(新课标地区专用)2022高考物理提分定时练辑选择题定时训练14(含解析).pdf

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1、新课标地区专用新课标地区专用 20222022 高考物高考物理提分定时练辑选择题定时训理提分定时练辑选择题定时训练练 1414含解析含解析选择题定时训练选择题定时训练 1414(限时：限时：3030 分钟分钟)一、单项选择题一、单项选择题1.(2022甘肃省最后一次联考1.(2022甘肃省最后一次联考)如图如图 1 1，C919C919 大大型客机是我国自主设计、研制的大型客机，最大型客机是我国自主设计、研制的大型客机，最大航程为航程为 55555555 千米，最多载客千米，最多载客 190190 人，多项性能人，多项性能优于波音优于波音 737737 和波音和波音 747.747.假设假设

2、C919C919 的最小起飞的最小起飞(离离 地地)速速 度度 为为60m/s60m/s，起起 飞飞 跑跑 道道 长长2.5102.510 m mC919C919 起飞前的运动过程可看成匀加起飞前的运动过程可看成匀加速直线运动，假设要速直线运动，假设要 C919C919 起飞，那么起飞，那么 C919C919 在跑在跑道上的最小加速度为道上的最小加速度为()图图 1 1A A0.36m/s0.36m/sC C1.44m/s1.44m/s2 2答案答案B B解析解析由匀变速直线运动规律由匀变速直线运动规律v v2 2v v0 02 22 2axax可可2 23 32 2B B0.72 m/s0.

3、72 m/sD D2.88 m/s2.88 m/s2 22 2v vv v0 0得，得，C919C919 的最小起飞加速度的最小起飞加速度a a2 2x x0.72m/s0.72m/s，故，故 B B 正确，正确，A A、C C、D D 错误错误2 2(2022甘肃省最后一次联考(2022甘肃省最后一次联考)关于原子物理，关于原子物理，以下说法正确的选项是以下说法正确的选项是()A A太阳辐射能量的主要来源是太阳中发生的重太阳辐射能量的主要来源是太阳中发生的重核裂变核裂变B B假设某光恰好能使锌发生光电效应，那么改假设某光恰好能使锌发生光电效应，那么改用波长更长的光照射锌也一定能发生光电效应用

4、波长更长的光照射锌也一定能发生光电效应C C 射线是高速运动的电子流射线是高速运动的电子流210210D.D.210210BiBi 的半衰期是的半衰期是 5 5 天，天，3232 克克83838383BiBi 经过经过 1010 天后天后2 22 22 2还剩下还剩下 BiBi 的质量为的质量为 8 8 克克答案答案D D解析解析太阳辐射能量的主要来源是太阳中发生太阳辐射能量的主要来源是太阳中发生的轻核聚变，故的轻核聚变，故 A A 错误；波长越长的光的频率越错误；波长越长的光的频率越小，能量越小，所以改用波长更长的光照射，锌小，能量越小，所以改用波长更长的光照射，锌不会发生光电效应，不会发生

5、光电效应，故故 B B 错误；错误；射线是高速运射线是高速运动的电子流，故动的电子流，故 C C 错误；错误；BiBi 的半衰期是的半衰期是 5 5 天，天，3 3210210838321021083833232 克克 BiBi 经过经过 1010 天后还剩下天后还剩下 BiBi 的质量为的质量为 8 8 克，克，故故 D D 正确正确3 3(2022甘肃省最后一次联考(2022甘肃省最后一次联考)以下说法错误以下说法错误的选项是的选项是()A A组成任何物体的分子都在做无规那么的运动，组成任何物体的分子都在做无规那么的运动，任何物体都具有内能任何物体都具有内能B B多晶体具有各向同性，没有固

6、定的熔点多晶体具有各向同性，没有固定的熔点C C将有棱角的玻璃棒用火烤融化后，棱角变钝将有棱角的玻璃棒用火烤融化后，棱角变钝是因为外表张力是因为外表张力D D翻开一杯热茶的杯盖，一段时间后茶不可能翻开一杯热茶的杯盖，一段时间后茶不可能自动变得更热自动变得更热答案答案B B解析解析由于组成物体的分子永不停息地在做无由于组成物体的分子永不停息地在做无规那么运动，一定有分子动能，所以任何物体都规那么运动，一定有分子动能，所以任何物体都具有内能，故具有内能，故 A A 正确；多晶体属于晶体，有固定正确；多晶体属于晶体，有固定的熔点，故的熔点，故 B B 错误；将有棱角的玻璃棒用火烤融错误；将有棱角的玻

7、璃棒用火烤融化后，棱角变钝是因为熔化的玻璃在外表张力的化后，棱角变钝是因为熔化的玻璃在外表张力的作用下，外表要收缩到最小的缘故，故作用下，外表要收缩到最小的缘故，故 C C 正确；正确；4 421021083832102108383热传递具有方向性，热量能自发的从高温物体传热传递具有方向性，热量能自发的从高温物体传到低温物体，故一杯热茶在翻开杯盖后，茶会自到低温物体，故一杯热茶在翻开杯盖后，茶会自动变得更凉，故动变得更凉，故 D D 正确正确4.(2022湖北宜昌市四月调研4.(2022湖北宜昌市四月调研)如图如图 2 2 所示，直所示，直线线MNMN上方有垂直纸面向里的匀强磁场，电子上方有垂

8、直纸面向里的匀强磁场，电子 1 1从磁场边界上的从磁场边界上的a a点垂直点垂直MNMN和磁场方向射入磁和磁场方向射入磁场，经场，经t t1 1时间从时间从b b点离开磁场之后电子点离开磁场之后电子2 2 也由也由a a点沿图示方向以相同速率垂直磁场方向射入磁点沿图示方向以相同速率垂直磁场方向射入磁场，经场，经t t2 2时间从时间从a a、b b连线的中点连线的中点c c离开磁场，离开磁场，t t1 1那么那么 为为()t t2 2图图 2 23 32 2A A3B3B2C.2C.D.D.2 23 3答案答案A A解析解析电子电子 1 1、2 2 在磁场中都做匀速圆周运动，在磁场中都做匀速圆

9、周运动，根据题意画出两电子的运动轨迹，如下图：根据题意画出两电子的运动轨迹，如下图：5 5电子电子 1 1 垂直射进磁场，从垂直射进磁场，从b b点离开，那么运动了点离开，那么运动了半个圆周，半个圆周，abab即为直径，即为直径，c c点为圆心，电子点为圆心，电子 2 2 以以相同速率垂直磁场方向射入磁场，相同速率垂直磁场方向射入磁场，经经t t2 2时间从时间从a a、mvmvb b连线的中点连线的中点c c离开磁场，根据半径离开磁场，根据半径r r可知，可知，BqBq电子电子 1 1 和和 2 2 的半径相等，根据几何关系可知，的半径相等，根据几何关系可知，aOcaOc为等边三角形，那么电

10、子为等边三角形，那么电子 2 2 转过的圆心角转过的圆心角T Tm m为为 60，60，所以电子所以电子 1 1 运动的时间运动的时间t t1 1，电电2 2BqBqT Tm mt t1 13 3子子 2 2 运动的时间运动的时间t t2 2，所以所以 ，故故 A A 正正6 63 3BqBqt t2 21 1确，确，B B、C C、D D 错误错误5.(20225.(2022广东揭阳市下学期第二次模拟广东揭阳市下学期第二次模拟)如图如图 3 3所示，所示，MNMN是某匀强电场中的一条电场线是某匀强电场中的一条电场线一带正一带正电粒子射入电场后，仅在电场力作用下沿轨迹电粒子射入电场后，仅在电场

11、力作用下沿轨迹ABCABC运动以下说法中正确的选项是运动以下说法中正确的选项是()6 6图图 3 3A A粒子在粒子在A A点的加速度比在点的加速度比在C C点的加速度大点的加速度大B B粒子在粒子在A A点的电势能比在点的电势能比在C C点的电势能小点的电势能小C CM M、N N两点的电势：两点的电势：M M N ND D电场线的方向水平向右电场线的方向水平向右答案答案B B解析解析由于电场为匀强电场，可得到粒子在由于电场为匀强电场，可得到粒子在A A点点的加速度与的加速度与C C点的加速度大小相等，故点的加速度大小相等，故 A A 错误；错误；粒子带正电，粒子在粒子带正电，粒子在B B点

12、受电场力方向向左，故点受电场力方向向左，故电场线方向向左，又有：沿着电场线方向电势降电场线方向向左，又有：沿着电场线方向电势降低，所以低，所以N N M M，从，从A A到到C C电场力做负功，电势电场力做负功，电势能增加，所以粒子在能增加，所以粒子在A A点的电势能比在点的电势能比在C C点的电点的电势能小，故势能小，故 B B 正确，正确，C C、D D 错误错误6.(2022山西运城市6.(2022山西运城市 5 5 月适应性测试月适应性测试)含有理想含有理想变压器的电路如图变压器的电路如图 4 4 所示，图中电阻所示，图中电阻R R1 1、R R2 2和和R R3 3的阻值分别为的阻值

13、分别为 18、1、3，正弦交流电源输18、1、3，正弦交流电源输7 7出的电压有效值恒定，该变压器原、副线圈匝数出的电压有效值恒定，该变压器原、副线圈匝数比为比为 31.开关31.开关 S S 断开与闭合情况下变压器的输断开与闭合情况下变压器的输出功率之比为出功率之比为()图图 4 4A A21B41C12D1121B41C12D11答案答案D D解析解析开关开关 S S 断开：设原线圈回路电流为断开：设原线圈回路电流为I I1 1，根，根I I1 1n n2 21 1据电流与匝数的关系据电流与匝数的关系 ，电压与匝数的关，电压与匝数的关I I2 2n n1 13 3U UI I1 1R R1

14、 1n n1 13 3系：系：，联立解得，联立解得U U5454I I1 1；开关；开关I I2 2 R R2 2R R3 3 n n2 21 1I I1 1S S 闭合，闭合，设原线圈回路电流为设原线圈回路电流为I I1 1，同理可得：同理可得：I I2 2n n2 21 1U UI I1 1R R1 1n n1 13 3 ，整理得：整理得：U U2727I I1 1；n n1 13 3I I2 2R R2 2n n2 21 1因为电压有效值恒定，所以因为电压有效值恒定，所以2 2I I1 1I I1 1，故可得，故可得2 2I I2 2I I2 2，而变压器输出功率而变压器输出功率P P出

15、出I I2 2P P2 2(R R2 2R R3 3)，8 8出出I I2 2R R2 2，代入数据得：代入数据得：P P出出P P出出，故故 A A、B B、2 2C C 错误，错误，D D 正确正确7.(2022广东揭阳市下学期第二次模拟7.(2022广东揭阳市下学期第二次模拟)如图如图 5 5所示，一光滑细杆固定在水平面上的所示，一光滑细杆固定在水平面上的C C点，细杆点，细杆与水平面的夹角为与水平面的夹角为 30，30，一原长为一原长为L L的轻质弹性的轻质弹性绳，下端固定在水平面上的绳，下端固定在水平面上的B B点，上端与质量为点，上端与质量为m m的小环相连，当把小环拉到的小环相连

16、，当把小环拉到A A点时，点时，ABAB与地面与地面垂直，垂直，弹性绳长为弹性绳长为 2 2L L，将小环从将小环从A A点由静止释放，点由静止释放，当小环运动到当小环运动到ACAC的中点的中点D D时，时，速度到达最大速度到达最大 重重力加速度为力加速度为g g，以下说法正确的选项是，以下说法正确的选项是()图图 5 5A A在下滑过程中小环的机械能先减小后增大在下滑过程中小环的机械能先减小后增大B B小环刚释放时的加速度大小为小环刚释放时的加速度大小为g gC C小环到达小环到达ADAD的中点时，弹性绳的弹性势能为的中点时，弹性绳的弹性势能为零零D D小环的最大速度为小环的最大速度为gLg

17、L9 9答案答案B B解析解析小环受重力、支持力和弹性绳弹力，弹力小环受重力、支持力和弹性绳弹力，弹力做功，故环的机械能不守恒，小环和弹性绳组成做功，故环的机械能不守恒，小环和弹性绳组成的系统机械能守恒，小环到达的系统机械能守恒，小环到达ADAD的中点时，弹的中点时，弹性绳的长度为性绳的长度为 2 2L L，伸长量不为，伸长量不为 0 0，在，在ADAD之间有之间有一位置弹性绳与一位置弹性绳与ACAC垂直，小环从垂直，小环从A A点到弹性绳点到弹性绳与与ACAC垂直位置的过程中，弹性绳对小环做正功，垂直位置的过程中，弹性绳对小环做正功，从弹性绳与从弹性绳与ACAC垂直位置到垂直位置到C C点的

18、过程中，弹性点的过程中，弹性绳对小环做负功，所以下滑过程中小环的机械能绳对小环做负功，所以下滑过程中小环的机械能先增大后减小，先增大后减小，故故 A A 错误；错误；在在A A位置，位置，环受重力、环受重力、弹性绳拉力、支持力，根据牛顿第二定律，有：弹性绳拉力、支持力，根据牛顿第二定律，有：mgmgsin30sin30F F弹弹sin30sin30mama，在在D D点，点，环的速度环的速度最大，说明加速度为零，弹性绳长度为最大，说明加速度为零，弹性绳长度为 2 2L L，故：，故：mgmgsin30sin30F F弹弹cos60cos600 0，联立解得：，联立解得：a ag g，故故 B

19、B 正确；小环到达正确；小环到达ADAD的中点时，弹性绳的长的中点时，弹性绳的长度为度为 3 3L L，伸长量不为，伸长量不为 0 0，故弹性势能不为零，故弹性势能不为零，故故 C C 错误；错误；小环和弹性绳组成的系统机械能守恒，小环和弹性绳组成的系统机械能守恒，在在D D点速度最大，此时弹性绳长度等于初位置弹点速度最大，此时弹性绳长度等于初位置弹1010性绳的长度，性绳的长度，故初位置和故初位置和D D位置环的机械能相等，位置环的机械能相等，1 12 2所以所以mgmg22L Lcos60cos60mvmv，解得：，解得：v v 2 2gLgL，故，故2 2D D 错误错误8.(2022福

20、建宁德市8.(2022福建宁德市 5 5 月质检月质检)某同学在练习投某同学在练习投篮时将篮球从同一位置斜向上抛出，其中有两次篮时将篮球从同一位置斜向上抛出，其中有两次篮球垂直撞在竖直放置的篮板上，运动轨迹如图篮球垂直撞在竖直放置的篮板上，运动轨迹如图6 6 所示，不计空气阻力，关于这两次篮球从抛出所示，不计空气阻力，关于这两次篮球从抛出到撞击篮板的过程到撞击篮板的过程()图图 6 6A A两次在空中运动的时间相等两次在空中运动的时间相等B B两次抛出时的速度相等两次抛出时的速度相等C C第第 1 1 次抛出时速度的水平分量小次抛出时速度的水平分量小D D第第 2 2 次抛出时速度的竖直分量大

21、次抛出时速度的竖直分量大答案答案C C1111解析解析将篮球的运动反向处理，即为平抛运动，将篮球的运动反向处理，即为平抛运动，由题图可知，第由题图可知，第 2 2 次运动过程中的高度较小，所次运动过程中的高度较小，所以运动时间较短，故以运动时间较短，故 A A 错误篮球在竖直方向上错误篮球在竖直方向上做竖直上抛运动，做竖直上抛运动，第第 2 2 次运动过程中的高度较小，次运动过程中的高度较小，故第故第 2 2 次抛出时速度的竖直分量较小，所用时间次抛出时速度的竖直分量较小，所用时间较短；平抛运动在水平方向做匀速直线运动，水较短；平抛运动在水平方向做匀速直线运动，水平射程相等，平射程相等，由由x

22、 xv v0 0t t可知，可知，第第 2 2 次抛出时水平次抛出时水平分速度较大；水平分速度第分速度较大；水平分速度第 2 2 次大，竖直分速度次大，竖直分速度第第 1 1 次大，根据速度的合成可知，两次抛出时的次大，根据速度的合成可知，两次抛出时的速度大小关系不能确定，故速度大小关系不能确定，故 C C 正确，正确，B B、D D 错误错误二、多项选择题二、多项选择题9 9(2022甘肃省最后一次联考(2022甘肃省最后一次联考)以下说法正确以下说法正确的选项是的选项是()A A电磁波在真空中的传播速度与电磁波的频率电磁波在真空中的传播速度与电磁波的频率无关无关B B两列波相遇时，在重叠的

23、区域里，质点的位两列波相遇时，在重叠的区域里，质点的位移等于两波单独传播时引起的位移的大小之和移等于两波单独传播时引起的位移的大小之和C C光的偏振现象说明光是纵波光的偏振现象说明光是纵波1212D D紫外线的波长比红外线的波长短紫外线的波长比红外线的波长短答案答案ADAD解析解析电磁波在真空中的传播速度为电磁波在真空中的传播速度为3103108 8m/sm/s，与电磁波的频率无关，与电磁波的频率无关，故故 A A 正确；正确；两列波相遇时，两列波相遇时，在重叠的区域里，质点的位移等于两波单独传播在重叠的区域里，质点的位移等于两波单独传播时引起的位移的矢量和，故时引起的位移的矢量和，故 B B

24、 错误；偏振现象是错误；偏振现象是横波特有的特征，故横波特有的特征，故 C C 错误；紫外线的频率大于错误；紫外线的频率大于红外线的频率，根据红外线的频率，根据ffc c可知紫外线的波长可知紫外线的波长比红外线的波长短，故比红外线的波长短，故 D D 正确正确10.(2010.(2022湖南娄底市下学期第二次模拟22湖南娄底市下学期第二次模拟)如图如图7 7 所示，在一固定水平放置的闭合导体圆环正上所示，在一固定水平放置的闭合导体圆环正上方，有一条形磁铁从静止开始下落，下落过程中方，有一条形磁铁从静止开始下落，下落过程中始终保持竖直，起始高度为始终保持竖直，起始高度为h h，最后落在水平地，最

25、后落在水平地面上假设不计空气阻力，重力加速度取面上假设不计空气阻力，重力加速度取g g，以，以下说法中正确的选项是下说法中正确的选项是()1313图图 7 7A A磁铁下落的整个过程中，圆环中的感应电流磁铁下落的整个过程中，圆环中的感应电流方向先逆时针后顺时针方向方向先逆时针后顺时针方向(俯视圆环俯视圆环)B B磁铁落地时的速率一定等于磁铁落地时的速率一定等于 2 2ghghC C磁铁在整个下落过程中，它的机械能不变磁铁在整个下落过程中，它的机械能不变D D磁铁在整个下落过程中，圆环受到它的作用磁铁在整个下落过程中，圆环受到它的作用力总是竖直向下的力总是竖直向下的答案答案ADAD解析解析当条形

26、磁铁靠近圆环时，穿过圆环的磁通当条形磁铁靠近圆环时，穿过圆环的磁通量增加，根据楞次定律可判断圆环中感应电流的量增加，根据楞次定律可判断圆环中感应电流的方向为逆时针方向为逆时针(俯视圆环俯视圆环)，当条形磁铁远离圆环，当条形磁铁远离圆环时，穿过圆环的磁通量减小，根据楞次定律可判时，穿过圆环的磁通量减小，根据楞次定律可判断圆环中感应电流的方向为顺时针断圆环中感应电流的方向为顺时针(俯视圆环俯视圆环)，A A 正确；假设磁铁从高度正确；假设磁铁从高度h h处做自由落体运动，处做自由落体运动，其落地时的速度其落地时的速度v v 2 2ghgh，但磁铁穿过圆环的过，但磁铁穿过圆环的过程中要产生一局部电热

27、，根据能量守恒定律可程中要产生一局部电热，根据能量守恒定律可知，其落地速度一定小于知，其落地速度一定小于 2 2ghgh，B B 错误；磁铁在错误；磁铁在整个下落过程中，由于受到磁场力的作用，机械整个下落过程中，由于受到磁场力的作用，机械1414能不守恒，能不守恒，C C 错误；据楞次定律的推论“来拒去错误；据楞次定律的推论“来拒去留，可判断磁铁在整个下落过程中，受圆环对留，可判断磁铁在整个下落过程中，受圆环对它的作用力始终竖直向上，而圆环受到磁铁的作它的作用力始终竖直向上，而圆环受到磁铁的作用力总是竖直向下的，故用力总是竖直向下的，故 D D 正确正确1111(2022山西运城市(2022山

28、西运城市5 5 月适应性测试月适应性测试)一个可一个可以看做质点的物块以恒定大小的初速度滑上木以看做质点的物块以恒定大小的初速度滑上木板，木板的倾角可在板，木板的倾角可在 0 090之间任意调整，设90之间任意调整，设物块沿木板向上能到达的最大位移为物块沿木板向上能到达的最大位移为x x.木板倾木板倾角不同时对应的最大位移角不同时对应的最大位移x x与木板倾角与木板倾角的关的关系如图系如图 8 8 所示所示(g g取取 10m/s10m/s2 2)那么以下说法正确那么以下说法正确的选项是的选项是()图图 8 83 3A A物块与木板间的动摩擦因数为物块与木板间的动摩擦因数为3 3B B物块初速

29、度的大小是物块初速度的大小是 5m/s5m/sC C沿倾角为沿倾角为 30和30和 90上滑时，物块运动到最90上滑时，物块运动到最1515大位移的时间不同大位移的时间不同5 5 3 3D D当当0 0 时，时，x xm m4 4答案答案ABDABD解析解析当当90，90，物块做竖直上抛运动，物块做竖直上抛运动，最大最大位移位移x x1.25m1.25m，根据运动学方程得：根据运动学方程得：v v0 02 20 02 2gxgx，解得解得v v0 05m/s5m/s；当当30，30，x x1.25m1.25m，根据速度位移关系：，根据速度位移关系：v v0 02 2v v0 00 02 2ax

30、ax，有有a a10m/s10m/s2 2，而而a aggcoscos2 2x x3 3g gsinsin，解得：，解得：，A A、B B 正确；因为正确；因为 30303 3和和 90对应的加速度均为90对应的加速度均为a a10m/s10m/s2 2，根据根据v v0 00 0atat，运动到最高点时间相同，运动到最高点时间相同，C C 错误；当错误；当1010 3 32 22 20 0 时，时，a aggm/sm/s，根据，根据v v0 00 02 2axax，求，求3 35 5 3 3得得x xm m，D D 正确正确4 41212(2022陕西汉中市第二次教学质检(2022陕西汉中市

31、第二次教学质检)图图 9 9 甲甲16162 2所示的“轨道康复者航天器可在太空中给所示的“轨道康复者航天器可在太空中给“垃圾卫星补充能源，延长卫星的使用寿“垃圾卫星补充能源，延长卫星的使用寿命图乙是“轨道康复者在某次拯救一颗地球命图乙是“轨道康复者在某次拯救一颗地球同步卫星前，二者在同一平面内沿相同绕行方向同步卫星前，二者在同一平面内沿相同绕行方向绕地球做匀速圆周运动的示意图，此时二者的连绕地球做匀速圆周运动的示意图，此时二者的连线通过地心，轨道半径之比为线通过地心，轨道半径之比为 14.假设不考虑14.假设不考虑卫星与“轨道康复者之间的引力，那么以下说卫星与“轨道康复者之间的引力，那么以下

32、说法正确的选项是法正确的选项是()图图 9 9A A站在赤道上的人观察到“轨道康复者向西站在赤道上的人观察到“轨道康复者向西运动运动B B在图示轨道上，“轨道康复者的加速度大在图示轨道上，“轨道康复者的加速度大小是地球同步卫星的小是地球同步卫星的 1616 倍倍C C在图示轨道上，地球同步卫星的机械能大于在图示轨道上，地球同步卫星的机械能大于“轨道康复者的机械能“轨道康复者的机械能1717D D假设要对该同步卫星实施拯救，“轨道康复假设要对该同步卫星实施拯救，“轨道康复者应从图示轨道上加速，然后与同步卫星对接者应从图示轨道上加速，然后与同步卫星对接答案答案BDBD解析解析因“轨道康复者的高度低

33、于同步卫星因“轨道康复者的高度低于同步卫星的高度，可知其角速度大于同步卫星的角速度，的高度，可知其角速度大于同步卫星的角速度，也大于站在赤道上的观察者的角速度，那么站在也大于站在赤道上的观察者的角速度，那么站在赤道上的人观察到“轨道康复者向东运动，选赤道上的人观察到“轨道康复者向东运动，选MmMmGMGM项项 A A 错误；由错误；由G G2 2mama得：得：a a2 2，在图示轨道，在图示轨道r rr r上，“轨道康复者与地球同步卫星加速度之比上，“轨道康复者与地球同步卫星加速度之比a a1 1r r2 22 24 42 2为为 2 22 21616，故故 B B 正确；正确；因“轨道康复者因“轨道康复者a a2 2r r1 11 1与地球同步卫星的质量关系不确定，那么不能比与地球同步卫星的质量关系不确定，那么不能比拟机械能的关系，选项拟机械能的关系，选项 C C 错误；“轨道康复者错误；“轨道康复者从图示轨道上加速后，轨道半径增大，与同步卫从图示轨道上加速后，轨道半径增大，与同步卫星轨道相交，那么可进行对接，故星轨道相交，那么可进行对接，故 D D 正确正确18181919