2023届大连育明中学高三考前热身物理试卷含解析.pdf

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1、2023 年高考物理模拟试卷 注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用 2B 铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用 2B 铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答

2、题卡一并交回。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，A、B 两小球静止在光滑水平面上，用轻弹簧相连接，A 球的质量小于 B 球的质量若用锤子敲击 A 球使 A 得到 v 的速度，弹簧压缩到最短时的长度为 L1；若用锤子敲击 B 球使 B 得到 v 的速度，弹簧压缩到最短时的长度为 L2，则 L1与 L2的大小关系为()AL1L2 BL1L2 CL1L2 D不能确定 2、一弹簧振子作简谐振动，某一时刻开始计时，经34T振子具有负方向最大加速度。则下列振动图像中正确反映振子振动情况的是（）A B C D 3

3、、如图，在研究功与内能改变的关系时，将一小块易燃物放在厚玻璃筒底部，用力向下压活塞，可以将易燃物点燃。关于该实验，下列说法正确的是（）A筒内气体，在被压缩的同时从外界迅速吸收热量，导致气体温度升高 B只要最终筒内气体压强足够大，筒内易燃物就会被点燃 C若实验中易燃物被点燃，是活塞与筒壁间摩擦生热导致的 D该实验成功的关键是向下压活塞的力要大，速度要快 4、2018 年 12 月 8 日 2 时 23 分，我国成功发射“嫦娥四号”探测器。“嫦娥四号”探测器经历地月转移、近月制动、环月飞行,最终于 2019 年 1 月 3 日 10 时 26 分实现人类首次月球背面软着陆。假设“嫦娥四号在环月圆轨

4、道和椭圆轨道上运动时，只受到月球的万有引力，则有关“嫦娥四号”的说法中不正确的是（）A由地月转移轨道进人环月轨道，可以通过点火减速的方法实现 B在减速着陆过程中,其引力势能逐渐减小 C嫦娥四号分别在绕地球的椭圆轨道和环月椭圆轨道上运行时，半长轴的三次方与周期的平方比不相同 D若知其环月圆轨道距月球表面的高度、运行周期和引力常量,则可算出月球的密度 5、对于一定质量的理想气体，下列说法正确的是（）A若体积不变、温度升高，则每个气体分子热运动的速率都增大 B若体积减小、温度不变，则器壁单位面积受气体分子的碰撞力不变 C若体积不变、温度降低，则气体分子密集程度不变，压强可能不变 D若体积减小、温度不

5、变，则气体分子密集程度增大，压强一定增大 6、如图所示，OAB 为四分之一圆柱体的竖直截面，半径为 R，在 B 点上方的 C 点水平抛出一个小球，小球轨迹恰好在 D 点与圆柱体相切，OD 与 OB 的夹角为 53，则 C 点到 B 点的距离为（sin530.8，cos530.6）（）A415R B215R C2R D3R 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、如图所示，某空间存在一竖直方向的电场，其中的一条电场线如图甲所示，一个质量为 m。电荷量

6、为 q 的带正电小球，从电场线中 O 点由静止开始沿电场线竖直向上运动 x1的过程中，以 O 为坐标原点，取竖直向上为 x 轴的正方向，小球运动时电势能 与位移 x 的关系如图乙所示，运动忽略空气阻力，则（）A沿 x 轴正方向的电场强度大小可能增加 B从 O 运动到 x1的过程中，如果小球的速度先增后减，则加速度一定先减后增 C从 O 点运动 x1的过程中，每经过相等的位移，小球机械能的增加变少 D小球运动位移 x1时，小球速度的大小为0112(-)mgxm 8、如图所示，平行板电容器带电后，静电计的指针偏转一定角度。若不改变电容器的带电量，下列操作可能使静电计指针的偏转角度变小的是（）A将左

7、极板向左移动少许，同时在两极板之间插入电介质 B将左极板向左移动少许，同时取出两极板之间的金属板 C将左极板向左移动少许，同时在两极板之间插入金属板 D将左极板向下移动少许，同时取出两极板之间的电介质 9、关于固体、液体和物态变化，下列说法正确的是（）A当液体与固体接触时，如果附着层内分子间的作用表现为斥力，这样的液体与固体间就表现为浸润 B当人们感到潮湿时，空气的绝对湿度一定较大 C晶体一定具有规则的几何外形 D液体表面张力有使其表面积收缩到最小的趋势 E.饱和汽压与液体的温度有关，水的饱和汽压随温度的升高而增大 10、如图所示，甲、乙、丙是绕地球做匀速圆周运动的 3 艘飞船，下列说法正确的

8、是（）A丙开动发动机向后瞬时喷气后，其势能不变 B丙开动发动机向后瞬时喷气后的一段时间内，可能沿原轨道追上同一轨道上的乙 C甲受稀薄气体的阻力作用后，其动能增大、势能减小 D甲受稀薄气体的阻力作用后，阻力做功大小与引力做功大小相等 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）某同学要测定电阻约为 200 的圆柱形金属材料的电阻率，实验室提供了以下器材：待测圆柱形金属 Rx；电池组 E（电动势 6V，内阻忽略不计）；电流表 A1（量程 030mA，内阻约 100）；电流表 A2（量程 0600A，内阻 2000）；滑动变阻器 R1

9、（阻值范围 010，额定电流 1A）电阻箱 R2（阻值范围 09999，额定电流 1A）开关一个，导线若干。(1)先用螺旋测徽器测出该金属材料的截面直径，如图甲所示，则直径为_mm，然后用游标卡尺测出该金属材料的长度，如图乙所示，则长度为_cm。(2)将电流表 A2与电阻箱串联，改装成一个量程为 6V 的电压表，则电阻箱接入电路的阻值为_。(3)在如图内所示的方框中画出实验电路图，注意在图中标明所用器材的代号_。(4)调节滑动变阻器滑片，测得多组电流表 A1、A2的示数 I1、I2，作出 I2-I1图像如图丁所示，求得图线的斜率为 k=0.0205，则该金属材料的电阻 Rx=_。（结果保留三位

10、有效数字）(5)该金属材料电阻率的测量值_（填“大于”“等于”或“小于”）它的真实值。12（12 分）在研究“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，提供有以下器材：A电压表 V1（05V）B电压表 V2（015V）C电流表 A1（050mA）D电流表 A2（0500mA）E滑动变阻器 R1（060）F滑动变阻器 R2（02k）G直流电源 E H开关 S 及导线若干 I小灯泡（U额=5V）某组同学连接完电路后，闭合电键，将滑动变阻器滑片从一端移到另外一端，移动过程中发现小灯未曾烧坏，记录多组小灯两端电压 U 和通过小灯的电流 I 数据（包括滑片处于两个端点时 U、I 数据），根据记录的全部数据做出

11、的 UI 关系图象如图甲所示：（1）根据实验结果在图乙虚线框内画出该组同学的实验电路图_；（2）根据实验结果判断得出实验中选用：电压表_（选填器材代号“A”或“B”），电流表_（选填器材代号“C”或“D”），滑动变阻器_（选填器材代号“E”或“F”）；（3）根据图甲信息得出器材 G 中的直流电源电动势为_V，内阻为_；（4）将两个该型号小灯泡串联后直接与器材 G 中的直流电源 E 相连，则每个小灯消耗的实际功率为_W。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）在地面上方足够高的地方，存在一个高度 d0.

12、5m 的“相互作用区域”(下图中画有虚线的部分)一个小圆环 A 套在一根均匀直杆 B 上，A 和 B 的质量均为 m，若它们之间发生相对滑动时，会产生 Ff0.5mg 的摩擦力。开始时 A 处于 B 的最下端，B 竖直放置，A 距“相互作用区域”的高度 h0.8m，让 A 和 B 一起从静止开始下落，只要 A处于“相互作用区域”就会受到竖直向上、大小 F3mg 的恒力作用，而“相互作用区域”对处于其中的杆 B 不产生作用力。杆 B 在下落过程中始终保持竖直，且杆的长度能够保证圆环 A 与杆不会分离。不计空气阻力，取 g10 m/s2.求：(1)杆 B 的最下端刚进人“相互作用区域”时的速度大小

13、；(2)圆环 A 通过“相互作用区域”所用的时间；(3)为保证圆环 A 在空中运动过程中始终与杆不会分离，杆的最小长度。14（16 分）质量为m的物块，以同一大小的初速度0v沿不同倾角的斜面向上滑动，物块与斜面间的动摩擦因数恒定，当斜面与水平面所夹倾角不同时，物块沿斜面上滑至速度为 0 时的位移x也不同，其x关系如图所示。g取210m/s，求：(1)物块运动初速度0v的大小；(2)物块与斜面间的动摩擦因数及最小上滑位移对应的斜面倾角0（可用反三角函数表示）。15（12 分）图中 MN 和 PQ 为竖直方向的两个无限长的平行直金属导轨，间距为 L，电阻不计导轨所在平面与磁感应强度为 B 的匀强磁

14、场垂直质量为 m、电阻为 r 的金属杆 ab 始终垂直于导轨，并与其保持光滑接触，导轨一端接有阻值为 R 的电阻由静止释放导体棒 ab，重力加速度为 g（1）在下滑加速过程中，当速度为 v 时棒的加速度是多大；（2）导体棒能够达到的最大速度为多大；（3）设 ab 下降的高度为 h，求此过程中通过电阻 R 的电量是多少？参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】若用锤子敲击 A 球，两球组成的系统动量守恒，当弹簧最短时，两者共速，则 mAv(mAmB)v 解得 vAABm vmm 弹性势能最大，最大

15、为 Ep12mAv212(mAmB)v2=若用锤子敲击 B 球，同理可得 mBv(mAmB)v 解得 vBABm vmm 弹性势能最大为 Ep12mBv212(mAmB)v222()ABABm m vmm 即两种情况下弹簧压缩最短时，弹性势能相等，故 L1L2 故 C 正确。故选 C。2、C【解析】简谐振动的回复力：Fkx，故加速度：Fkxamm，经34T周期振子具有负方向的最大加速度，此时振子有正方向的最大位移；AA 图在34T周期时振子有负向最大位移，A 错误；BB 图在34T周期时振子位移为零，B 错误；CC 图在34T周期时振子有负向最大位移，C 正确；DD 图在34T周期时振子位移为

16、零，D 错误。故选 C。3、D【解析】A筒内气体在被压缩时外界对气体做功，导致气体温度升高，由于是迅速被压缩，从外界吸收热量很少，选项 A 错误；B易燃物能否被点燃与筒内气体的压强大小无关，选项 B 错误；C压缩气体时，活塞与筒壁间摩擦生热很少，不至于把易燃物点燃，选项 C 错误；D该实验成功的关键是向下压活塞的力要大，速度要快，即使气体快速被压缩，与外界绝热，才能使气体内能迅速增大，温度升高，选项 D 正确。故选 D。4、D【解析】A“嫦娥四号”由地月转移轨道进入环月轨道，需点火减速，使得万有引力大于向心力，做近心运动，故 A 正确；B在减速着陆过程中，万有引力做正功，根据功能关系可知，引力

17、势能减小，故 B 正确；C根据开普勒第三定律可知，半长轴的三次方与周期的平方的比值是与中心天体质量有关的量，“嫦娥四号”分别在绕地球的椭圆轨道和环月椭圆轨道上运行时，中心天体不同，半长轴的三次方与周期的平方比不相同，故 C 正确；D已知“嫦娥四号”环月段圆轨道距月球表面的高度，运动周期和引力常量，但不知道月球的半径，无法得出月球的密度，故 D 错误；说法中不正确的，故选 D。5、D【解析】A温度升高，气体分子的平均动能增大，但并不是气体中每个分子的速率都增大，也有个别速度减小的，故 A 错误；BD对于一定质量的理想气体，体积减小，分子密集程度增大。理想气体质量一定时，满足pVT常量=，若体积减

18、小、温度不变，则压强增大，故器壁单位面积受气体分子的碰撞力会增大，故 B 错误，D 正确；C同理可分析，体积不变、温度降低，气体的压强会变小，故 C 错误；故选 D。6、B【解析】由题意知得：小球通过 D 点时速度与圆柱体相切，则有 vy=v0tan53 小球从 C 到 D，水平方向有 Rsin53=v0t 竖直方向上有 2yvyt 联立解得 815yR 根据几何关系得，C 点到 B 点的距离 215315CByyRcosR（）故 B 正确，ACD 错误。故选 B。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得

19、 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、BC【解析】A电势能与位移 x 的图象-x 图象的斜率的绝对值x表示小球所受电场力的大小，由图乙可知图象沿 x 轴正方向的斜率越来越小，说明小球所受电场力沿 x 轴越来越小，即沿 x 轴正方向的电场强度大小一直减小，故 A 错误；B从 O 运动 x1的过程中，如果小球的速度先增后减，说明开始时小球所受电场力 F 大于重力 mg 向上做加速运动，后来电场力小于重力，向上做减速运动。当加速运动时，根据牛顿第二定律可得加速度 Fmgam 因为 F 逐渐减小，故 a 逐渐减小。当向上减速运动时，有 mgFam 因为 F 逐渐减小，故 a逐渐增大

20、。所以从 O 运动 x1的过程中，如果小球的速度先增后减，加速度一定是先减后增，故 B 正确；C根据能的转化和守恒定律可知，在小球向上运动的过程中电场力做正功，电势能减小，减小的电势能转化为机械能。由图乙可知从 O 点运动 x1的过程中，每经过相等的位移，小球所受电场力逐渐减小，则电势能减小的越来越少，则小球机械能的增加变少，故 C 正确；D规定 O 点所在的水平面为零重力势能面，设小球运动位移 x1时的速度为 v，根据能量守恒定律得 01+mgx1+12mv2 解得 0112()mgxvm 故 D 错误。故选 BC。8、AC【解析】A将左极板向左移动少许，则 d 变大，同时在两极板之间插入电

21、介质，则 变大，根据4SCkd可知 C 可能变大，根据 Q=CU 可知，U 可能减小，即静电计指针的偏转角度可能变小，选项 A 正确；B将左极板向左移动少许，则 d 变大，同时取出两极板之间的金属板，则也相当于 d 变大，根据4SCkd可知 C一定变小，根据 Q=CU 可知，U 变大，即静电计指针的偏转角度变大，选项 B 错误；C将左极板向左移动少许，则 d 变大，同时在两极板之间插入金属板，则相当于 d 又变小，则总体来说可能 d 减小，根据4SCkd可知 C 可能变大，根据 Q=CU 可知，U 变小，即静电计指针的偏转角度可能变小，选项 C 正确；D将左极板向下移动少许，则 S 减小，同时

22、取出两极板之间的电介质，则 变小，根据4SCkd可知 C 一定减小，根据 Q=CU 可知，U 变大，即静电计指针的偏转角度一定变大，选项 D 错误；故选 AC。9、ADE【解析】A.液体对固体的浸润，则分子间距小于液体内部，则液面分子间表现为斥力，液面呈现凹形，表面有扩张的趋势，故A 正确；B.当人们感到潮湿时，是因为空气的相对湿度较大，而绝对湿度的大小无法确定，故 B 错误；C.单晶体一定具有规则的几何外形，多晶体不一定具有规则的几何外形，故 C 错误；D.液体表面分子间距较大，故有张力，使其表面积有收缩到最小的趋势，故 D 正确；E.饱和汽压与液体种类和温度有关，水的饱和汽压随温度的升高而

23、增大，故 E 正确。故选 ADE。10、AC【解析】A丙向后瞬时喷气后，速度增大，但位置尚未变化，其势能不变，选项 A 正确；。B综合应用牛顿第二定律、功和能的推论。丙飞船向后瞬时喷气后速度增大，之后离开原来轨道，轨道半径变大，不可能沿原轨道追上同一轨道上的乙，选项 B 错误；CD甲受稀薄气体的阻力作用时，甲轨道半径缓慢减小，做半径减小的圆周运动，由GMvr可知其动能增大、势能减小、机械能减小，由动能定理可知GfkWWE，即此过程中有阻力做功大小小于引力做功大小，选项 C 正确，D 错误；故选 AC.三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程

24、。11、9.203 10.405 8000 209 等于 【解析】(1)12根据螺旋测微器读数规则，固定刻度读数为 9mm，可动刻度部分读数为 20.30.01mm，所以金属材料的直径为 d=9mm+0.203mm=9.203mm；根据游标卡尺读数规则，金属材料的长度 L=10.4cm+0.005cm=10.405cm。(2)3改装后电压表量程为 U=6V，由 I2g（r2g+R2)=U 解得 R2=8000 即电阻箱接入电路的阻值为 8000。(3)4由于待测电阻的阻值远大于滑动变阻器的阻值，所以需要设计成滑动变阻器分压接法，将电阻箱与电流表 A2串联后并联在待测电阻两端，由于改装后的电压表

25、内阻已知，所以采用电流表外接法。(4)5由并联电路规律可得 I2（r2g+R2)=(I1-I2）Rx 变形得 2122xgxRIIrRR 由 220.0205xgxRkrRR 解得金属材料的电阻 Rx=209。(5)6由于测量电路无系统误差，金属材料的电阻测量值等于真实值，可知金属材料的电阻率测量值等于真实值。12、B D E 8 10 0.56 【解析】（1）1 从图甲可知，将滑动变阻器滑片从一端移到另外一端过程中电表的示数不是从 0 开始的，因此滑动变阻器采用的不是分压接法，而是限流接法；从图甲可知，小灯泡的电阻为 1030，阻值较小，因此电流表采用外接法，作出的实验电路图如图所示：（2）

26、2 3 4从图甲可知，记录的全部数据中小灯两端电压 U 最大为 6V，因此电压表的量程需要选择 15V，故电压表选 B；通过小灯的电流 I 最大为：0.2A=200mA，故电流表的量程需要选择 500mA，故电流表选 D；电路采用滑动变阻器限流接法，为了便于实验操作，滑动变阻器应选小阻值的，故滑动变阻器选 E；（3）5 6从图甲可知，当滑动变阻器接入电阻为 0 时，小灯两端电压 U1最大为 6V，通过小灯的电流 I1最大为 0.2A，则此时小灯电阻 RL=11UI=30 由闭合电路欧姆定律有 1LEIRr 当滑动变阻器接入电阻为 R2=60 时，小灯两端电压 U2最小为 1V，通过小灯的电流

27、I2最小为 0.1A，则此时小灯电阻 RL=22UI=10 由闭合电路欧姆定律有 22LEIRRr 解得电源电动势 E=8V，内阻 r=10；（4）7将两个该型号小灯泡串联后直接与器材 G 中的直流电源 E 相连，根据闭合电路欧姆定律，有 E=2U+Ir 解得 U=45I 作出此时的 UI 图象如图所示：图中交点 I=0.18A，U=3.1V，即通过每个灯泡的电流为 0.18A，每个灯泡的电压为 3.1V，故每个小灯消耗的实际功率 P=0.18A3.1V0.56W（由于交点读数存在误差，因此在 0.55W0.59W 范围内均对）四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定

28、的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)4.0m/s(2)0.2s(3)1.2m【解析】(1)设 A 和 B 共同静止下落至“相互作用区域”的速度为 v1，则21v2gh，代入数据得 v14.0m/s(2)A 在“相互作用区域”运动时，A 受到重力 mg、滑动摩擦力 Ff和竖上向上的恒力 F 作用，设加速度大小为 aA，运动时间为 t，根据牛顿第二定律有 mgFfFmaA 代入数据得 aA15m/s2 由位移公式有2112Advta t，代入数据解得 t0.2s，t0.33s(不符题意，舍去)(3)设 B 在“相互作用区域”运动的加速度为 aB，A 刚离开“相互作用区域

29、”时，圆环 A 和直杆 B 的速度分别为 vA和 vB，则：mgFfmaB，vBv1aBt，vAv1aAt 代入数据解得 vA1m/s，vB5m/s 此过程二者相对滑动的距离 21112Bsvta td 代入数据解得 s10.4m 设 A 离开“相互作用区域”后二者相对滑动过程的时间为 t，A 的加速度为Aa，则 fAmgFam AABBva tva t 二者相对滑动的距离 22211()22BBAAsv ta tv ta t 代入数据解得 20.4s0.8mts，则杆的最小长度 121.2msss 14、(1)5m/s；(2)33，390arctan3【解析】(1)物块沿斜面向上滑动时，由牛

30、顿第二定律得 sinmgfma 垂直斜面方向，由平衡条件得 NcosFmg 又 NfF 三式联立解得物块的加速度大小为 sincosagg 由 202()0a xv 解得 202 sin2cosvxgg 设 tan 则 20221sin()vxg 当 90 时，x 有最小值，且 20min221vxg 由x关系图象可知 0时 min53m8x 则 20253m821vg 当0时 2053m24vxg 二式联立解得物块与斜面间的动摩擦因数 33 同时解得物块初速度0v的大小为 05m/sv (2)当 90时 0 且 3arctanarctan3 则最小上滑位移对应的斜面倾角为 039090arc

31、tan3 15、（1）22B L vagm Rr;（2）22mg RrvB L；（3）BLhqRr【解析】（1）导体棒受到的安培力 22B L vFBILRr 由牛顿第二定律得 22B L vmgmaRr 解得 22B L vagm Rr 导体棒向下加速运动，速度 v 增大，加速度 a 减小，即导体棒做加速度减小的加速运动，当安培力与重力相等时，导体棒做匀速直线运动；（2）当导体棒做匀速运动时，速度最大，由平衡条件得 22B L vmgRr 解得 22mg RrvB L；（3）由法拉第电磁感应定律得感应电动势的平均值为：BLhEtt 感应电流的平均值为 EIRr 电荷量 qIt 解得 BLhqRr