2023届海南省高考物理全真模拟密押卷含解析.pdf

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1、2023 年高考物理模拟试卷 请考生注意：1请用 2B 铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用 05 毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，一个质量为 m 的铁球处于静止状态，铁球与斜面的接触点为 A,推力 F 的作用线通过球心 O，假设斜面、墙壁均光滑，若让水平推力缓慢增大，在此过程中，下列说法正确的是()A力 F 与墙面对铁球的弹力之差变大 B铁

2、球对斜面的压力缓慢增大 C铁球所受的合力缓慢增大 D斜面对铁球的支持力大小等于cosmg 2、a、b两车在同一车道以24m/s的速度同向匀速直线行驶，a车在前，b车在后，两车相距36m，某时刻（0t）a车突然发现前面有一路障，其后a车运动的速度，时间图象如图所示，3.5s后b车立即刹车，若两车不发生碰撞，则加速度为（）A22m/s B24m/s C26m/s D28m/s 3、太阳系中各行星绕太阳运动的轨道在同一面内。在地球上观测金星与太阳的视角为（金星、太阳与观察者连线的夹角），长时间观察该视角并分析记录数据知，该视角的最小值为 0，最大值为m。若地球和金星绕太阳的运动视为匀速圆周运动，则金

3、星与地球公转周期的比值为（）A23mcos B3m1sin C3msin D3mcos 4、如图，理想变压器的原线圈与二极管一起接在220 2sin100ut（V）的交流电源上，副线圈接有 R=55 的电阻，原、副线圈匝数比为 2：1假设该二极管的正向电阻为零，反向电阻为无穷大，电流表为理想电表。则（）A副线圈的输出功率为 110W B原线圈的输人功率为 1102W C电流表的读数为 1A D副线圈输出的电流方向不变 5、如图甲所示，一质量为 M 的长木板静置于光滑水平面上，其上放置一质量为 m 的小滑块，木板受到随时间 t 变化的水平拉力 F 作用时，用传感器测出其加速度 a，得到如图乙所示

4、的 a-F 图，最大静摩擦力近似等于滑动摩擦力，取g10 m/s2，则下列选项错误的是 A滑块的质量 m4 kg B木板的质量 M2 kg C当 F8 N 时滑块加速度为 2 m/s2 D滑块与木板间动摩擦因数为 0.1 6、如图所示为氢原子的能级图，一个处于基态的氢原子，吸收一个光子受到发后最多可以辐射三种不同率的光子，则被吸收光子的能量为 A10.2eV B12.09ev C12.75eV D13.06eV 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。

5、7、如图所示，两根间距为 L、电阻不计、足够长的光滑平行金属导轨 MN、PQ 水平故置。导轨所在空间存在方向与导轨所在平面垂直、磁感应强度大小为 B 的匀强磁场。平行金属杆 ab、cd 的质量分别为 m1、m2，电阻分别为 R1、R2，长度均为 L，且始终与导轨保持垂直。初始时两金属杆均处于静止状态，相距为 x0。现给金属杆 ab 一水平向右的初速度 v0，一段时间后，两金属杆间距稳定为 x1，下列说法正确的是（）A全属杆 cd 先做匀加速直线运动，后做匀速直线运动 B当全属杆 ab 的加速度大小为 a 时，金属杆 cd 的加速度大小为21m am C在整个过程中通过金属杆 cd 的电荷量为1

6、012BL xxRR D金属杆 ab、cd 运动过程中产生的焦耳热为2121202m m vmm 8、下列说法中正确的有（）A满足 F=kx 的振动是简谐运动 B波可以发生干涉、衍射等现象 C由波速公式 v=f 可知，空气中声波的波速由 f、共同决定 D发生多普勒效应时波的频率发生了变化 E.周期性的振荡电场和振荡磁场彼此交互激发并向远处传播形成电磁波 9、2019 年 8 月 19 日 20 时 03 分 04 秒，我国在西昌卫星发射中心利用长征三号乙增强型火箭发射中星 18 号同步通信卫星，下列说法正确的是（）A中星 18 号同步通信卫星可定位在北京上空 B中星 18 号同步通信卫星的运动

7、周期为 24h C中星 18 号同步通信卫星环绕地球的速度为第一宇宙速度 D中星 18 号同步通信卫星比近地卫星运行角速度小 10、一个静止的放射性原子核处于垂直纸面向里的匀强磁场中，由于发生了某种衰变而形成了如图所示的两个圆形径迹，则（）A该原子核发生了衰变 B该原子核发生了衰变 C打出衰变粒子的反冲核沿小圆逆时针运动 D该原子核的衰变过程结束后，其系统的总质量略有增加 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）某同学要测量一由新材料制成的粗细均匀的圆柱形导体的电阻率。步骤如下：(1)用 20 分度的游标卡尺测量其长度如图（

8、甲）所示，由图可知其长度为_cm；(2)用螺旋测微器测量其直径如图（乙）所示，由图可知其直径为_mm；(3)用图（丙）所示的电路测定其电阻值，其中 Rx是待测的圆柱形导体，R 为电阻箱，电源电动势为 E，其内阻不计。在保证安全的情况下多次调节电阻箱，读出多组电阻箱示数 R 和对应的电压表示数 U，由测得的数据，绘出了如图（丁）所示的1RU图线，电阻 Rx=_（结果保留两位有效数字），此数值与电阻的真实值 R0比较，Rx_R0 (4)根据以上数据计算出圆柱形导体的电阻率=_。12（12 分）小妮同学利用如图甲所示的实验装置验证系统机械能守恒。A、B 是两个质量均为 m 的相同小球，O 为穿过轻杆

9、的固定转轴，C 为固定在支架上的光电门，初始时杆处于水平状态，重力加速度为 g。实验步骤如下(1)用游标卡尺测得小球 B 的直径 d 如图乙所示，则 d=_mm；(2)用毫米刻度尺测得 AO 长为 l，BO 长为 2l；(3)由静止释放两小球，当小球 B 通过光电门时，测得光线被小球挡住的时间为t，则在杆由水平转至竖直的过程中两小球组成的系统增加的动能Ek=_，减少的重力势能Ep=_（用 m、g、l、d、t 表示）。(4)若在误差允许的范围内Ek=Ep，则小球 A、B 组成的系统机械能守恒。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程

10、式和演算步骤。13（10 分）如图所示，为某娱乐活动项目的示意图;参加活动的人员从右侧平台上的 A 点水平跃出，到达 B 点恰好抓住摆过来的绳索，这时人的速度恰好垂直于 OB 向左下，然后摆到左侧平台上的 D 点。不计一切阻力和机械能损失，不计绳的重力，人可以看作质点，绳索不可伸长。设人的质量为 m=50kg，绳索长 l=25m，A 点比 D 点低 h=3.2m。人刚抓住绳索以及摆到 D 点时绳索与竖直方向的夹角分别如图所示(g=10m/s2)。若使人能刚好到达 D 点，求：(1)人从 A 点水平跃出的速度；(2)A、B 两点间的水平距离；(3)在最低点 C，人对绳索的拉力。14（16 分）倾

11、角为的斜面与足够长的光滑水平面在 D 处平滑连接，斜面上 AB 的长度为 3L，BC、CD 的长度均为3.5L，BC 部分粗糙，其余部分光滑。如图，4 个“”形小滑块工件紧挨在一起排在斜面上，从下往上依次标为 1、2、3、4，滑块上长为 L 的轻杆与斜面平行并与上一个滑块接触但不粘连，滑块 1 恰好在 A 处。现将 4 个滑块一起由静止释放，设滑块经过 D 处时无机械能损失，轻杆不会与斜面相碰。已知每个滑块的质量为 m 并可视为质点，滑块与粗糙面间的动摩擦因数为tan，重力加速度为 g。求 （1）滑块 1 刚进入 BC 时，滑块 1 上的轻杆所受到的压力大小；（2）4 个滑块全部滑上水平面后，

12、相邻滑块之间的距离。15（12 分）如图，在平面直角坐标系 xOy 内，第 I 象限存在沿 y 轴负方向的匀强电场，第 IV 象限以 ON 为直径的半圆形区域内，存在垂直于坐标平面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为.B一质量为 m、电荷量为 q 的带正电的粒子，自 y 轴正半轴上yh处的 M 点，以速度0v垂直于 y 轴射入电场。经 x 轴上2xh处的 P 点进入磁场，最后垂直于 y轴的方向射出磁场。不计粒子重力。求：1电场强度大小 E；2粒子在磁场中运动的轨道半径 r；3粒子在磁场运动的时间 t。参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中

13、，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】对小球受力分析，受推力 F、重力 G、墙壁的支持力 N、斜面的支持力 N，如图：根据共点力平衡条件，有：x 方向：F-Nsin-N=0 竖直方向：Ncos=mg 解得：mgNcos；N=F-mgtan；A.故当 F 增加时，墙壁对铁球的作用力不断变大，为 N=F-mgtan；可知 F 与墙面对铁球的弹力之差不变，故 A 错误；BD.当 F 增加时，斜面的支持力为mgcos，保持不变，故球对斜面的压力也保持不变，故 D 正确，B 错误；C.铁球始终处于平衡状态，合外力始终等于 0；故 C 错误；2、D【解析】假设两车在速度减为零时恰好没有相撞，则两车运动

14、的速度时间图象如图所示，由“面积法”可知，在该过程中位移分别为：0.56.524m=84m2ax，3.56.524m=120m2bx，则有：36mabxx，假设成立，由图象可知，b车的加速度大小：2224m/s8m/s6.53.5vat，故 D 符合题意，ABC 不符合题意。3、C【解析】如图所示 最大视角m时，观察者与金星的连线应与金星的轨道相切。由几何关系得 sinmrr金地 万有引力提供向心力有 2224MmGmrrT 解得 33m3(s)inTrTr金金地地 故 C 正确，ABD 错误。4、A【解析】AB 因为原线圈上接有理想二极管，原线圈只有半个周期有电流，副线圈也只有半个周期有电流

15、，1m2m12:UUnn，所以副线圈电压的最大值为2m110 2VU，设副线圈电压的有效值为2U，则有 22m22202UUTTRR 解得255 2VU，副线圈的输出功率为 222110WUPR 原线圈的输入功率为12110WPP，A 正确，B 错误；C电流表读数为 222AUIR C 错误；D因为原线圈上接有理想二极管，原线圈中电流方向不变，原线圈中电流增大和减小时在副线圈中产生的感应电流方向相反，副线圈输出的电流方向改变，D 错误。故选 A。5、C【解析】AB由题图乙知，F6 N 时，滑块与木板刚好不相对滑动，加速度为 a1 m/s2。对整体分析，由牛顿第二定律有 F（Mm）a，代入数据计

16、算得出:Mm6 kg，当 F6 N 时，对木板，根据牛顿第二定律得:1FmgmgaFMMM，知图线的斜率 k12，则:M2 kg，滑块的质量:m4 kg；故 AB 不符合题意；CD根据 F6 N 时，a1 m/s2，代入表达式计算得出:0.1，当 F8 N 时，对滑块，根据牛顿第二定律得 mgma，计算得出：ag1 m/s2，故 C 符合题意，D 不符合题意。故选 C。6、C【解析】一个氢原子处于激发态最多可以辐射三种不同频率的光子，则该氢原子处于 n=4 激发态，该氢原子处于基态时吸收的光子能量为：hv=（-0.85eV）-（-13.6 eV）=12.75eV ABD.由计算可得被吸收光子的

17、能量为 12.75eV，ABD 错误；C.由计算可得被吸收光子的能量为 12.75eV，C 正确 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、CD【解析】A因为最终两金属杆保持稳定状态，所以最终两金属杆所受的安培力均为零，即回路中无感应电流，穿过回路的磁通量不再改变，则两金属杆最终的速度相同，所以金属杆 ab 先做加速度逐渐减小。的减速直线运动，最后做匀速直线运动，金属杆 cd 先做加速度逐渐减小的加速直线运动，最后做匀速直线运动，A 项错误；B两金属

18、杆中的电流大小始终相等，根据安培力公式 F安=BIL 可知两金属杆所受的安培力大小时刻相等，再根据牛顿第二定律 F=ma 可知当金属杆 ab 的加速度大小为 a 时，金属杆 cd 的加速度大小为12mam，B 项错误；C设从金属杆 ab 获得一水平向右的初速度 v0到最终达到共同速度所用的时间为 t。则在这段时间内，回路中的磁通量的变化量=BL（x1-x0）根据法拉第电磁感应定律有 Et 由闭合电路欧姆定律有 12EIRR 设在这段时间内通过金属杆 cd 的电荷量为 q，所以有 qIt 联立以上各式解得 q=1012BL xxRR C 项正确；D设两金属杆最终的共同速度为 v，根据动量守恒定律

19、有 1 012mvmmv 设金属杆 ab、cd 产生的焦耳热为 Q，则由能量守恒定律有 221 0121122Qmvmmv 解得 Q=212 2122mm vmm D 项正确。故选 CD。8、ABE【解析】A、在简谐运动的回复力表达式 F=-kx 中，对于弹簧振子，F 为振动物体在振动方向受到的合外力，k 为弹簧的劲度系数；对于单摆回复力为重力沿圆周的切向分力，故 A 正确B、一切波都可以发生干涉和衍射现象，是波特有现象，故 B 正确C、声波是机械波，机械波的波速由介质决定，故 C 错误D、多普勒效应说明观察者与波源有相对运动时，接收到的波频率会发生变化，但波源的频率不变，故 D 错误E、变化

20、的磁场产生电场，变化的电场产生磁场，交替产生电场和磁场形成由近向远传播的电磁波，故 E 正确故选 ABE【点睛】衍射、干涉是波所特有的现象，机械波的波速由介质决定；根据多普勒效应可知，当波源和观察者间距变小，观察者接收到的频率一定比波源频率高当波源和观察者距变大，观察者接收到的频率一定比波源频率低；根据麦克斯韦电磁场理论，变化的磁场产生电场，变化的电场产生磁场，交替产生，由近向远传播，形成电磁波 9、BD【解析】A中星 18 号同步通信卫星轨道面与赤道面是共面，不能定位在北京上空，故 A 错误；B其运动周期为 24h，故 B 正确；C根据22MmvGmrr 可得：GMvr 中星 18 号同步通

21、信卫星环绕地球的速度小于第一宇宙速度即近地卫星的环绕速度，故 C 错误；D中星 18 号同步通信卫星轨道高于近地卫星轨道，运行角速度比近地卫星运行角速度小，故 D 正确。故选：BD。10、BC【解析】AB而衰变后两个新的带电粒子向相同方向偏转，故两粒子带异种电荷，原子核发生了 衰变，A 项错误、B 项正确；C由于衰变后两带电粒子的动量大小相等，根据圆周运动的规律，带电粒子的轨迹半径mvrqB，电荷量大的轨迹半径小，再利用左手定则判断反冲核沿逆时针方向运动，C 项正确；D衰变中有核能转变为其他形式的能，故系统发生质量亏损，即总质量略有减少，D 项错误。故选 BC。三、实验题：本题共 2 小题，共

22、 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、5.015 4.700 17 小于 5.910-3m 【解析】(1)1根据游标卡尺的读数规则可知读数为 50mm+30.05mm=50.15mm=5.015cm(2)2根据螺旋测微器读数规则可知读数为 4.5mm+20.00.01mm=4.700mm(3)3由图示电路图可知，电压表示数为 xxxEUIRRRR 整理得 111xRUERE 由图示图象可知，纵轴截距 10.5bE 所以电源电动势 E=2V，图象斜率 110.80.50.310 xUkERR 所以电阻阻值 11170.03 2xRkE 4由于电压表的分流作用可知此

23、测量值小于电阻的真实值 R0。(5)5由电阻定律可知 22xLLRSd 代入数据解得电阻率 5.910-3m；12、12.40 2258mdt mgl 【解析】(1)1游标卡尺的主尺读数为 12mm，游标读数为 0.05 8mm0.40mm 则游标卡尺的最终读数为 120.40mm12.40mmd (3)2小球 B 通过光电门的瞬时速度 Bdvt A、B 转动的半径之比为 1：2，A、B 的角速度相等，根据vr知 A、B 的速度之比为 1：2，所以 A 的瞬时速度 22BAvdvt 系统动能增加量 2222581122kABmdEmvmvt 3系统重力势能的减小量 2pEmglmglmgl 四

24、、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)8m/s(2)4.8m(3)900N【解析】（1）从 A 到 D 点由机械能守恒律可以求出从 A 点跃出的速度；（2）由平抛的水平和竖直位移规律，求出水平距离即 AB 两点间的距离；（3）由机械能守恒律求出到达最低点的速度，再由牛顿第二定律求出人受到绳子的拉力。【详解】（1）由 A 到 D，根据机械能守恒定律 12mv02=mgh 解得 v02gh=8m/s （2）从 A 到 B，人做平抛运动 y=lcos37-lcos53-h 而 y=12gt2 所以 x=v0t=

25、4.8m （3）由 A 到 C，根据机械能守恒定律 12mv02+mgl（1-cos53-h）=12mv2 F-mg=m2 vl 解得 202(53)900mvmg llcoshFmgNl 根据牛顿第三定律，绳受到的拉力大小与F 相等，也是 900N【点睛】本题考察机械能守恒律和牛顿第二定律及平抛运动的综合，但要注意的是人跃出时的速度方向是水平跃出，这样才是一个平抛，而到达 A 点时是与绳子垂直的，从而就没有机械能的损失。14、（1）3sin4Fmg（2）43dL【解析】（1）以 4 个滑块为研究对象，设第一个滑块刚进 BC 段时，4 个滑块的加速度为 a，由牛顿第二定律：4sincos4mg

26、mgma 以滑块 1 为研究对象，设刚进入 BC 段时，轻杆受到的压力为 F，由牛顿第二定律：sincosFmgmgma 已知tan 联立可得：3sin4Fmg（2）设 4 个滑块完全进入粗糙段时，也即第 4 个滑块刚进入 BC 时，滑块的共同速度为 v 这个过程，4 个滑块向下移动了 6L 的距离，1、2、3 滑块在粗糙段向下移动的距离分别为 3L、2L、L，由动能定理，有：214sin6cos32)4 v2mgLmgLLLm（可得：v3singL 由于动摩擦因数为tan，则 4 个滑块都进入 BC 段后，所受合外力为 0，各滑块均以速度 v 做匀速运动；第 1 个滑块离开 BC 后做匀加速

27、下滑，设到达 D 处时速度为 v1，由动能定理：22111sin3.5vv22mgLmm 可得：1v4singL 当第 1 个滑块到达 BC 边缘刚要离开粗糙段时，第 2 个滑块正以 v 的速度匀速向下运动，且运动 L 距离后离开粗糙段，依次类推，直到第 4 个滑块离开粗糙段。由此可知，相邻两个滑块到达 BC 段边缘的时间差为vLt，因此到达水平面的时间差也为vLt 所以滑块在水平面上的间距为1vdt 联立解得43dL 15、2002312324mvmvmqhqBqB【解析】1设粒子在电场中运动的时间为1t，根据类平抛规律有：0 12hv t，211 2hat 根据牛顿第二定律可得：Eqma 联立解得：202mvEqh 2粒子进入磁场时沿y 方向的速度大小：10yvatv 粒子进入磁场时的速度：02vv 方向与 x 轴成45角，根据洛伦兹力提供向心力可得：2vqvBmr 解得:02mvrqB 3粒子在磁场中运动的周期：22rmTvqB 根据几何关系可知粒子在磁场中做圆周运动的圆心角：135，则粒子在磁场中运动的时间：1353336084mtTTqB