速向前，则最先挡住他前进的关卡是（）A关卡 2 B关卡 3 C关卡 4 D关卡 5 2、光滑水平面上有长为2L的木板 B，小物块 A 置于 B 的中点，A、B 质量均为m，二者间摩擦因数为，重力加速度为g，A、B 处于静止状态。某时刻给 B 一向右的瞬时冲量I，为使 A 可以从 B 上掉下，冲量I的最小值为（）AmgL B2mgL C2mgL D22mgL 3、欧姆在探索通过导体的电流和电压、电阻关系时由于无电源和电流表，他

3、就利用金属在冷水和热水中产生电动势代替电源，用小磁针的偏转检测电流，具体做法是：在地磁场作用下处于水平静止的小磁针上方，平行于小磁针水平放置一直导线，当该导线中通有电流时，小磁针会发生偏转；当通过该导线的电流为 I 时，小磁针偏转了 30，则当他发现小磁针偏转了 60时，通过该直导线的电流为（已知直导线在某点产生的磁场与通过直导线的电流成正比）（）A2I B3I C2I D3I 4、体育课上，身高相同的a、b两位同学比赛跳高，a同学采用跨越式，b同学采用背越式，结果两同学的成绩相同，不计空气阻力。则下列分析正确的是（）Aa同学跳高过程中克服重力做的功较多 Ba同学在最高点时的速度为 0 Cb同

4、学腾空过程用时较长 Db同学起跳过程中先超重后失重 5、中国自主研发的世界首座具有第四代核电特征的核电站华能石岛湾高温气冷堆核电站，位于山东省威海市荣成石岛湾。目前核电站使用的核燃料基本都是浓缩铀，有一种典型的铀核裂变方程是23592Ux14456Ba8936Kr3x。下列关于 x 的说法正确的是（）Ax 是 粒子，具有很强的电离本领 Bx 是 粒子，穿透能力比较弱 Cx 是中子，中子是卢瑟福通过实验最先发现的 Dx 是中子，中子是查德威克通过实验最先发现的 6、如图所示，水平地面上堆放着原木，关于原木 P 在支撑点 M、N 处受力的方向，下列说法正确的是()AM 处受到的支持力竖直向上 BN

5、 处受到的支持力竖直向上 CM 处受到的静摩擦力沿 MN 方向 DN 处受到的静摩擦力沿水平方向 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、如图所示，比荷为k的粒子从静止开始，经加速电场 U 加速后进入辐向的电场 E 进行第一次筛选，在辐向电场中粒子做半径为R的匀速圆周运动，经过无场区从小孔1P处垂直边界进入垂直纸面向外的匀强磁场B中进行第二次筛选，在与2O距离为d小孔2P垂直边界射出并被收集。已知静电分析器和磁分析器界面均为四分之一圆弧，以下叙述正

6、确的是（）A静电分析器中1K的电势高于2K的电势 B被收集的带电粒子一定带正电 C电场强度 E 与磁感应强度 B 的比值关系为2ERkUBd D若增大 U，为保证 B 不变，则被收集粒子的k比原来大 8、三个质量相同的物体 A、B、C 如图所示放置在光滑的水平面上，斜劈 A 的倾角为，B 的上表面水平，现对 A 施加水平向左的力F，三个物体相对静止一起向左匀加速运动，重力加速度为g，下列说法正确的是（）AB、C 间的摩擦力大小为13F BA、B 间的摩擦力大小为12sincos3mgF C若 A、B 间，B、C 间动摩擦因数相同，则F逐渐增大，A、B 间先滑动 D若 A、B 间，B、C 间动摩

7、擦因数相同，则F逐渐增大，B、C 间先滑动 9、如图甲所示，水平地面上有足够长平板车 M，车上放一物块 m，开始时 M、m 均静止。t=0 时，车在外力作用下开始沿水平面向右运动，其 v-t 图像如图乙所示，已知物块与平板车间的动摩擦因数为 0.2，取 g=10m/s2。下列说法正确的是（）A0-6s 内，m 的加速度一直保持不变 Bm 相对 M 滑动的时间为 3s C0-6s 内，m 相对 M 滑动的位移的大小为 4m D0-6s 内，m、M 相对地面的位移大小之比为 3：4 10、关于电磁波，下列说法正确的是（）A麦克斯韦第一次用实验证实了电磁波的存在 B非均匀周期性变化的电场和磁场可以相

8、互激发，形成电磁波 C手摇动用丝绸摩擦过的玻璃棒，在空气中产生电磁波，只能沿着摇动的方向传播 D频率在 200MHz1000MHz 内的雷达发射的电磁波，波长范围在 0.3m1.5m 之间 E.根据多普勒效应可以判断遥远天体相对于地球的运动速度 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）某同学改装和校准电压表的电路如图所示，图中虚线框内是电压表的改装电路所用电池的电动势E为20V，内阻r为20（Er、均保持不变）。(1)已知表头 G 满偏电流为100A，表头上标记的内阻值为121350,R R和3R是定值电阻，利用1R和表头构

9、成量程为1mA的电流表，然后再将其改装为两个量程的电压表。若使用ab、两个接线柱，电压表的量程为3V；若使用ac、两个接线柱，电压表的量程为15V。则定值电阻的阻值为1R _，2,R_，3R _。(2)用量程为3V，内阻为2500的标准电压表V对改装表3V挡的不同刻度进行校准。滑动变阻器R有两种规格，最大阻值分别为50和5000。为了方便实验中调节电压，图中R应选用最大阻值为_的滑动变阻器。校准时，在闭合开关S前，滑动变阻器的滑片P应靠近端_（填“M”或“N”）。(3)在3V挡校对电路中，开关全部闭合，在保证电路安全前提下让滑片P从M端缓慢向N端滑动的过程中，表头G的示数_，电源的输出功率_，

10、电源的效率_（填变化情况）。(4)若表头G上标记的内阻值不准，表头G内阻的真实值小于1350，则改装后电压表的读数比标准电压表的读数_（填“偏大”或“编小”）。12（12 分）某小组利用图甲所示的电路进行“测电池的电动势和内阻”的实验，实验的操作过程为：闭合开关，读出电流表的示数 I 和电阻箱的阻值 R；改变电阻箱的阻值，记录多组 R、I 的值，并求出IR的值，填写在如下表格中。(1)根据实验数据在坐标系中描出坐标点，如图乙所示，请在坐标系中作出图象_；(2)由图象求得电池的电动势E _V，内阻r _；（结果均保留两位小数）(3)上述方案中，若考虑电流表内阻对测量的影响，则电动势 E 的测量值

11、_真实值，内阻 r 的测量值_真实值。（均选填“大于”、“等于”或“小于”）四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图所示，半径均为1mR 的光滑圆弧轨道AB与BC在B点平滑连接，固定在竖直面内，A端与固定水平直杆平滑连接，两段圆弧所对的圆心角均为 60，一个质量为1kgm 的圆环套在直杆上，静止在P点，PA间的距离为1ml，圆环与水平直杆间的动摩擦因数0.5，现给圆环施加一个水平向右的恒定拉力F，使圆环向右运动，圆环运动到B点时撤去拉力，结果圆环到达C点时与圆弧轨道间的作用力恰好为零，重力加速度2

12、10m/sg，求：(1)拉力F的大小；(2)若不给圆环施加拉力，而是在P点给圆环一个初速度0v，结果圆环从C点滑出后，下落1mR 高度时的位置离2O点距离也为R，初速度0v应是多大。14（16 分）倾角为的斜面与足够长的光滑水平面在 D 处平滑连接，斜面上 AB 的长度为 3L，BC、CD 的长度均为3.5L，BC 部分粗糙，其余部分光滑。如图，4 个“”形小滑块工件紧挨在一起排在斜面上，从下往上依次标为 1、2、3、4，滑块上长为 L 的轻杆与斜面平行并与上一个滑块接触但不粘连，滑块 1 恰好在 A 处。现将 4 个滑块一起由静止释放，设滑块经过 D 处时无机械能损失，轻杆不会与斜面相碰。已

13、知每个滑块的质量为 m 并可视为质点，滑块与粗糙面间的动摩擦因数为tan，重力加速度为 g。求 （1）滑块 1 刚进入 BC 时，滑块 1 上的轻杆所受到的压力大小；（2）4 个滑块全部滑上水平面后，相邻滑块之间的距离。15（12 分）如图，两根相距 l=0.4m 的平行金属导轨 OC、OC水平放置。两根导轨右端 O、O连接着与水平面垂直的光滑平行导轨 OD、OD，两根与导轨垂直的金属杆 M、N 被放置在导轨上，并且始终与导轨保持保持良好电接触。M、N 的质量均为 m=0.2kg，电阻均为 R=0.4，N 杆与水平导轨间的动摩擦因数为=0.1。整个空间存在水平向左的匀强磁场，磁感应强度为 B=

14、0.5T。现给 N 杆一水平向左的初速度 v0=3m/s，同时给 M 杆一竖直方向的拉力 F，使 M杆由静止开始向下做加速度为 aM=2m/s2的匀加速运动。导轨电阻不计，（g 取 10m/s2）。求：(1)t=1s 时，N 杆上通过的电流强度大小；(2)求 M 杆下滑过程中，外力 F 与时间 t 的函数关系；（规定竖直向上为正方向）(3)已知 N 杆停止运动时，M 仍在竖直轨道上，求 M 杆运动的位移；(4)在 N 杆在水平面上运动直到停止的过程中，已知外力 F 做功为11.1J，求系统产生的总热量。参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个

15、选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】关卡刚放行时，该同学加速的时间 1svta 运动的距离为 2112m2xat 然后以4m/s的速度匀速运动，经3s运动的距离为12m，因此第 1 个4s运动距离为14m，过了关卡 2；到关卡 3 需再用 28140.5s4t 小于关卡关闭时间2s，从开始运动至运动到关卡 3 前共用时 4.5sttt 总 而运动到第4s时，关卡关闭，不能过关卡 3，因此最先被挡在关卡 3 前。故选 B 2、B【解析】设 B 获得冲量后瞬间速度为0v，物块掉下来的临界条件是 A 刚好到达边缘时两者共速，根据动量守恒 02mvmv 根据能量守恒 22011222mgL

16、mvmv 解得：02vgL 根据动量定理，冲量最小值 min02ImvmgL 故 B 正确，ACD 错误。故选：B。3、B【解析】小磁针的指向是地磁场和电流磁场的合磁场方向，设地磁场磁感应强度为 B地，电流磁场磁感应强度为 B电=kI，由题意知二者方向相互垂直，小磁针在磁场中静止时所指的方向表示该点的合磁场方向，则有 kI=B地tan30，kI=B地tan60，所以 I=3I.A.2I，与结论不相符，选项 A 错误；B.3I，与结论相符，选项 B 正确；C.2I，与结论不相符，选项 C 错误；D.3I，与结论不相符，选项 D 错误；4、D【解析】A因两同学的质量关系不知，所以无法比较两人克服重

17、力做功的多少，故 A 错误；B两同学在最高点时都有水平方向的速度，故 B 错误；Ca同学是跨越式，重心上升的位移较大，所以a同学腾空过程用时较长，故 C 错误；Db走跳过程中人的重心向上先加速后减速，所以加速度先向上后向下，即先超重后失重，故 D 正确。故选 D。5、D【解析】AB根据该反应的特点可知，该核反应属于重核裂变，根据核反应方程的质量数守恒和电荷数守恒可知，x 为中子，故 AB 错误；CD根据物理学史可知，卢瑟福发现了质子，预言了中子的存在，中子是查德威克通过实验最先发现的，故 C 错误，D 正确。故选 D。6、A【解析】M 处受到的支持力的方向与地面垂直向上，即竖直向上，故 A 正

18、确；N 处受到的支持力的方向与原木 P 垂直向上，不是竖直向上，故 B 错误；原木相对于地有向左运动的趋势，则在 M 处受到的摩擦力沿地面向右，故 C 错误；因原木 P有沿原木向下的运动趋势，所以 N 处受到的摩擦力沿 MN 方向，故 D 错误故选 A 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、BD【解析】AB.粒子在磁场内做匀速圆周运动，磁场区域的磁感应强度垂直纸面向外，由左手定则可以判断出粒子一定带正电。在辐向电场中，电场力提供粒子做匀速圆周运动

19、的向心力，可以判断出2K的电势高于1K的电势。故 A 错误，B 正确；C.粒子经加速电场加速 212qUmv 在电场中做匀速圆周运动 2vqEmR 在磁场中做匀速圆周运动 2vqvBmd 经计算可知 2EdkUBR 故 C 错误；D.联立 C 项各式可得：122ERUBdkdkU 为保证 B 不变，U增大时，则k增大，故 D 正确。故选：BD。8、AC【解析】A对整体分析，根据牛顿第二定律可得 3Fma 解得3Fa，以 C 为研究对象，水平方向根据牛顿第二定律可得 Fma 解得 B C 间的摩擦力大小为13fF，故 A 正确。BB 和 C 的加速度方向向左，大小为3Fa，则 B 和 C 沿斜面

20、向上的加速度为cosa，以 BC 为研究对象，沿斜面向上根据牛顿第二定律可得 2sin2cosfmgma 所以 22sincos3fmgF 故 B 错误。CD若 BC 间恰好打滑，则加速度ag，此时 A 和 B 间的摩擦力为 2sin2cosABfmgmg 2cosABfmg 说明此时 A 和 B 已经滑动，所以动摩擦因数相同，则 F 逐渐增大，AB 间先滑动，故 C 正确、D 错误。故选 AC。9、BD【解析】AB物块相对于平板车滑动时的加速度 22m/smgagm 若其加速度一直不变，速度时间图像如图所示 有图像可以算出 t=3s 时，速度相等，为 6m/s。由于平板车减速阶段的加速度大小

21、为 2218m/s2m/s62aa 故二者等速后相对静止，物块的加速度大小不变，方向改变。物块相对平板车滑动的时间为 3s。故 A 错误，B 正确；C有图像可知，0-6s 内，物块相对平板车滑动的位移的大小 18612 8m1m3 6m=6m222x 故 C 错误；D0-6s 内，有图像可知，物块相对地面的位移大小 116 6m=18m2x 平板车相对地面的位移大小 216 8m=24m2x 二者之比为 3：4，故 D 正确。故选 BD。10、BDE【解析】A.麦克斯韦预言了电磁波的存在，是赫兹第一次用实验证实了电磁波的存在，故 A 错误；B.非均匀周期性变化的磁场产生非均匀周期性变化电场，非

22、均匀周期性变化的电场产生非均匀周期性变化磁场，相互激发，形成电磁波。故 B 正确；C.电磁波产生后，可以在任意方向传播，故 C 错误；D.根据cv，电磁波频率在 200MHz 至 1000MHz 的范围内，则电磁波的波长范围在 0.3m 至 1.5m 之间，故 D 正确；E.由于波源与接受者的相对位置的改变，而导致接受频率的变化，称为多普勒效应，所以可以判断遥远天体相对于地球的运动速度，故 E 正确。故选：BDE。三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、150 2865 1200 50 M 增大 增大 减小 偏大 【解析】(1)1电

23、阻1R与表头 G 并联，改装成量程为1mA的电流表，表头满偏电流为100A，此时通过电阻1R的电流为900A，由并联分流规律可知 1900100gRR 得 1150R 改装后电流表内阻 AgAAg135R RRRR 2将其与2R串联改装为3V的电压表由欧姆定律可知，3V量程电压表的内阻 A2333k1 10RR 解得 22865R 3再串联3R改装为15V量程电压表，3R所分电压为12V，所以 331212k1 10R (2)4在校准电路中，滑动变阻器采用分压式接法，故选用最大阻值较小的滑动变阻器，即选用最大阻值为50的滑动变阻器；5电源电动势20VE 远大于电压表量程，所以闭合开关前应使滑片

24、靠近M端，使电压表在接通电路时两端电压由较小值开始增大(3)6滑片由M向N滑动过程中，电压表两端电压逐渐增大，通过表头的电流增大，即示数增大 7随滑片由M向N滑动，外电路的总电阻始终大于电源内阻且逐渐减小，所以电源的输出功率增大；8由 ErUErR总 可知，路端电压随外电路总电阻减小而减小，电源效率100%UE，所以电源的效率减小(4)9电压表两端电压一定，若内阻值偏小，则通过表头G的电流偏大，从而造成读数偏大的后果。12、3.850.05 5.850.20 等于 大于 【解析】(1)1图象如图所示。(2)23根据闭合电路欧姆定律可得 EIRIr 变形为 IREIr 由图象可得(3.850.0

25、5)VE 5.85(0.20)r(3)45若考虑电流表内阻对测量的影响，则表达式变为 A()IREI rR 因此，电动势的测量无误差，即电动势 E 的测量值等于真实值，但是内阻测量偏大，即内阻 r 的测量值大于真实值。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)40(23)N；(2)35m/s【解析】(1)圆环到C点时对轨道的压力恰好为零，设到C点的速度大小为1v，则 21mvmgR 可得 1vgR 根据动能定理 211(sin60)2F lRmgRmglmv 求得拉力的大小 40(23)NF (2)圆环从C

26、点抛出后，下落R高度时的位置离C点水平距离为R，设在C点的速度为2v，则 212Rgt 2Rv t 求得 222gRv 从P到C根据动能定理有 22201122mglmgRmvmv 求得 0735m/s2vgR 14、（1）3sin4Fmg（2）43dL【解析】（1）以 4 个滑块为研究对象，设第一个滑块刚进 BC 段时，4 个滑块的加速度为 a，由牛顿第二定律：4sincos4mgmgma 以滑块 1 为研究对象，设刚进入 BC 段时，轻杆受到的压力为 F，由牛顿第二定律：sincosFmgmgma 已知tan 联立可得：3sin4Fmg（2）设 4 个滑块完全进入粗糙段时，也即第 4 个滑

27、块刚进入 BC 时，滑块的共同速度为 v 这个过程，4 个滑块向下移动了 6L 的距离，1、2、3 滑块在粗糙段向下移动的距离分别为 3L、2L、L，由动能定理，有：214sin6cos32)4 v2mgLmgLLLm（可得：v3singL 由于动摩擦因数为tan，则 4 个滑块都进入 BC 段后，所受合外力为 0，各滑块均以速度 v 做匀速运动；第 1 个滑块离开 BC 后做匀加速下滑，设到达 D 处时速度为 v1，由动能定理：22111sin3.5vv22mgLmm 可得：1v4singL 当第 1 个滑块到达 BC 边缘刚要离开粗糙段时，第 2 个滑块正以 v 的速度匀速向下运动，且运动

28、 L 距离后离开粗糙段，依次类推，直到第 4 个滑块离开粗糙段。由此可知，相邻两个滑块到达 BC 段边缘的时间差为vLt，因此到达水平面的时间差也为vLt 所以滑块在水平面上的间距为1vdt 联立解得43dL 15、（1）0.5A（2）F=1.60.1t（3）7.84m（4）2.344J【解析】(1)M杆的速度：2 1m/s2m/sMva t 感应电流：0.5 0.420.5AA222 0.4EBLvIRR(2)对M杆，根据牛顿第二定律：MmgFBIlma Mva t 整理得：2MMBla tFmgmaBlR 解得：1.60.1Ft(3)对N杆，由牛顿第二定律得：()2MNBla tmgBlmaR 可得：2 22MNB l a tagmR 解得：10.05Nat 可做Nat图 可得：0001(10.05)vtt 解得：02.8st 位移：220112 2.87.84m2m2Msat (4)对M杆，则有：2102MFMmgSWWmv安 解得：1.444JIWQ安 对N杆，则有：220110.2 3 J0.9J22fWmv 总热量：1.4440.9J2.344JIfQQW总