2023届广东省鹤山一中度高三(最后冲刺)物理试卷含解析.pdf

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1、2023 年高考物理模拟试卷 注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、图示为一种应用逻辑电路制作的简易走道灯的电路图，虚线框内的 C 是一门电路，R0和 R1中有一个是定值电阻，另一个是光敏电阻（受光照时阻值减小），R2是定值电阻。当走道里

2、光线较暗或将手动开关 S 接通时灯泡 L 都会点亮，则电路中（）AC 是“或门”，R0是光敏电阻 BC 是“或门”，R1是光敏电阻 CC 是“与门”，R0是光敏电阻 DC 是“与门”，R1是光敏电阻 2、甲、乙两个同学打乒乓球，某次动作中，甲同学持拍的拍面与水平方向成 45角，乙同学持拍的拍面与水平方向成30角，如图所示设乒乓球击打拍面时速度方向与拍面垂直，且乒乓球每次击打球拍前、后的速度大小相等，不计空气阻力，则乒乓球击打甲的球拍的速度 1与乒乓球击打乙的球拍的速度 2之比为（）A63 B2 C22 D33 3、百余年前，爱因斯坦的广义相对论率先对黑洞作出预言。2019 年 4 月 10 日

3、 21 点整，天文学家召开全球新闻发布会，宣布首次直接拍摄到黑洞的照片。若认为黑洞为一个密度极大的球形天体，质量为M，半径为R，吸引光绕黑洞做匀速圆周运动。已知光速为c，以黑洞中心为起点，到黑洞外圈视界边缘的长度为临界半径，称为史瓦西半径。下面说法正确的是（）A史瓦西半径为2GMc B史瓦西半径为22GMc C黑洞密度为334cG R D黑洞密度为2334cG R 4、某气体星球的半径为R，距离星球中心2R处的P点的重力加速度为g。若该星球的体积在均匀膨胀，膨胀过程中星球质量不变，且密度均匀。当星球半径膨胀为3R时，P点的重力加速度为g。已知质量分布均匀的球壳对球壳内物体的引力为零。则g与g的

4、比值为（）A13 B1 C94 D827 5、下列说法正确的是（）A布朗运动是液体分子的无规则运动 B随液体的温度升高，布朗运动更加剧烈 C物体从外界吸收热量，其内能一定增加 D内能是物体中所有分子热运动动能的总和 6、在光滑的水平面上有一质量为 M、倾角为的光滑斜面，其上有一质量为 m 的物块，如图所示。物块在下滑的过程中对斜面压力的大小为（）AcossincosMmgMm BcossincosMmgMm C2cossinMmgMm D2cossinMmgMm 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得

5、5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、静电场方向平行于 x 轴，其电势随 x 轴分布的x图像如图所示，0和0 x均为已知量，某处由静止释放一个电子，电子沿 x 轴往返运动。已知电子质量为 m，带电荷量为 e，运动过程中的最大动能为kE，则（）A电场强度大小为00Ex B在往返过程中电子速度最大时的电势能为0e C释放电子处与原点的距离为010k2x Exe D电子从释放点返回需要的时间为k0042xmEe 8、如图所示，用一轻绳将小球 P 系于光滑竖直墙壁上的 O 点，在墙壁和小球 P 之间夹有一正方体物块 Q，P、Q 均处于静止状态。现将一铅笔紧贴墙壁压在轻绳上并从 O 点

6、开始缓慢下移，P、Q 始终处于静止状态，则在铅笔缓慢下移的过程中（）A物块 Q 受到的静摩擦力将增大 B小球 P 受到 4 个力的作用 C物块 Q 受到 4 个力的作用 D轻绳的拉力减小 9、长为L的轻杆，一端固定一个小球，另一端固定在光滑的水平轴上，使小球在竖直面内做圆周运动，关于小球在最高点时的速度、运动的向心力及相应杆的弹力，下列说法中正确的是（）A速度的最小值为gL B速度由 0 逐渐增大，向心力也逐渐增大 C当速度由gL逐渐增大时，杆对小球的作用力逐渐增大 D当速度由gL逐渐减小时，杆对小球的作用力逐渐增大 10、如图所示，把能在绝缘光滑水平面上做简谐运动的弹簧振子放在水平向右的匀强

7、电场中，小球在 O 点时，弹簧处于原长，A、B 为关于 O 对称的两个位置，现在使小球带上负电并让小球从 B 点静止释放，则下列说法不正确的是（）A小球仍然能在 A、B 间做简谐运动，O 点是其平衡位置 B小球从 B 运动到 A 的过程中动能一定先增大后减小 C小球仍然能做简谐运动，但其平衡位置不在 O 点 D小球不可能再做简谐运动 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）如图甲所示是一个多用电表的简化电路图。请完成下列问题。(1)测量直流电流、直流电压和电阻各有两个量程。当选择开关 S 旋到位置 5、6 时，电表用来测量_

8、（选填“直流电流”、“直流电压”或“电阻”）。(2)某同学用此多用表测量某电学元件的电阻，选用“l0”倍率的欧姆挡测量，发现多用表指针偏转很小，因此需选择_（填“l”或“l00”）倍率的欧姆挡。(3)某实验小组利用下列器材研究欧姆挡不同倍率的原理，组装如图乙、丙所示的简易欧姆表。实验器材如下：A干电池（电动势 E 为 3.0V，内阻 r 不计）；B电流计 G（量程 300A，内阻 99）；C可变电阻器 R；D定值电阻 R0=4；E导线若干，红黑表笔各一只。如图乙所示，表盘上 100A 刻度线对应的电阻刻度值是_；如果将 R0与电流计并联，如图丙所示，这相当于欧姆表换挡，换挡前、后倍率之比为_。

9、12（12 分）某实验小组利用如图所示的装置验证机械能守恒定律，实验主要步骤如下：（不考虑空气阻力的影响）将光电门安放在固定于水平地面上的长木板上；将细绳一端连在小车上，另一端绕过两个轻质光滑定滑轮后悬挂一钩码，调节木板上滑轮的高度，使该滑轮与小车间的细绳与木板平行；测出小车遮光板与光电门之间的距离 L，接通电源，释放小车，记下小车遮光板经过光电门的时间 t；根据实验数据计算出小车与钩码组成的系统动能的增加量和钩码重力势能的减少量。(1)根据上述实验步骤，实验中还需测量的物理量有_；A小车上遮光板的宽度 d B小车和遮光板总质量 m1 C钩码的质量 m2 D钩码下落的时间 t(2)图中游标卡尺

10、所测遮光板宽度 d 为_mm；(3)由实验步骤和(1)选项中测得的物理量，改变 L 的大小，重复步骤、，可得到系统动能增加量总是小于钩码重力势能减少量，其原因可能是_ 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图甲所示为一个倒立的 U 形玻璃管，A、B 两管竖直，A 管下端封闭，B 管下端开口并与大气连通。已知 A、B 管内空气柱长度分别为 hA=6cm、hB=10.8cm。管内装入水银液面高度差 h=4cm。欲使 A、B 两管液面处于同一水平面，现用活塞 C 把 B 管开口端封住并缓慢推动活塞 C(

11、如图乙所示)。已知大气压为 p0=76cmHg。当两管液面处于同一水平面时，求：A 管封闭气体压强 pA 活塞 C 向上移动的距离 x。14（16 分）如图所示，在竖直面内有一个光滑弧形轨道，其末端水平，且与处于同一竖直面内光滑圆形轨道的最低端相切，并平滑连接A，B 两滑块（可视为质点）用轻细绳拴接在一起，在它们中间夹住一个被压缩的微小轻质弹簧 两滑块从弧形轨道上的某一高度 P 点处由静止滑下，当两滑块刚滑入圆形轨道最低点时拴接两滑块的绳突然断开，弹簧迅速将两滑块弹开，其中前面的滑块 A 沿圆形轨道运动恰能通过圆形轨道的最高点，后面的滑块 B 恰能返回 P点 己知圆形轨道的半径0.72mR，滑

12、块 A的质量0.4kgAm，滑块 B的质量0.1kgBm，重力加速度 g取210m/s，空气阻力可忽略不计求：（1）滑块 A 运动到圆形轨道最高点时速度的大小；（2）两滑块开始下滑时距圆形轨道底端的高度 h；（3）弹簧在将两滑块弹开的过程中释放的弹性势能 15（12 分）为防治 2019-nCoV，社区等公共场所加强了消毒措施，如图所示为喷洒消毒液的某喷雾器示意图。储液桶与打气筒用软细管相连，已知储液桶容积为0V(不计储液桶两端连接管体积)，初始时桶内消毒液上方气体压强为02p，体积为1 2V0，打开阀门 K 喷洒消毒液，一段时间后关闭阀门停止喷洒，此时气体压强降为032p。喷洒过程中桶内气体

13、温度与外界温度相同且保持不变，0p为外界大气压强。求：(1)停止喷洒时剩余的药液体积；(2)为使桶内气体压强恢复为02p，需打入压强为0p的气体体积(不考虑打气过程中温度变化)。参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】当电键闭合时，输入为高电势，当光线较暗时，光敏电阻较大，输入端为高电势，因为当走道里光线较暗时或是将手动开关S接通时，灯都会亮，可知只要有一个条件满足，事件就能发生，知该门电路是“或”门电路。当有光照时，光敏电阻阻值较小，输入端B端需要输入低电势，所以光敏电阻不能放在1R的位置，可

14、以放在0R的位置，A 正确，BCD错误。故选 A。2、C【解析】由题可知，乒乓球在甲与乙之间做斜上抛运动，根据斜上抛运动的特点可知，乒乓球在水平方向的分速度大小保持不变，竖直方向的分速度是不断变化的，由于乒乓球击打拍面时速度与拍面垂直，在甲处：x1sin45vv甲；在乙处：x2sin30vv乙；所以：12=sin45sin30 xxvvvv甲乙：22故 C 正确，ABD 错误 3、B【解析】AB逃逸速度 2GMvr 此为脱离中心天体吸引的临界速度，代入光速可知临界半径为 22GMrc临 A 错误，B 正确；CD若光绕黑洞表面做匀速圆周运动，轨道半径等于黑洞半径，由 22MmcGmRR 可知 2

15、RcMG 密度为 2233443McG RR CD 错误。故选 B。4、D【解析】设P点放置质量为m的物体，则有 2(2)GMmmgR 解得 2(2)GMgR 如图所示，星球膨胀后质量不变，有 34(3)3MR P点以下球体质量为 34(3)3MRR 解得 827MM 结合式得 827gg 则 827gg 所以 D 正确，ABC 错误。故选 D。5、B【解析】A布朗运动不是液体分子的无规则运动，而是花粉颗粒的无规则的运动，布朗运动间接反映了液体分子是运动的，故选 A 错误；B随液体的温度升高，布朗运动更加剧烈，选项 B 正确；C因为温度越高，分子运动速度越大，故它的运动就越剧烈；物体从外界吸收

16、热量，如果还要对外做功，则它的内能就不一定增加，选项 C 错误；D内能是物体中所有分子热运动动能与分子势能的总和，故选项 D 错误。故选 B。6、C【解析】设物块对斜面的压力为 N，物块 m 相对斜面的加速度为 a1，斜面的加速度为 a2，方向向左；则物块 m 相对地面的加速度为 12 cosxaaa 1sinyaa 由牛顿第二定律得 对 m 有 12sincosNm aa 1cossinmgNma 对 M 有 2sinNMa 解得 2cossinMmgNMm 故 C 正确，ABD 错误。故选 C。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个

17、选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、ABD【解析】A在 0 xx0区间内，场强大小 00UEdx 方向沿+x 方向；在-x0 x0 区间内，场强大小 00UEdx 场强方向沿x 方向，故 A 正确；B根据能量守恒可知，电子速度最大即动能最大时，电势能最小，根据负电荷在电势高处电势能小，则此时电势能为 P0Ee 故 B 正确；C已知电子质量为 m、带电荷量为 e，在运动过程中电子的最大功能为 Ek，根据动能定理得 1keExE 得 0kk10 x EExeEe 故 C 错误；D根据牛顿第二定律知 00eeEammx 粒子从静止到动能最大的时

18、间为四分之一周期，匀加速直线运动的时间为 01k022xxtmEae 电子从释放点返回需要的时间为 00442kxTtmEe 故 D 正确。故选 ABD。8、BC【解析】AQ 处于静止状态，竖直墙壁光滑，由平衡条件可知，Q 受到的静摩擦力等于 Q 的重力大小，不变，故 A 错误；B小球 P 受重力、Q 对 P 的弹力、Q 对 P 的摩擦力和轻绳的拉力的作用，故 B 正确；C物块 Q 受重力、压力、支持力和静摩擦作用，故 C 正确；DP、Q 作为一个整体分析，其受三个力的作用，并处于平衡状态，轻绳的拉力 cosPQmmgF 铅笔缓慢下移的过程中增大，轻绳的拉力增大，故 D 错误。故选 BC。9、

19、BCD【解析】A如图甲所示 “杆连小球”在最高点速度有最小值 0（临界点），此时杆向上的支持力为 NFmg 故 A 错误；B解析式法分析动态变化。v由 0 逐渐增大，则 2mvFL向 即F向逐渐增大，故B 正确；C如图乙所示 当最高点速度为vgL（临界点）时，有 2mvmgL 杆对小球的作用力0F。当v由gL增大时，杆对小球有拉力F，有 2mvmgFL 则 2vFmmgL F随v逐渐增大而逐渐增大；故 C 正确；D当v由gL减小时，杆对小球有支持力NF，有 2NmvmgFL 则 2NmvFmgL NF随v逐渐减小而逐渐增大，故 D 正确。故选 BCD。10、ABD【解析】A.当弹簧弹力等于电场

20、力时为平衡位置，此时弹簧被压缩，平衡位置不再是 O 点，选项 A 错误；CD.由于电场力是恒力，不随弹簧的长度发生变化。而弹簧的弹力随弹簧的形变量发生变化，由受力特点可知，小球在电场力和弹力作用下依然做简谐运动，选项 C 正确，D 错误；B.由于 B 点的弹簧弹力大小与电场力大小关系未知，所以无法判断 B 点两力关系，所以小球从 B 运动到 A 的过程中，动能不一定先增大后减小，选项 B 错误。本题选不正确的，故选 ABD。三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、直流电源 100 20000 100：1 【解析】(1)1由图所示可知

21、，当转换开关S旋到位置 5、6 时，表头G与电阻串联，此时可用来测量直流电压。(2)2测量某电学元件的电阻，选用“10”倍率的电阻挡测量，发现多用表指针偏转很小，待测阻值较大，说明所选挡位太小，为准确测量电阻阻值，需选择“100”倍率的电阻挡，重新欧姆调零后再测量。(3)3欧姆表中值电阻等于欧姆档内部电阻，则中间刻度值对应示数为 46g31 10 300 10ERRI 中内 有 gEIR内 g13EIRR内 解得 42 10 R 所以表盘上 100A 刻度线对应的电阻刻度值是42 10=20000。4当电流计满偏时：流过0R的电流 g99II 电流计内阻为99，给电流计并联1的电阻，根据并联分

22、流的规律可知电流表量程扩大 100 倍，用该电流表改装成欧姆表，同一刻度对应的电阻值变为原来的1100，欧姆表换挡前、后倍率之比等于100:1。12、ABC 5.70 小车与长木板之间存在摩擦阻力做功 【解析】(1)1要得到小车与钩码组成的系统动能的增加量，则要得到小车的速度，所以要测量小车上遮光板的宽度 d 和小车和遮光板总质量 m1，钩码的质量 m2，由于小车运动的距离即为钩码下降的距离，所以不用测量钩码下落的时间 t，故选ABC；(2)2由图可知，游标卡尺所测遮光板宽度 0.5cm140.05mm5mm0.70mm5.70mmd (3)3由于实验过程中小车与长木板之间存在摩擦阻力做功，系

23、统有部分机械能转化为内能，则系统动能增加量总是小于钩码重力势能减少量。四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、108cmHg 5.2cm【解析】对 A 气体利用理想气体的等温变化方程求解；由大气压的数值和水银柱的高度求出封闭气体的压强，A 气体和 B气体间的联系是之间的水银柱平衡和连通器的原理，根据等温变化的方程求解某状态的体积，进而活塞移动的距离.【详解】设 A、B 两管的横截面积为 S，以 A 管封闭气体为研究对象，初状态：，设末状态的压强为，体积为 从初状态到末状态，设 A 管水银面下降 h，则 B 管水

24、银面上升也为 h 由波意耳定律有：由以上各式得：以 B 管封闭的气体为研究对象，设活塞向上移动距离为 x 初状态：，末状态：，由波意耳定律有：由以上各式得：x=5.2cm【点睛】本题考查的是等温变化，解决这类题的关键是，理解大气压和液体压强之间的关系，会根据大气压和液体压强计算封闭空气柱的压强.14、（1）6 55m/s；（2）0.8 m；（3）4 J【解析】（1）设滑块 A 恰能通过圆形轨道最高点时的速度大小为 v2，根据牛顿第二定律有 mAg=mA22vR 解得：v2=6 55m/s（2）设滑块 A 在圆形轨道最低点被弹出时的速度大小为 v1，对于滑块 A 从圆形轨道最低点运动到最高点的过

25、程，根据机械能守恒定律，有 12mAv12=mAg2R+12mAv22 可得：v1=6m/s 设滑块 A 和 B 运动到圆形轨道最低点速度大小为 v0，对滑块 A 和 B 下滑到圆形轨道最低点的过程，根据动能定理，有（mA+mB）gh=12（mA+mB）v02 同理滑块 B 在圆形轨道最低点被弹出时的速度大小也为 v0，弹簧将两滑块弹开的过程，对于 A、B 两滑块所组成的系统水平方向动量守恒，（mA+mB）v0=mA v1-mBv0 解得：h=0.8 m（3）设弹簧将两滑块弹开的过程中释放的弹性势能为 Ep，对于弹开两滑块的过程，根据机械能守恒定律，有12（mA+mB）v02+Ep=12mAv12+12mBv02 解得：Ep=4J 15、(1)01V3；(2)01V3【解析】(1)对桶内消毒液上方气体，喷洒时温度不变，根据玻意耳定律可得 000113222pVp V 解得 1023VV 停止喷洒时剩余的药液体积 0002133VVVV(2)对原气体和需打入气体为对象，根据玻意耳定律可得 000200122223pVp VpV 解得 3013VV