备战2023年高考生物全国通用易错题16关于自由组合定律分离比变式的遗传题(解析版).pdf

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1、易错点 16 关于自由组合定律分离比变式的遗传题 关于自由组合定律分离比变式的遗传题是高考热点题型之一，多数以代谢途径或杂交实验为背景考查遗传规律、三种可遗传变异、基因控制性状的途径等知识，这类试题跨度较大，具有较强的综合性。而没有全面且熟练掌握相关知识、不能准确分析自由组合定律分离比变化的原因、科学推理能力弱等是失分的主要原因。在复习备考中，需要加强练习，寻找规律，提高审题能力和科学推理能力。注意以下细微易错陷阱，对提高这类题的解题能力有所帮助。易错陷阱 1：自由组合定律分离比各种变式的原因。不明白自由组合定律分离比各种变式的原因，无法推出亲本或子代的基因型及比例。例如：F2表型比例为“9:

2、6:1”，是因为 A_bb 和 aaB_个体的表型相同，即 9：（3+3）：1=9:6:1，所以 F1为双显杂合子 AaBb，单显性状个体有 A_bb 和 aaB_两类。易错陷阱 2：基因控制性状的途径。看不懂基因通过控制酶的合成控制代谢，进而控制性状的途径，无法分析出各种性状的基因型；忽略抑制基因的作用或基因叠加作用造成基因型分析错误。易错陷阱 3：F2的表现型比例之和。忽略 F2的表现型比例之和存在特殊情况：若 F2各种表现型比例之和是 16 可能是两对等位基因也可能是三对或以上等位基因控制的；若 F2各种表现型比例之和小于 16 但是大于 4，可能是遵循自由组合定律有致死情况。例题 1、

3、（2022 山东卷 T17）某两性花二倍体植物的花色由 3 对等位基因控制，其中基因 A 控制紫色，a 无控制色素合成的功能。基因 B 控制红色，b 控制蓝色。基因 I 不影响上述 2 对基因的功能，但 i 纯合的个体为白色花。所有基因型的植株都能正常生长和繁殖，基因型为 A_B_I_和 A_bbI_的个体分别表现紫红色花和靛蓝色花。现有该植物的 3 个不同纯种品系甲、乙、丙，它们的花色分别为靛蓝色、白色和红色。不考虑突变，根据表中杂交结果，下列推断正确的是（多选）（）A让只含隐性基因的植株与 F2测交，可确定 F2中各植株控制花色性状的基因型 B让表中所有 F2的紫红色植株都自交一代，白花植

4、株在全体子代中的比例为 1/6 C若某植株自交子代中白花植株占比为 1/4，则该植株可能的基因型最多有 9 种 D若甲与丙杂交所得 F1自交，则 F2表型比例为 9 紫红色3 靛蓝色3 红色1 蓝色【解析】依据题意分析，基因型为 A_B_I_和 A_bbI_的个体分别表现紫红色花和靛蓝色花，基因型为 aaB_I_表现为红色，_ _ _ _ii 表现为白色。杂交组合一中 F2的性状分离比为紫红色靛蓝色白色=934，为9331 的变式，说明相关的两对等位基因的遗传符合基因自由组合定律，同理根据乙、丙杂交结果，也说明相关的等位基因的遗传符合基因自由组合定律。根据 F2中性状表现确定纯种品系靛蓝色甲基

5、因型为AAbbII，纯种品系白色乙的基因型为 AABBii，纯种品系红色丙的基因型为 aaBBII。A、当植株是白花时候，其基因型为_ _ _ _ii。让只含隐性基因的植株与 F2测交，后代仍然是白花，无法鉴别它的具体的基因型，A 项错误；杂交组合 F1表型 F2表型及比例 甲乙 紫红色 紫红色靛蓝色白色=934 乙丙 紫红色 紫红色红色白色=934 B、甲乙杂交组合中 F2的紫红色植株基因型为 AABbIi：AABBIi：AABbII：AABBII=4：2：2：1。乙丙杂交组合中 F2的紫红色植株基因型为 AaBBIi：AABBIi：AaBBII：AABBII=4：2：2：1。其中 II：I

6、i=1：2。所以让表中所有 F2的紫红色植株都自交一代，白花植株在全体子代中的比例为 2/31/4=1/6，B 项正确；C、若某植株自交子代中白花植株占比为 1/4，则亲本为（_ _ _ _Ii），则该植株可能的基因型最多有 33=9种，C 项正确；D、由于题中不能说明相关基因 A/a 和 B/b 是否在同一对同源染色体上，则可分为两种情况，第一种情况，当三对等位基因分别位于三对同源染色体上，甲与丙杂交所得 F1的基因型为 AaBbII，其自交的子二代的表现型比为紫红色(A_B_II):靛蓝色花(A_bbII):红色(aaB_II):蓝色（aabbII）=9:3:3:1；第二种情况，当 A/a

7、和 B/b 两对等位基因位于一对染色体上时，子二代的表现型比为紫红色(A aBbII)：靛蓝色花(AAbbII)：红色(aaBBII)=2：1：1，D 项错误。【答案】BC 例题 2、（2022 北京卷T18）番茄果实成熟涉及一系列生理生化过程，导致果实颜色及硬度等发生变化。果实颜色由果皮和果肉颜色决定。为探究番茄果实成熟的机制，科学家进行了相关研究。（1）果皮颜色由一对等位基因控制。果皮黄色与果皮无色的番茄杂交的 F1果皮为黄色，F1自交所得 F2果皮颜色及比例为_。（2）野生型番茄成熟时果肉为红色。现有两种单基因纯合突变体，甲（基因 A 突变为 a）果肉黄色，乙（基因 B 突变为 b）果肉

8、橙色。用甲、乙进行杂交实验，结果如图 1。据此，写出 F2中黄色的基因型：_。（3）深入研究发现，成熟番茄的果肉由于番茄红素的积累而呈 红色，当番茄红素量较少时，果肉呈黄色，而前体物质 2 积累会使 果肉呈橙色，如图 2。上述基因 A、B 以及另一基因 H 均编码与果 肉颜色相关的酶，但 H 在果实中的表达量低。根据上述代谢途径，aabb 中前体物质 2 积累、果肉呈橙色的原因是_。（4）有一果实不能成熟的变异株 M，果肉颜色与甲相同，但 A 并未突变，而调控 A 表达的 C 基因转录水平极低。C 基因在果实中特异性表达，敲除野生型中的 C 基因，其表型与 M 相同。进一步研究发现 M 中C

9、基因的序列未发生改变，但其甲基化程度一直很高。推测果实成熟与 C 基因甲基化水平改变有关。欲为此推测提供证据，合理的方案包括_，并检测 C 的甲基化水平及表型。将果实特异性表达的去甲基化酶基因导入 M 敲除野生型中果实特异性表达的去甲基化酶基因 将果实特异性表达的甲基化酶基因导入 M 将果实特异性表达的甲基化酶基因导入野生型【解析】（1）从题干信息可知：果皮黄色与果皮无色的番茄杂交的 F1果皮只有为黄色，说明黄色为显性性状，F1为杂合子；结合题干信息“果皮颜色由一对等位基因控制”可以推出：F1自交所得 F2果皮颜色及比例为黄色：无色=3：1。（2）从题干信息可知：甲（基因 A 突变为 a）果肉

10、黄色，乙（基因 B 突变为 b）果肉橙色，甲、乙为单基因纯合突变体，而且用甲、乙进行杂交实验，F2红色：黄色：橙色=185:62:83=9：3：4，是自由组合定律F2性状分离比 9：3：3：1 的变式，因此甲、乙基因型分别为：aaBB、AAbb，F1为红色（AaBb），F2中黄色的基因型为 aaBB、aaBb。（3）根据题中代谢途径，基因 A 和基因 H 编码的酶促进前体物质 1 形成前体物质 2，基因 A 突变为 a，但果肉细胞中的基因 H 仍表达出少量酶 H，持续生成前体物质 2；基因 B 编码的酶促进前体物质 2 形成番茄红素，基因 B 突变为 b 后，导致前体物质 2 无法转变为番茄红

11、素，所以 aabb 中前体物质 2 积累、果肉呈橙色。（4）从题干信息可知：变异株 M 的 C 基因被甲基化，转录水平极低，果实不能成熟；野生型中的 C 基因正常表达，果实能成熟。欲推测果实成熟与 C 基因甲基化水平改变有关，自变量为甲基化酶和去甲基化酶，因变量为 C 基因甲基化水平和果实成熟状况。所以实验方案可以将果实特异性表达的去甲基化酶基因导入M，观察 M 是否去甲基化，果实是否能成熟；可以敲除野生型中果实特异性表达的去甲基化酶基因，观察野生型是否甲基化，果实是否还能成熟；可以将果实特异性表达的甲基化酶基因导入野生型，观察野生型是否甲基化，果实是否还能成熟。若将果实特异性表达的甲基化酶基

12、因导入 M 变异株，实验结果仍然是 C 基因被甲基化、果实不能成熟，不能说明果实成熟与 C 基因甲基化水平改变有关。【答案】（1）黄色：无色=3：1（2）aaBB、aaBb（3）基因 A 突变为 a，但果肉细胞中的基因 H 仍表达出少量酶 H，持续生成前体物质 2；基因 B 突变为 b，前体物质 2 无法转变为番茄红素（4）一、9331 几种变式的分析 条件分析 F1(AaBb)自交后代比例 F1(AaBb)测交后代比例 表型为双显、单显、双隐三种，即 A_bb和 aaB_个体的表型相同 961 121 双显性为一种表型，其余为另一种，即 A_bb、aaB_、aabb 个体的表型相同 97 1

13、3 双显为一种表型，一种单显为一种表型，另一单显与双隐为一种表型，即A_bb 和 aabb 的表型相同或 aaB_和aabb 的表型相同 934 112 只要存在显性基因(A或B)就表现为同一种表型，其余表现为另一种，即A_B_、A_bb 和 aaB_的表型相同 151 31 单显为一种表型，其余为另一种表型，即 A_B_和 aabb 一种表型，A_bb 和aaB_为一种表型 106 11(22)显性基因在基因型中的个数影响性状表现(累加效应)AABB(AaBB、AABb)(AaBb、aaBB、AAbb)(Aabb、aaBb)aabb14641 AaBb(Aabb、aaBb)aabb121 A

14、A 和 BB 显性纯合致死 AaBbAabbaaBbaabb=4221 AaBbAabbaaBbaabb=1111 AA（或 BB）显性纯合致死（AaBb+AaBB）aaB_ Aabbaabb=6321 或（AaBb+AABb）aaBb A_bbaabb=6231 AaBbAabbaaBbaabb=1111 双隐性致死 A_B_A_bbaaB_933。单隐性致死(aa 或 bb)A_B_A_bb=93 或A_B_aaB_=93 二、解题步骤和技巧 第一步：看 F2的表现型比例，若各种表现型比例之和是 16，不管是“15:1”或“9:7”或“9:6:1”或，均是 9331 的变式，均符合基因的自

15、由组合定律。(有致死时自交分离比“和”小于 16 大于 4)第二步：将异常分离比与“9331”进行对比，分析其合并性状的原因和类型，例如“15:1”是“（933）1”，15 是“（A_B_、A_bb、aaB_）”三种性状的合并结果。这是关键步骤！第三步：依据出现异常分离比的原因，推测亲本基因型或推断子代基因型和表现型及比例。1.（2021 八省联考湖北卷T5）某植物花的色素由非同源染色体上的 A和 B基因编码的酶催化合成（其对应的等位基因 a和 b 编码无功能蛋白），如下图所示。亲本基因型为 AaBb 的植株自花授粉产生子一代，下列相关叙述正确的是（）A.子一代的表现型及比例为红色：黄色=9：

16、7 B.子一代的白色个体基因型为 Aabb和 aaBb C.子一代的表现型及比例为红色：白色：黄色=9：4：3 D.子一代红色个体中能稳定遗传的基因型占比为 1/3 1.【答案】C【解析】由图可知，白色物质无 A 基因，即基因组成为 aa_，黄色物质为 A_bb，红色物质为 A_B_，又色素由非同源染色体上的 A 和 B 基因编码的酶催化合成，则 A/a、B/b 这两对等位基因的遗传遵循基因的自由组合定律。亲本基因型为 AaBb 的植株自花授粉产生子一代，子代红色（A_B_）：白色（aa_）：黄色（A_bb）=9：4：3。AC、由以上分析可知，子一代的表现型及比例为红色：白色：黄色=9：4：3

17、，A 项错误；C 项正确；B、子一代的白色个体基因型为 aaBb、aaBb 和 aabb，B 项错误；D、子一代红色个体（A_B_）中能稳定遗传的基因型（AABB）占比为 1/9，D 项错误。2.（2022 厦门市 3 月质检T20）果蝇体细胞有 4 对染色体，其中 II、III、IV 号为常染色体。野生型果蝇体色为灰色；黄体果蝇由于y基因缺失而表现为黄色体色。GAL4/UAS是从酵母菌中发现的一种基因表达调控系统，其中的UAS片段连接在靶基因的前端，使靶基因不能表达；而GAL4基因表达出的 GAL4 蛋白能与染色体上的UAS片段结合，激活靶基因表达。科研人员将一个GAL4基因插入黄体雄果蝇的

18、一条 II 号染色体上，得到转基因雄果蝇甲；将UAS片段连接在y基因上游构建成UAS-y基因，并将其插入到黄体雌果蝇的某条染色体上，得到转基因雌果蝇乙。回答下列问题：（1）果蝇作为遗传学实验材料的优点有_。（写出两点即可）（2）甲与乙杂交得到的 F1中出现了灰体果蝇，原因是_。（3）将甲与乙杂交，若 F1中灰体:黄体=1:3，_（“能”或“不能”）据此判断UAS-y基因是否插入到乙的 II 号染色体上，理由是_。（4）从 F1中选择灰体果蝇随机交配得到 F2，观察 F2的表现型及比例。若 F2的雌雄果蝇中灰体:黄体=_，则UAS-y基因插入到乙的 II 号染色体上；若 F2的雌雄果蝇中灰体:黄

19、体=_，则UAS-y基因插入到乙的 III 号或 IV 号染色体上；若 F2中灰体雌蝇:黄体雌蝇:灰体雄蝇:黄体雄蝇=_，则UAS-y基因插入到乙的 X 染色体上。2.【答案】（1）易饲养、繁殖快 遗传背景简单（染色体数目少）（2）F1的部分个体中同时含有GAL4基因和UAS-y基因，GAL4基因表达出的蛋白与UAS片段结合，激活y基因的表达，从而表现出灰体（3）不能 GAL4基因插入到乙的任意一条染色体上，F1 中灰体与黄体的比值均为 1:3（4）1:1 9:7 6:2:3:5 【解析】(1)果蝇作为遗传学研究的实验材料的优点主要体现在以下几个方面：果蝇体型小，体长不到半厘米；饲养管理容易，

20、既可喂以腐烂的水果，又可配培养基饲料；一个牛奶瓶里可以养上成百只。果蝇繁殖系数高，孵化快，只要 1 天时间其卵即可孵化成幼虫，2-3 天后变成蛹，再过 5 天就羽化为成虫。从卵到成虫只要 10 天左右，一年就可以繁殖 30 代。果蝇的染色体数目少，仅 3 对常染色体和 1 对性染色体，便于分析。作遗传分析时，研究者只需用放大镜或显微镜一个个地观察、计数就行了，从而使得工作量大为减轻。有易于区分的性状，这一点与豌豆类似。由分析可知，果蝇作为遗传学实验材料的优点有：果蝇体型小，饲养管理容易；果蝇繁殖系数高；染色体数目少，便于遗传分析；有易于区分的性状。(2)分析题干信息可知，同时具备 GAL4 基

21、因和 UAS-y 基因的果蝇，才能合成 GAL4 蛋白驱动 UAS 下游的y 基因表达，从而表现出灰色性状，雄果蝇甲含有 GAL4，雌果蝇乙含有 UAS-y，两者杂交，F1中会出现同时含有两种基因的个体，故出现灰体果蝇。(3)可假设插入 GAL4 基因用 A 表示(没有该基因用 a 表示)，插入 UAS-y 基因用 B 表示(没有该基因用 b表示)。UAS-y 基因插入的位置有 3 种可能：2 号染色体上(则甲乙基因型可表示为 AabbaaBb，遵循连锁定律)、其他常染色体上(则甲乙基因型可表示为 AabbaaBb，遵循自由组合定律)、X 染色体上(则甲乙基因型可表示为 AaXbYaaXBXb

22、，遵循自由组合定律)。但无论 UAS-y 基因插入哪一条染色体上，F1中灰体与黄体比例均为 1：3，故根据 F1性状比例不能判断 UAS-y 是否插入到乙的号染色体上。(4)已知GAL4插入到2号染色体上，若UAS-y也插入到2号染色体上，则甲乙基因型可表示为AabbaaBb，遵循连锁定律，F1中选择灰体雌雄果蝇(AaBbAaBb)随机交配，雌雄果蝇均产生 Ab、aB 两种配子，则F2中基因型及比例为 AaBb(灰体)：AAbb(黄体)：aaBB(黄体)=2：1：1，故灰体：黄体=1：1；若 UAS-y 基因插入到乙的号或号染色体上，则两种基因自由组合，F1中选择灰体雌雄果蝇(AaBbAaBb

23、)随机交配，雌雄果蝇均产生 Ab、aB、AB、ab 四种配子，从以上分析可知同时含有 GAL4基因和UAS-y基因的个体表现为灰体，其余为黄体，故F2中灰体(A_B_)：黄体(3A_bb、3aaB_、1aabb)=9：7；若 UAS-y 插入到 X 染色体上，则 F1中灰体的基因型为 AaXBYAaXBXb，可推知 F2果蝇的表现型及比例为 3/4 A_2/4XBX：1/4 aa2/4XBX：3/4 A_1/4XBY：（3/4 A_1/4XbY+1/4 aa1/4XBY+1/4 aa1/4XbY）=灰体雌：黄体雌：灰体雄：黄体雄=6：2：3：5。3.（2019江苏卷T32）杜洛克猪毛色受两对独

24、立遗传的等位基因控制，毛色有红毛、棕毛和白毛三种，对应的基因组成如下表。请回答下列问题：毛色 红毛 棕毛 白毛 基因组成 A_B_ A_bb、aaB_ aabb（1）棕毛猪的基因型有_种。（2）已知两头纯合的棕毛猪杂交得到的 F1均表现为红毛，F1雌雄交配产生 F2。该杂交实验的亲本基因型为_。F1测交，后代表现型及对应比例为_。F2中纯合个体相互交配，能产生棕毛子代的基因型组合有_种（不考虑正反交）。F2的棕毛个体中纯合体的比例为_。F2中棕毛个体相互交配，子代白毛个体的比例为_。（3）若另一对染色体上有一对基因 I、i，I 基因对 A 和 B 基因的表达都有抑制作用，i 基因不抑制，如 I

25、_A_B_表现为白毛。基因型为 IiAaBb 的个体雌雄交配，子代中红毛个体的比例为_，白毛个体的比例为_。3.【答案】（1）4（2）AAbb 和 aaBB 红毛棕毛白毛=121 4 1/3 1/9（3）9/64 49/64【解析】由题意可知：猪毛色受独立遗传的两对等位基因控制，可知猪毛色的遗传遵循自由组合定律。AaBb个体相互交配，后代 A_B_A_bbaaB_aabb9331。（1）由表格知：棕毛猪的基因组成为 A_bb、aaB_，因此棕毛猪的基因型有：AAbb、Aabb、aaBB、aaBb 4 种。（2）由两头纯合棕毛猪杂交，F1均为红毛猪，红毛猪的基因组成为 A_B_，可推知两头纯合棕

26、毛猪的基因型为 AAbb 和 aaBB，F1红毛猪的基因型为 AaBb。F1测交，即 AaBb 与 aabb 杂交，后代基因型及比例为 AaBbAabbaaBbaabb1111，根据表格可知后代表现型及对应比例为：红毛棕毛白毛121。F1红毛猪的基因型为 AaBb，F1雌雄个体随机交配产生 F2，F2的基因型有：A_B_、A_bb、aaB_、aabb，其中纯合子有：AABB、AAbb、aaBB、aabb，能产生棕色猪（A_bb、aaB_）的基因型组合有：AAbbAAbb、aaBBaaBB、AAbbaabb、aaBBaabb 共 4 种。F2的基因型及比例为 A_B_A_bbaaB_aabb93

27、31，棕毛猪 A_bb、aaB_所占比例为 6/16，其中纯合子为 AAbb、aaBB，所占比例为 2/16，故 F2的棕毛个体中纯合体所占的比例为 2/6，即 1/3。F2的棕毛个体中各基因型及比例为 1/6AAbb、2/6Aabb、1/6aaBB、2/6aaBb。棕毛个体相互交配，能产生白毛个体（aabb）的杂交组合及概率为：2/6Aabb2/6Aabb2/6aaBb2/6aaBb2/6Aabb2/6aaBb21/31/31/41/31/31/41/31/31/21/221/9。（3）若另一对染色体上的 I 基因对 A 和 B 基因的表达有抑制作用，只要有 I 基因，不管有没有 A 或 B

28、 基因都表现为白色，基因型为 IiAaBb 个体雌雄交配，后代中红毛个体即基因型为 ii A_B_的个体。把 Ii 和AaBb 分开来做，IiIi 后代有 3/4I _和 1/4ii，AaBbAaBb 后代基因型及比例为 A_B_A_bbaaB_aabb9331。故子代中红毛个体（ii A_B_）的比例为 1/49/169/64，棕毛个体（ii A_bb、iiaaB_）所占比例为 1/46/166/64，白毛个体所占比例为：19/646/6449/64。1.（2021 八省联考辽宁生物T6）杜洛克大红猪皮毛颜色由常染色体上两对独立遗传的基因（R、r 和 T、t）控制。基因 R 或 T单独存在的

29、个体，能将无色色素原转化为沙色色素；基因 r、t不能转化无色色素原；基因 R和 T 同时存在的个体，沙色色素累加形成红色色素。若将基因型为 RrTt 的雌雄个体杂交，所得子代表现型中红色沙色白色的比例为（）A.121 B.961 C.943 D.1231 1.【答案】B【解析】分析题意可知：基因 R和 T 同时存在的个体，沙色色素累加形成红色色素，即红色个体基因型为R-T-；基因 R或 T单独存在的个体，能将无色色素原转化为沙色色素，故沙色个体的基因型为 R-tt或 rrT-；基因 r、t不能转化无色色素原，故无色个体基因型为 rrtt。若将基因型为 RrTt 的雌雄个体杂交，所得子代基因型有

30、 9 种，3种表现型，其中红色的基因型为：1RRTT、2 RRTt、2 RrTT、4RrTt；沙色基因型为 1RRtt、2Rrtt、1rrTT、2rrTt；白色的基因型为：1rrtt。综上可知，将基因型为 RrTt 的雌雄个体杂交所得子代表现型中红色沙色白色的比例为（1+2+2+4）（1+2+1+2）1=961，A、C、D 项错误，B项正确。2.(2022山东高三模拟)某雌雄同株异花植物的籽粒颜色由两对基因控制，基因 A 控制籽粒为紫色，基因 a 控制籽粒为黄色，基因 B 只对基因型为 Aa 的个体有一定的抑制作用而使籽粒呈现白色。籽粒的颜色同时也受到环境的影响。某生物兴趣小组成员利用黄色籽粒

31、和紫色籽粒长成的植株进行两次杂交实验，实验结果如下表所示。下列说法错误的是()组别 亲代 F1表型 F1自交，所得 F2表型及比例 一 黄色紫色 全为白色 紫色黄色白色646 二 全为紫色 紫色黄色白色1042 A.亲本的基因型可能分别是 aaBB、AAbb B让第一组 F2中的紫色和黄色杂交，则子代黄色个体所占的比例为 1/6 C对 F1植株产生的花药进行离体培养后，便可得到能稳定遗传的个体 D可能是环境改变导致第二组的 F1全为紫色，并非是某个基因突变所致 2.【答案】C【解析】A、第一组的亲本表型为黄色紫色，而 F1表型全为白色，从题干信息“基因 B 只对基因型为 Aa 的个体有一定的抑

32、制作用而使籽粒呈现白色”可知白色个体的基因型为 AaB_，由此推出亲本的基因型可能分别是aaBB、AAbb，A 项正确；B、第一组 F2中，紫色个体基因型及所占比例分别为：AA_ _占 4/6=2/3，Aabb 占 2/6=1/3，黄色个体基因型为 aa_ _。紫色和黄色杂交，则子代黄色 aa_ _个体所占的比例为 1/31/21/6，B 项正确；C、将 F1植株产生的花药离体培养得到的是单倍体植株，高度不育，不能稳定遗传，C 项错误；D、由于籽粒的颜色同时也受到环境的影响，第二组的 F1全为紫色可能是由环境条件改变引起的，并不涉及基因突变，D 项正确。3兔子的毛色由两对基因控制，在有 C 基

33、因存在时，含 B 的兔毛为黑色，含 bb 的兔毛为棕色；当为 cc时，全为白色。现有一只棕色雄兔与一只白色雌兔杂交，F1全为黑色，让 F1雌雄个体随机交配，若后代数量足够多，在 F2中黑色棕色白色934。下列有关说法错误的是()A根据后代分离比可推测控制毛色的这两对基因的遗传符合自由组合定律 B若让 F2黑色兔相互交配，则出现白兔的概率为 1/9 C让 F2白色兔相互交配，后代会出现棕色和白色两种类型 D可通过统计 F2各种毛色中兔子的性别比例来确定两对基因的位置 3.【答案】C【解析】A、根据题干信息“在有 C 基因存在时，含 B 的兔毛为黑色，含 bb 的兔毛为棕色；当为 cc 时，全为白

34、色。”可知，B_C_为黑色，bbC_为棕色，B_cc、bbcc 为白色，一只棕色雄兔与一只白色雌兔杂交，F1全为黑色，让 F1雌雄个体随机交配后代比例为 934，是 9331 的变式，则两对基因符合自由组合定律，F1基因型为 BbCc，A 项正确；B、F2中黑色兔基因型为 1BBCC、2BbCC、2BBCc、4BbCc，后代基因型含有 cc，则为白色兔，C 的基因频率为 1/92/92/91/24/91/22/3，c 的基因频率为 1/3，依据哈代温伯格定律，后代出现 cc 白色兔的概率为 1/31/31/9，B 项正确；C、白色兔的基因型中不含 C 基因，F2白色兔相互交配，后代全为白色，C

35、 项错误；D、可通过统计 F2各种毛色中兔子的性别比例来确定两对基因位于常染色体还是性染色体，D 项正确。4拟南芥植株较小、生长周期短、结实多、形态特征分明、易于观察，是典型的自交繁殖植物。拟南芥易于保持遗传稳定性，利于遗传研究，被科学家誉为“植物中的果蝇”。拟南芥果瓣有紫色和白色两种表型，已知紫色果瓣形成的生物化学途径如图所示。A 和 a、B 和 b 是分别位于两对染色体上的等位基因，其中 A 对 a 为显性、B 对 b 为显性。下列说法正确的是()A 若基因型不同的两白色果瓣植株杂交，所得F1中紫色果瓣白色果瓣11，则两亲本基因型为AAbb、aaBb B若紫色果瓣植株自交，所得 F1中紫色

36、果瓣白色果瓣97，则说明亲本紫色果瓣的基因型为 AaBb C基因控制该植物紫色果瓣和白色果瓣的途径与基因控制豌豆皱粒的途径不同 D 若中间产物为红色，则基因型为 AaBb 的植株自交，所得 F1中紫色果瓣红色果瓣白色果瓣961 4.【答案】B【解析】从紫色果瓣形成的生物化学途径图中可知：紫色果瓣基因型为 A_B_，白色果瓣基因型为 A_bb、aaB_、aa bb。A、若基因型不同的两白色果瓣植株杂交，所得 F1中紫色果瓣白色果瓣11，则两亲本白色果瓣植株的杂交组合应为 AAbbaaBb 或 AabbaaBB，A 项错误；B、若紫色果瓣植株自交，所得 F1中紫色果瓣白色果瓣97，为 9331 的

37、变式，则亲本紫色果瓣的基因型为 AaBb，B 项正确；C、基因控制该植物紫色果瓣和白色果瓣的途径与基因控制豌豆皱粒的途径都是基因通过控制酶的合成控制代谢，进而控制性状的，C 项错误；D、若中间产物为红色(形成红色果瓣)，即 A_bb 为红色果瓣，那么基因型为 AaBb 的植株自交，子一代植株的基因型及比例为 A_B_A_bbaaB_aabb9331，表型及比例为紫色果瓣红色果瓣白色果瓣934，D 项错误。5.（2022 广东三模 T8）黄瓜幼果的果皮颜色受两对等位基因控制。现有两批纯合黄瓜杂交，结果如图 4。下列叙述错误的是 A这两对基因位于两对染色体上 B亲本中的白色果皮的基因型有两种 CF

38、2浅绿色果皮黄瓜中能稳定遗传的个体占 1/3 D若让 F2中黄绿色果皮个体自交，则其后代中出现白果皮的概率为 1/6 5.【答案】B【解析】A、题中 F2的性状分离比为 190:66:83 9:3:4，符合 9:3:3:1 变式，可判断这两对基因位于两对染色体上，遵循自由组合定律，A 项正确；B、F1黄绿色果皮个体的基因型为双杂合，结合题干中亲本为纯合，可判断亲本中黄绿色果皮个体为显性纯合，白色果皮个体为隐性纯合，B 项错误；C、设这两对基因分别为 A/a、B/b，则 F2浅绿色果皮为单显性，基因型为 A bb（或 aaB），其中纯合子占 1/3，C 项正确；D、F2中黄绿色果皮个体基因型及比

39、例为 AABB1/9、AaBB2/9、AaBb4/9、AABb2/9，其中自交后能出现白果皮的是 AaBB2/9（或 AABb2/9）、AaBb4/9，其中 AaBB2/9（或 AABb2/9）自交后代中白色果皮概率为 2/91/4=1/18，AaBb4/9 自交后代中白色果皮概率为 4/91/4=1/9，故后代白果皮的概率为 1/6，D 项正确。6.某高等植物有甲、乙、丙三个基因型不同的纯合白花品种，现进行两两杂交实验，结果如下：实验一：甲乙F1（红花）F2（162 红花126 白花）实验二：甲丙F1（红花）F2（126 红花98 白花）实验三：乙丙F1（红花）F2（135 红花105 白花

40、）根据结果，下列叙述错误的是（）A.由三组杂交实验结果，可推知该植物花色至少由 3 对等位基因控制 B.实验一的 F1与甲或乙杂交所产生子代性状比为 1 红色1 白色 C.实验二的 F1与乙杂交所产生子代性状全为红色 D.实验三的 F2中红花基因型种类比白花基因型种类多 6.【答案】D【解析】A、从题干信息可知实验结果，三组白花纯合子杂交产生 F1全是红色，F1自交产生 F2中红色白色=97，每一组的杂交结果都可说明该植物花色至少受两对等位基因控制，且两对等位基因遵循自由组合定律。综合分析可知，红色为显性，红色与白色可能至少由三对等位基因控制，A 项正确；B、假定用 A/a、B/b、C/c 表

41、示上述三对等位基因，甲、乙、丙的基因型可分别表示为 AAbbCC、aaBBCC、AABBcc，实验一的 F1基因型为 AaBbCC，与甲或乙杂交，子代性状比为 1 红色1 白色，B 项正确；C、实验二的 F1基因型为 AABbCc，与乙（aaBBCC）杂交所产生子代性状全为红色，C 项正确；D、实验三的 F2中红花（A_BBC_）有 4 种基因型，白花（aaBBC_、A_BBcc，aaBBcc）有 5 种基因型，D 项错误。7.番茄是雌雄同花植物，可自花受粉也可异花受粉。M、m 基因位于 2 号染色体上，基因型为 mm 的植株只产生可育雌配子，表现为小花、雄性不育。基因型为 MM、Mm 的植株

42、表现为大花、可育。R、r 基因位于 5 号染色体上，基因型为 RR、Rr、rr 的植株表型分别为：正常成熟红果、晚熟红果、晚熟黄果。(1)基因型为 Mm 的植株连续自交两代，F2中雄性不育植株所占的比例为_。雄性不育植株与野生型植株杂交所得可育晚熟红果杂交种的基因型为_，以该杂交种为亲本连续种植，若每代均随机受粉，则F2中可育晚熟红果植株所占比例为_。(2)下图一表示番茄的花色遗传情况，图二为基因控制花色性状的方式图解。回答下列问题：该植物花色性状的遗传遵循_，判断依据是_。图一 F2紫花中能稳定遗传的占_，F2中的白花植株的基因型有_种。让 F2中的蓝花植株进行自交，则理论上子代蓝花植株中纯

43、合子所占的比例为_。让图一中的 F1进行测交，则后代表型及比例为_。7.【答案】(1)1/6 MmRr 5/12(2)自由组合定律 F2的性状分离比为 9：3：4，为“9：3：3：1”的变式 1/9 3 3/5 紫花：蓝花：白花=1：1：2【解析】分析题干信息：番茄是雌雄同花植物，可自花授粉也可异花授粉，即可自交亦可杂交。M、m 基因位于 2 号染色体上，基因型为 mm 的植株只产生可育雌配子，表现为小花、雄性不育。基因型为 MM、Mm 的植株表现为大花、可育。R、r 基因位于 5 号染色体上，基因型为 RR、Rr、rr 的植株表现型分别为：正常成熟红果、晚熟红果、晚熟黄果，可知基因 M、m

44、和 R、r 位于非同源染色体上，遵循自由组合定律。（1）基因型为 Mm 的植株自交，F1中 MMMmmm=121，其中 MM、Mm 的植株表现为大花、可育，mm 的植株只产生可育雌配子，故只有 1/3MM 和 2/3Mm 能够自交，则 F2中雄性不育植株 mm 所占的比例为 2/31/4=1/6。雄性不育植株 mm 与野生型植株杂交所得可育（Mm）晚熟红果（Rr）杂交种的基因型为 MmRr，以该杂交种为亲本连续种植，若每代均随机授粉，即自由交配，两对等位基因自由组合，产生的配子有 MR、Mr、mR、mr，比例为 1111，则 F1中有 9 种基因型，分别为 1MMRR、2MMRr、1MMrr、

45、2MmRR、4MmRr、2Mmrr、1mmRR、2mmRr、1mmrr，雌配子种类及比例为 MRMrmRmr=1111，雄配子种类及比例为：MRMrmRmr=2211，则 F2中可育晚熟红果植株（基因型为M-Rr）所占比例为 1/43/6+1/43/6+1/42/6+1/42/6=10/24，即 5/12（2）根据图一中 934 为 9331 的变式可知，该植物花色性状的遗传遵循自由组合定律。由子二代中 934 以及图二中基因对性状的控制图解可知，紫花为双显基因控制的性状，基因型为A-B-，其中能稳定遗传 AABB 的占 1/31/3=1/9。根据图二可知，白花基因型为 aaBB、aaBb、a

46、abb 共三种，子二代蓝花基因型为 1/3AAbb、2/3Aabb，自交所得子代蓝花植株中纯合子 AAbb 所占比例为（1/3+2/31/4）（12/31/4）=3/5。让图一中的 F1（AaBb）进行测交，即与 aabb 杂交，则后代基因型和比例为 AaBbaaBbAabbaabb=1111，aa-为白花，因此表型及比例为紫花蓝花白花=112。8.（2019全国卷IIT32）某种甘蓝的叶色有绿色和紫色。已知叶色受2对独立遗传的基因A/a和B/b控制，只含隐性基因的个体表现隐性性状，其他基因型的个体均表现显性性状。某小组用绿叶甘蓝和紫叶甘蓝进行了一系列实验。实验：让绿叶甘蓝（甲）的植株进行自交

47、，子代都是绿叶 实验：让甲植株与紫叶甘蓝（乙）植株进行杂交，子代个体中绿叶紫叶=13 回答下列问题。（1）甘蓝叶色中隐性性状是_，实验中甲植株的基因型为_。（2）实验中乙植株的基因型为_，子代中有_种基因型。（3）用另一紫叶甘蓝（丙）植株与甲植株杂交，若杂交子代中紫叶和绿叶的分离比为11，则丙植株所有可能的基因型是_；若杂交子代均为紫叶，则丙植株所有可能的基因型是_；若杂交子代均为紫叶，且让该子代自交，自交子代中紫叶与绿叶的分离比为151，则丙植株的基因型为_。8.【答案】（1）绿色 aabb（2）AaBb 4（3）Aabb、aaBb AABB、AAbb、aaBB、AaBB、AABb AABB

48、【解析】依据题意可知：只含隐性基因的个体表现为隐性性状，说明隐性性状的基因型为 aabb。实验的子代都是绿叶，说明甲植株为纯合子。实验的子代发生了绿叶紫叶13 性状分离，说明乙植株产生四种比值相等的配子，并结合实验的结果可推知：绿叶为隐性性状，其基因型为 aabb，紫叶为 A_B_、A_bb 和 aaB_。（1）依据以上分析：绿叶为隐性性状，绿叶甘蓝甲植株为纯合子，甲基因型为 aabb。（2）结合对(1)的分析可推知：实验为测交，其中乙植株的基因型为 AaBb，子代中有四种基因型，即AaBb、Aabb、aaBb 和 aabb。（3）另一紫叶甘蓝丙植株与甲植株杂交，子代紫叶绿叶11，说明紫叶甘蓝

49、丙植株的基因组成中，有一对为隐性纯合、另一对为等位基因，进而推知丙植株所有可能的基因型为 aaBb、Aabb。若杂交子代均为紫叶，则丙植株的基因组成中至少有一对显性纯合的基因，因此丙植株所有可能的基因型为 AABB、AABb、AaBB、AAbb、aaBB。若杂交子代均为紫叶，且让该子代自交，自交子代中紫叶绿叶151，为 9331 的变式，说明该杂交子代的基因型均为 AaBb，进而推知丙植株的基因型为 AABB。9.下图是虎皮鹦鹉羽毛颜色的遗传机理示意图，当个体基因型为 aabb 时，两种色素都不能合成，表现为白色。现有一只纯合蓝色和一只纯合黄色鹦鹉杂交得 F1，再让 F1雌雄个体随机交配得 F

50、2。回答下列问题：（1）鹦鹉羽毛颜色的遗传遵循_定律，这是因为_。（2）若 F1与杂合的黄色鹦鹉交配，后代出现白色鹦鹉的概率为_。（3）若因某种因素的影响，后代中的白色鹦鹉全部死亡，F2的表型及比例为_。（4）某绿色鹦鹉与蓝色鹦鹉杂交，后代只有绿色鹦鹉和黄色鹦鹉，比例为 3:1，则该绿色鹦鹉、蓝色鹦鹉的基因型分别为_、_。9.【答案】（1）基因的自由组合定律 控制鹦鹉羽毛颜色的两对基因分别位于两对同源染色体上（2）1/8（3）绿色蓝色黄色=933（4）AaBB Aabb【解析】（1）根据题意和图示分析可知：基因 A 位于 1 号染色体上，基因 B 位于 3 号染色体上，鹦鹉羽毛颜色由两对基因控