(新课标地区专用)2022高考物理提分定时练辑非选择题定时训练2(含解析).pdf

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1、新课标地区专用新课标地区专用 20222022 高考物高考物理提分定时练辑非选择题定时理提分定时练辑非选择题定时训练训练 2 2含解析含解析非选择题定时训练非选择题定时训练 2 2(限时：限时：6060 分钟分钟)三、实验题三、实验题1313(2022陕西宝鸡市质检二(2022陕西宝鸡市质检二)某同学设计了测某同学设计了测定动摩擦因数的方案，其装置如图定动摩擦因数的方案，其装置如图 1 1 所示，所示，A A是是可在水平桌面任意位置固定的滑槽，其末端与水可在水平桌面任意位置固定的滑槽，其末端与水平桌面相切，平桌面相切，B B是体积较小的质量为是体积较小的质量为m m的滑块的滑块 请请你根据相关

2、知识完善以下实验操作：你根据相关知识完善以下实验操作：(重力加速重力加速度为度为g g，不计空气阻力，不计空气阻力)图图 1 1(1)(1)如图甲所示，将滑槽末端与桌面右边缘如图甲所示，将滑槽末端与桌面右边缘M M对对齐并固定，让滑块从滑槽最高点由静止滑下，最齐并固定，让滑块从滑槽最高点由静止滑下，最终落在水平地面上的终落在水平地面上的P P点，测出滑槽最高点距离点，测出滑槽最高点距离桌面的高度桌面的高度h h、M M距离水平地面的高度距离水平地面的高度H H、M M与与P P间的水平距离间的水平距离x x1 1，那么滑块经过滑槽末端时的速，那么滑块经过滑槽末端时的速2 2度为度为_(_(用实

3、验中所测物理量的符号表用实验中所测物理量的符号表示示)(2)(2)如图乙所示，将滑槽沿桌面向左移动一段距如图乙所示，将滑槽沿桌面向左移动一段距离并固定，让滑块离并固定，让滑块B B再次从滑槽最高点由静止滑再次从滑槽最高点由静止滑下，最终落在水平地面上的下，最终落在水平地面上的P P点，测出滑槽末点，测出滑槽末端与桌面右边缘端与桌面右边缘M M的距离的距离L L、M M与与P P间的水平距间的水平距离离x x2 2，那么滑块离开桌面右边缘，那么滑块离开桌面右边缘M M时的速度为时的速度为_(_(用实验中所测物理量的符号表用实验中所测物理量的符号表示示)(3)(3)由第由第(1)(1)、(2)(2

4、)步的测量，可以写出滑块与桌步的测量，可以写出滑块与桌面面 之之 间间 的的 动动 摩摩 擦擦 因因 数数 的的 表表 达达 式式 为为_(_(用实验中所测量物理量的符号表示用实验中所测量物理量的符号表示)答案答案(1)(1)x x1 1g g(2)(2)x x2 22 2H Hg gx x1 1x x2 2(3)(3)2 2H H4 4HLHL2 22 2解析解析(1)(1)设滑块在滑槽末端时的速度大小为设滑块在滑槽末端时的速度大小为v v1 1，1 12 2水平方向有水平方向有x x1 1v v1 1t t，竖直方向有，竖直方向有H Hgtgt，2 2联立解得：联立解得：v v1 1x x

5、1 1g g.2 2H H3 3(2)(2)同理，第二次实验经过桌面右边缘同理，第二次实验经过桌面右边缘M M点的速点的速度大小为：度大小为：v v2 2x x2 2g g.2 2H H(3)(3)滑块在水平桌面上运动，滑块在水平桌面上运动，1 12 21 12 2由动能定理得：由动能定理得：mgLmgLmvmv2 2mvmv1 1，2 22 2x x1 1x x2 2解得：解得：.4 4HLHL1414(2022(2022河南郑州市第三次质量检测河南郑州市第三次质量检测)二极管二极管为非线性元件，其主要特性是单向导电性正向为非线性元件，其主要特性是单向导电性正向电压较小时，电流很小，二极管呈

6、现较大的电阻电压较小时，电流很小，二极管呈现较大的电阻特性；当电压超过一定数值特性；当电压超过一定数值(称为开启电压称为开启电压)时，时，电流迅速增加，呈现较小的电阻特性加反向电电流迅速增加，呈现较小的电阻特性加反向电压压(不超过击穿电压不超过击穿电压)时呈现很大的电阻特性，反时呈现很大的电阻特性，反向电压增加时，反向电流几乎不变物理小组欲向电压增加时，反向电流几乎不变物理小组欲研究测量二极管正向伏安特性，设计了甲、乙、研究测量二极管正向伏安特性，设计了甲、乙、丙三种电路，如图丙三种电路，如图 2 2 所示小组最终选择了丙所示小组最终选择了丙图操作步骤如下：图操作步骤如下：4 42 22 2图

7、图 2 2a a根据电路图丙连接电路；根据电路图丙连接电路；b b闭合开关闭合开关 S S1 1，调节各可变电阻，使得开关，调节各可变电阻，使得开关 S S2 2由断开到闭合时，灵敏电流表由断开到闭合时，灵敏电流表 G G 指针无偏转，并指针无偏转，并记录此时电压表记录此时电压表 V V 的示数的示数U U和电流表和电流表 A A 的示数的示数I I；c c调节可变电阻，重复步骤调节可变电阻，重复步骤b b，读出多组不同的，读出多组不同的U U值和值和I I值，记录数据如表格所示：值，记录数据如表格所示：电电压压 0.0.0.0.0.0.0.0.0.0.0.0.0.0.0.0.0.0.0.0.

8、0.0.U U/1010 2020 3030 4040 5050 5555 6060 6565 7070 7575 8080V V电电流流0 00 00 00 00 01.1.4.4.1313 2727 5353 90900 00 0.0.0.0.0.0.0.0.0I I/5 5mAmAd.d.在坐标纸上描绘出二极管正向伏安特性曲线在坐标纸上描绘出二极管正向伏安特性曲线根据以上内容，请答复以下问题：根据以上内容，请答复以下问题：(1)(1)从设计原理上讲，对于甲图和乙图的误差分从设计原理上讲，对于甲图和乙图的误差分析，以下说法正确的选项是析，以下说法正确的选项是_A A甲图误差的来源在于电流表

9、的分压作用，乙甲图误差的来源在于电流表的分压作用，乙图的误差来源在于电流表的分压作用图的误差来源在于电流表的分压作用B B甲图误差的来源在于电流表的分压作用，乙甲图误差的来源在于电流表的分压作用，乙图的误差来源在于电压表的分流作用图的误差来源在于电压表的分流作用C C甲图误差的来源在于电压表的分流作用，乙甲图误差的来源在于电压表的分流作用，乙图的误差来源在于电流表的分压作用图的误差来源在于电流表的分压作用D D甲图误差的来源在于电压表的分流作用，乙甲图误差的来源在于电压表的分流作用，乙图的误差来源在于电压表的分流作用图的误差来源在于电压表的分流作用(2)(2)在图在图 3 3 坐标系中根据表格

10、中数据描绘出二极坐标系中根据表格中数据描绘出二极管正向伏安特性曲线管正向伏安特性曲线6 6图图 3 3(3)(3)从描绘的图线来看，二极管的开启电压约为从描绘的图线来看，二极管的开启电压约为_V(_V(结果保存一位有效数字结果保存一位有效数字)U U(4)(4)二极管的电阻二极管的电阻R RD D，从描绘的图线来看，当，从描绘的图线来看，当I I二极管导通时，二极管的电阻随着二极管导通时，二极管的电阻随着U U的增大而迅的增大而迅速速_(_(填“增大或“减小填“增大或“减小)(5)(5)从设计原理上讲，电路图丙中二极管电阻的从设计原理上讲，电路图丙中二极管电阻的测量值测量值_真实值真实值(填“

11、大于“等于填“大于“等于或“小于或“小于)答案答案(1)C(1)C(2)(2)7 7(3)0.5(3)0.5(4)(4)减小减小(5)(5)等于等于解析解析(1)(1)由题图所示电路图可知，图甲采用电由题图所示电路图可知，图甲采用电流表外接法，图乙采用电流表内接法，甲图误差流表外接法，图乙采用电流表内接法，甲图误差来源于电压表的分流作用，乙图误差来源于电流来源于电压表的分流作用，乙图误差来源于电流表的分压作用，故表的分压作用，故 C C 正确，正确，A A、B B、D D 错误；错误；(2)(2)根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，根据坐标系内描出的点作

12、出图线如下图：根据坐标系内描出的点作出图线如下图：(3)(3)由题图示图象可知，二极管的开启电压为由题图示图象可知，二极管的开启电压为0.5V0.5V；(4)(4)由图示图象可知，二极管两端电压与通过二由图示图象可知，二极管两端电压与通过二极管的电流的比值减小，二极管电阻减小，故在极管的电流的比值减小，二极管电阻减小，故在该区域，二极管的正向电阻随电压增加而减小该区域，二极管的正向电阻随电压增加而减小(5)(5)由题图丙所示电路图可知，题图丙所示电路由题图丙所示电路图可知，题图丙所示电路防止了电表内阻对实验的影响，电路图丙中二极防止了电表内阻对实验的影响，电路图丙中二极8 8管电阻的测量值等于

13、真实值管电阻的测量值等于真实值四、计算题四、计算题15.(2022山东临沂市二模15.(2022山东临沂市二模)一长为一长为L L的绝缘细的绝缘细线，上端固定，下端拴一质量为线，上端固定，下端拴一质量为m m、带电荷量为、带电荷量为q q的小球，处于如图的小球，处于如图 4 4 所示的水平向右的匀强电所示的水平向右的匀强电场中开始时，将细线与小球拉成水平，小球静场中开始时，将细线与小球拉成水平，小球静止在止在A A点，释放后小球由静止开始向下摆动，当点，释放后小球由静止开始向下摆动，当细线转过细线转过 60角时，60角时，小球到达小球到达B B点，点，速度恰好为速度恰好为零求：零求：图图 4

14、4(1)(1)A A、B B两点间的电势差和电场强度大小；两点间的电势差和电场强度大小；(2)(2)判断小球的电性和小球到达判断小球的电性和小球到达B B点时，细线对点时，细线对小球的拉力大小小球的拉力大小3 3mgLmgL答案答案(1)(1)2 2q q3 3mgmgq q(2)(2)带正电荷带正电荷3 3mgmg9 9解析解析(1)(1)小球由小球由A A到到B B过程中，由动能定理得：过程中，由动能定理得：mgLmgLsin60sin60qUqUABAB0 0，mgLmgLsin60sin603 3mgLmgL解得：解得：U UABAB；q q2 2q q|U UABAB|3 3mgmg

15、场强大小为：场强大小为：E E.L L 1 1cos60cos60 q q(2)(2)小球在小球在B B点受到水平向右的电场力，与电场点受到水平向右的电场力，与电场方向相同，故小球带正电；小球在方向相同，故小球带正电；小球在A A、B B间摆动，间摆动，由对称性得知，由对称性得知，B B处细线的拉力与处细线的拉力与A A处细线的拉处细线的拉力相等，而在力相等，而在A A处，由水平方向受力平衡有：处，由水平方向受力平衡有：F FT TA AqEqE 3 3mgmg所以有：所以有：F FT TB BF FT TA A 3 3mgmg.1616(2022吉林辽源市联合模拟(2022吉林辽源市联合模拟

16、)如图如图 5 5 所示，所示，质量为质量为m mc c2 2m mb b的物块的物块c c静止在倾角均为静止在倾角均为30的等腰斜面上30的等腰斜面上E E点，点，质量为质量为m ma a的物块的物块a a和质和质量为量为m mb b的物块的物块b b通过一根不可伸长的轻质细绳相通过一根不可伸长的轻质细绳相连，细绳绕过斜面顶端的光滑轻质定滑轮并处于连，细绳绕过斜面顶端的光滑轻质定滑轮并处于松弛状态，按住物块松弛状态，按住物块a a使其静止在使其静止在D D点，让物块点，让物块1010b b从斜面顶端从斜面顶端C C由静止下滑，刚下滑到由静止下滑，刚下滑到E E点时释点时释放物块放物块a a，

17、细绳恰好伸直且瞬间张紧绷断，之后，细绳恰好伸直且瞬间张紧绷断，之后物块物块b b与物块与物块c c立即发生弹性碰撞，碰后立即发生弹性碰撞，碰后a a、b b都经过都经过t t1s1s 同时到达斜面底端同时到达斜面底端A A、D D两点和两点和C C、E E两点的距离均为两点的距离均为l l1 10.9m0.9m，E E、B B两点的距离为两点的距离为l l2 20.4m0.4m斜面上除斜面上除EBEB段外其余都是光滑的，段外其余都是光滑的，物物3 3块块b b、c c与与EBEB段间的动摩擦因数均为段间的动摩擦因数均为，3 3空气阻力不计，细绳张紧时与斜面平行，物块空气阻力不计，细绳张紧时与斜

18、面平行，物块a a未与滑轮发生碰撞，取未与滑轮发生碰撞，取g g10m/s10m/s.求：求：图图 5 5(1)(1)物块物块b b由由C C点下滑到点下滑到E E点所用时间；点所用时间；(2)(2)物块物块a a能到达离能到达离A A点的最大高度点的最大高度答案答案(1)0.6s(1)0.6s(2)0.578m(2)0.578m解析解析(1)(1)物块物块b b在斜面上光滑段在斜面上光滑段CECE运动的加速运动的加速度为度为a a1 1g gsinsin5m/s5m/s2 22 211111 1由由l l1 1a a1 1t t1 12 22 2解得：解得：t t1 12 2l l1 1a

19、a1 120.920.9s s0.6s0.6s5 51 12 2(2)(2)取沿取沿ACAC方向为正方向，方向为正方向，由由l l1 1v v1 1t ta a1 1t t，2 2t t1s1sa a1 1g gsinsin5m/s5m/s解得解得v v1 11.6m/s1.6m/s2 2v v1 1a a沿斜面上滑的距离为沿斜面上滑的距离为s s0.256m0.256m2 2a a1 1所以物块所以物块a a能到达离能到达离A A点的最大高度点的最大高度h h(l l1 12 2s s)sin)sin0.578m0.578m17.(2022山东青岛市三模17.(2022山东青岛市三模)如图如

20、图 6 6，平行光滑金平行光滑金属导轨由水平局部和倾斜局部平滑连接而成，导属导轨由水平局部和倾斜局部平滑连接而成，导轨间距轨间距L L0.2m0.2m水平导轨的一局部处于磁感应水平导轨的一局部处于磁感应强度强度B B0.5T0.5T、方向垂直于水平导轨平面向上的、方向垂直于水平导轨平面向上的匀强磁场中，与水平导轨垂直的虚线匀强磁场中，与水平导轨垂直的虚线MNMN和和PQPQ为为磁场区域的左、右边界在磁场中离左边界磁场区域的左、右边界在磁场中离左边界d d12120.4m0.4m 处垂直水平导轨静置导体棒处垂直水平导轨静置导体棒a a，在倾斜导轨，在倾斜导轨上高上高h h0.2m0.2m处垂直于

21、导轨放置导体棒处垂直于导轨放置导体棒b b.现将导现将导体棒体棒b b由静止释放，最终导体棒由静止释放，最终导体棒a a以以 1m/s1m/s 的速的速度从磁场右边界离开磁场区域导体棒度从磁场右边界离开磁场区域导体棒a a、b b的的质量均为质量均为m m0.01 kg0.01 kg，阻值均为，阻值均为R R0.1，棒0.1，棒的长度均等于导轨间距，不计导轨电阻，运动过的长度均等于导轨间距，不计导轨电阻，运动过程中导体棒始终垂直于导轨且接触良好，重力加程中导体棒始终垂直于导轨且接触良好，重力加速度速度g g取取 10 m/s10 m/s.求：求：图图 6 6(1)(1)导体棒导体棒b b刚进入

22、磁场时，导体棒刚进入磁场时，导体棒a a的加速度的加速度大小；大小；(2)(2)a a棒离开磁场时，棒离开磁场时，b b棒的速度大小；棒的速度大小；(3)(3)整个过程中，回路中产生的焦耳热整个过程中，回路中产生的焦耳热Q Q.答案答案(1)10m/s(1)10m/s2 2(2)1 m/s(2)1 m/s(3)0.015J(3)0.015J解析解析(1)(1)金属棒金属棒b b下滑过程机械能守恒，由机下滑过程机械能守恒，由机1 12 2械能守恒定律得：械能守恒定律得：mghmghmvmv0 02 213132 2b b刚进入磁场时产生的感应电动势：刚进入磁场时产生的感应电动势：E EBLvBL

23、v0 0E E感应电流：感应电流：I I2 2R R对金属棒对金属棒a a，由牛顿第二定律得：，由牛顿第二定律得：BILBILmama代入数据解得：代入数据解得：a a10m/s10m/s(2)(2)a a、b b两棒组成的系统动量守恒，以向右为正两棒组成的系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：方向，由动量守恒定律得：mvmv0 0mvmva amvmvb b1 1代入数据解得：代入数据解得：v vb b1 11m/s1m/s(3)(3)a a棒离开磁场前棒离开磁场前a a、b b两棒共速，此时两棒间两棒共速，此时两棒间的距离为的距离为d d对导体棒对导体棒a a，由动量定理得：，由

24、动量定理得：BILtBILtmvmva a其中：其中：q q1 1ItIt，那么：，那么：BLqBLq1 1mvmva aBLBL d dd d 通过回路的电荷量：通过回路的电荷量：q q1 12 2R R2 2R R代入数据解得：代入数据解得：d d0.2m0.2m从从a a棒离开磁场到棒离开磁场到b b棒到达磁场右边界过程，通棒到达磁场右边界过程，通过回路的电荷量为过回路的电荷量为q q2 2，b b棒到达右边界时的速度棒到达右边界时的速度为为v vb b2 214142 2对对b b，由动量定理得：，由动量定理得：BIBILtLtmvmvb b2 2mvmvb b1 1其中：其中：q q2 2I It t，那么：，那么：BLqBLq2 2mvmvb b2 2mvmvb b1 1BLdBLd通过回路的电荷量：通过回路的电荷量：q q2 22 2R R1 12 21 1整个过程，整个过程，由能量守恒定律得：由能量守恒定律得：mghmghmvmva amvmvb b2 22 22 22 2Q Q代入数据解得：代入数据解得：Q Q0.015J0.015J1515