2022-2023年高二上学期期中联考物理考试完整版(浙江省温州市“十五校联合体”).pdf

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1、 选择题 下列物理量中属于矢量，而且采用比值法定义表达正确的是（）A.加速度，B.电流强度,C.电容,D.电场强度，【答案】D【解析】加速度和电场强度都是采用的正反比定义法；选项 AB 错误；电容器的电容与带电量和两板间的电压都无关，所以选项 C 用的是比值定义法，但是电容是标量，选项 C 错误；电场强度与电场力和试探电荷的电量无关，且电场强度是矢量，则选项 D 正确；故选 D.选择题 在电磁学发展过程中，下列说法不正确的是（）A.法拉第发现了电磁感应现象 B.奥斯特发现了电流磁效应 C.洛伦兹发现了电荷间的相互作用力 D.安培提出了分子电流假说【答案】C【解析】本题考查电磁学中的相关物理学史

2、，根据在电磁学发展中作出突出贡献的科学家的名字及主要贡献进行答题.A、法拉第发现了电磁感应现象，故 A 正确.B、奥斯特发现了电流磁效应，故 B 正确.C、洛伦兹发现了运动电荷在磁场中受的力，为了纪念他就把运动电荷在磁场中受的力叫做洛伦兹力，库仑分析了电荷间的相互作用力，故 C 错误.D、安培提出了分子电流假说，故 D 正确.故选：C.选择题 下列选项中说法正确的是（）A.电场强度的单位是伏/库 B.磁感应强度的单位是特斯拉 C.磁通量的单位是法拉 D.电容的单位是韦伯【答案】B【解析】A、电场强度的单位是牛/库，故 A 错误.B、磁感应强度的单位是特斯拉，故 B 正确.C、磁通量的单位是韦伯

3、，故 C 错误.D、电容的单位是法拉，故 D 错误.故选：B.选择题 关于静电场，下列说法正确的是（）A.电场中某点的场强与该点检验电荷所受的电场力成正比 B.某点电场强度的方向与电荷在该处所受的电场力方向一致 C.正电荷只在电场力作用下一定沿电场线运动 D.若电荷在某处不受电场力的作用，则此处电场强度一定为零【答案】D【解析】A、电场中某点的场强是确定的，与放入该点的电荷电量的多少无关，电荷在该点受的电场力与电荷电量的比值是确定的，故 A 错误.B、电场强度的方向与放入的正电荷所受电场力的方向相同，与放入的负电荷所受电场力的方向相反,故 B 错误.C、正电荷受电场力的方向是沿着电场线的方向，

4、但是否沿电场线方向运动需要看电荷初速度与电场力之间的夹角，若初速度方向与电场力的方向不一致 运动轨迹就不是直线而是曲线了，故 C 错误.D、若电荷在某处不受电场力的作用，说明该处没有电场，则此处电场强度一定为零，故 D 正确.故选：D.选择题 如图所示，水平放置的通电直导线上方 M、N 两点的磁感应强度分别为 BM、BN，则（）A.BMBN，方向均垂直纸面向外 B.BMBN，方向均垂直纸面向外 C.BMBN，方向均垂直纸面向里 D.BMBN，方向均垂直纸面向里【答案】A【解析】利用安培定则可以判断出通电直导线周围磁场线分布情况，电流方向向右，则其上方磁场垂直纸面向外，越靠近导线磁场越强，故 B

5、、C、D 错误，A 正确.故选：A.选择题 在下图各种电场中，A 点电场强度大于 B 点电场强度的是（）A.B.C.D.【答案】B【解析】A、在负点电荷的同一个圆上的所有点的电场的大小都是相等的，但是它们的方向不同，故 A 错误；B、在正的点电荷的电场中，离电荷近的地方电场强度大，所以 A 的电场强度大于 B 点的，故 B 正确；C、在匀强电场中各个点的电场强度都相同，所以 A、B 的电场强度相等，所以 C 错误；D、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，所以 A 的电场强度小于 B 的电场强度，故 D 错误 故选：B 选择题 某电场的等势面如图所示，一正电荷在 A 点时电势

6、能为，将其从A 移到 B 的过程中电场力做功为 W，它在 B 点时电势能为则以下判断正确的是 A.，B.，C.，D.，【答案】D【解析】正电荷在高电势点的电势能较大，因 B 点电势高于 A 点，可知 EPA 和电势差定义式中的 W 都是电场力做的功【答案】A【解析】A、电动势是表征电源把其他形式的能转化为电势能本领的物理量,故 A 正确.B、当外电路断开时，电动势大小等于电源两极间的电压，故 B 错误.C、电压和电动势单位相同，但电动势和电压物理意义不相同，电动势反映电源的特性，与外电路的结构无关，故 C 错误 D、电源电动势定义式中的 W 是指非静电力做的功，电势差定义式中的 W 是指电场力

7、做的功，故 D 错误.故选：A.选择题 如图所示，用带有正电的带电体 A，靠近（不接触）不带电的验电器的上端金属球，则（）A.验电器金箔张开，因为整个验电器都带上了正电 B.验电器金箔张开，因为整个验电器都带上了负电 C.验电器金箔张开，因为验电器下部箔片都带上了正电 D.验电器金箔不张开，因为带电体 A 没有和验电器的金属球接触【答案】C【解析】使带电的带电体 A 靠近不带电的验电器，验电器发生静电感应，带电体 A 带正电，靠近验电器，验电器上的小球带负电，下端金属箔带等量的正电，金属箔张开.验电器的金箔之所以张开，是因为它们都带有正电荷，而同种电荷相互排斥，张开角度的大小决定于两金箔带电荷

8、量的多少，带电的实质是电子在物体内部发生了转移，故 A、B、D错误，C 正确.故选：C.选择题 目前集成电路的集成度很高，要求里面的各种电子元件都微型化，集成度越高，电子元件越微型化、越小。图中 R1 和 R2 是两个材料相同、厚度相同、表面为正方形的导体，但 R2 的尺寸远远小于 R1 的尺寸。通过两导体的电流方向如图所示，则关于这两个导体的电阻 R1、R2关系的说法正确的是（）A.R1=R2 B.R1R2 C.R1R2 D.无法确定【答案】A【解析】设正方形导体表面的边长为 L，厚度为 d，材料的电阻率为，根据电阻定律得导体的电阻:R=，可见导体的电阻只和材料的电阻率及厚度有关，与导体的其

9、他尺寸无关，即 R1=R2，故 B、C、D 错误，A 正确.故选：A.选择题 如图所示，回旋加速器是用来加速带电粒子使它获得很大动能的装置。其核心部分是两个 D 形金属盒，置于匀强磁场中，两盒分别与高频电源相连。则下列说法正确的是（）A.带电粒子从磁场中获得能量 B.带电粒子加速所获得的最大动能与加速电压的大小有关 C.带电粒子加速所获得的最大动能与金属盒的半径有关 D.带电粒子做圆周运动的周期随半径增大而增大【答案】C【解析】A、由回旋加速器原理可知，它的核心部分是两个 D 形金属盒，置于匀强磁场中，两盒分别与高频电源相连，两盒间的窄缝中形成匀强磁场，交流电的周期和粒子做圆周运动的周期相等，

10、粒子在圆周运动的过程中一次一次地经过 D 形盒缝隙，两盒间的匀强电场一次一次地反向，粒子就会被一次一次地加速，在磁场中洛伦兹力不做功，带电粒子是从电场中获得能量的，故 A 错误.B、粒子从 D 形盒出来时速度最大，由 qvB=m，粒子被加速后的最大动能Ekm=m=,可见带电粒子加速所获得的最大动能与回旋加速器的半径有关，与加速电压的大小无关，故 B 错误，C 正确.D、高频电源周期与粒子在磁场中匀速圆周运动的周期相同，由带电粒子做圆周运动的周期 T=2可知，周期 T 由粒子的质量、电量和磁感应强度决定，与半径无关，故 D 错误.故选：C.选择题 如图所示，电源电动势 E=6V，内阻 r=1，定

11、值电阻 R=2 与电动机M 串联接在电源上，开关闭合后，理想电流表示数为 1A，电动机刚好正常工作，电动机的线圈电阻 R0=0.5。下列说法中正确的是 A.定值电阻消耗的热功率 8W B.电动机的输出功率为 2.5W C.电动机两端的电压为 0.5V D.电源的输出功率是 6W【答案】B【解析】A、电动机刚好正常工作时，理想电流表示数为 1A，定值电阻消耗的热功率 P=R=2W，故 A 错误.B、电 动 机 两 端 的 电 压 U=E-I(R+r)=3V，电 动 机 的 输 出 功 率P=IU=I(U-IR0)=2.5W,故 B 正确.C、电动机两端的电压 U=E-I(R+r)=3V，故 C

12、错误.D、电动机刚好正常工作时,路端电压 U=E-Ir=5V，电源的输出功率P=IU=5W，故 D 错误.故选：B.选择题 如图所示电路中，L1、L2 为两只相同灯泡，R 为光敏电阻（随光照的增强电阻减小），当光照强度逐渐增强的过程中，下列判断正确的是（）A.L1、L2 两灯均逐渐变暗 B.L1 灯逐渐变暗，L2 灯逐渐变亮 C.电源内电路消耗功率逐渐减小 D.光敏电阻 R 和灯泡 L1 消耗的总功率逐渐增大【答案】B【解析】当光照增强时，光敏电阻的阻值减少，分析总电阻的变化，由闭合电路欧姆定律可知电路中电路及路端电压的变化，再分析并联部分电路，可得 L1 的电流变化，由功率公式可得光敏电阻

13、R 和灯泡 L2 消耗的功率.A、当光照增强时，光敏电阻的阻值减少，回路中总电阻减少，总电流增大，通过 L2 的电流增大，L2 两端的电压增大，L2 逐渐变亮；同时内电压增大，路端电压 U=E-Ir 减少，并联部分的电压减少，通过L1 的电流减少，L1 消耗的功率逐渐减少，L1 灯逐渐变暗，故 A 错误，B 正确.C、由于回路总电流增大，电源内电路消耗功率 r 增大，故 C 错误.D、由上分析通过 L1 的电流减少，L1 消耗的功率逐渐减少，由于回路总电流增大，则通过光敏电阻 R 的电流增大，光敏电阻 R 消耗功率逐渐增大，故 D 错误.故选：B.选择题 指纹传感器为在一块半导体基板上阵列了

14、10 万金属颗粒，每一颗粒充当电容器的一个极，外表面绝缘，手指在其上构成电容器的另外一个极。当手指的指纹一面与绝缘表面接触时，由于指纹深浅不同，对应的峪（本义：山谷）和嵴（本义：山脊）与半导体基板上的金属颗粒间形成一个个电容值不同的电容器，若金属颗粒与手指间组成的每个电容电压保持不变，则：（）A.指纹的嵴处与半导体上对应的金属颗粒距离近时，电容小 B.指纹的嵴处与半导体上对应的金属颗粒距离远时，电容小 C.在手指挤压绝缘表面时，电容电极间的距离减小，金属颗粒电极电量增大 D.在手指挤压绝缘表面时，电容电极间的距离减小，金属颗粒电极电量减小【答案】BC【解析】手指的嵴和峪与金属电极的距离不同，根

15、据电容的决定式分析电容的大小由电容的定义式分析电容的电压一定时，电量的变化.A、指纹的嵴处与半导体基板上对应的金属颗粒距离近时，根据电容的决定式得知，电容大故 A 错误 B、指纹的峪处与半导体基板上对应的金属颗粒距离远时，根据电容的决定式得知，电容小故 B 正确 C、在手指挤压绝缘表面时，手指与对应的金属颗粒距离靠近，电容增大，而电压一定，则由 Q=CU 可知，各金属颗粒电极电量增大，故C 正确，D 错误.故选：B、C.选择题 如图为一种服务型机器人，其额定功率为 56W，额定工作电压为28V机器人的锂电池容量为 20Ah则机器人（）A.机器人的电阻为 12 B.充满电后最长工作时间为 2h

16、C.电池充满电后总电量为 7.2104C D.以额定电流工作时每秒消耗能量为 56J【答案】CD【解析】已知额定功率和额定电压，根据 P=UI 可以求解额定电流和电阻；根据 q=It 求充满电后总电量，额定功率等于以额定电流工作时每秒消耗能量 A、根据 P=UI 可知，额定电流应该为 I=A=2A，机器人的电阻为R=14，故 A 错误 B、机器人的锂电池容量为 20Ah，即当额定电流 2A 下工作时，能够工作最长时间为 10h，故 B 错误 C、电源充满电后的总电量为 q=It=203600C=7.2104C，故 C 正确 D、在额定电流下，机器人功率 58W，即每秒消耗 58J 电能，故 D

17、 正确 故选：C、D.实验题 有一个额定电压为 2.8V，功率约为 0.8W 的小灯泡，现要用伏安法描绘这个灯泡的 IU 图象，有下列器材供选用：A电压表（03V，内阻 6k）B电压表（015V，内阻 30k）C电流表（03A，内阻 0.1）D电流表（00.6A，内阻 0.5）E滑动变阻器（10，2A）F滑动变阻器（200，0.5A）G蓄电池（电动势 6V，内阻不计）（1）用如图 1 所示的电路进行测量，电流表应选用_，滑动变阻器应选用_（用序号字母表示）（2）通过实验测得此灯泡的伏安特性曲线如图 2 所示，由图象可求得此灯泡在正常工作时的电阻为_（3）若将此灯泡与电动势 6V、内阻不计的电源

18、相连，要使灯泡正常发光，需串联一个阻值为_ 的电阻（保留 3 位有效数字）【答案】D E 10 11.4【解析】（1）题意可知，灯泡的额定电压为 2.8V，故电压表的量程应大于 2.8V，故电压表应选 3V 量程，由 P=UI 可得，电流 I=A=0.28A，故电流表应选 D；由电路图可知，要使电压从零开始调节，应采用分压接法，滑动变阻器应选小电阻便于调节，故滑动变阻器选 E.（2）由灯泡的伏安特性曲线图可知，当电压为2.8V时，电流为0.28A，故电阻：R=10.（3）要使灯泡串联在 6V 的电源上正常发光，则与之串联的电阻分压应为 6V-2.8V=3.2V；此时电路中电流为 0.28A，故

19、应串联的电阻：R=11.4 故答案为：(1)D；(2)E；(3)10；(4)11.4 实验题 某实验小组想通过实验测定一节干电池的电动势和内阻，实验室提供的实验器材如下：待测干电池 E（电动势约为 1.5 V，内阻约为 3）直流电流表 A1（量程 00.6 A，内阻约 0.5）直流电流表 A2（量程 03 A，内阻约 0.1）电压表 V1（量程 02 V，内阻约为 2 000）电压表 V2（量程 06 V，内阻约为 6 000）滑动变阻器 R1（最大电阻 20，额定电流 2 A）滑动变阻器 R2（最大电阻 200，额定电流 1 A）电阻箱 R3（最大电阻 99.9，额定电流 1 A）开关、导线

20、若干（1）若用伏安法测电源的电动势和内阻，要求测量有尽可能高的精确度且便于调节，应选择的电流表是_，电压表是_，滑动变阻器是_。（2）请将图甲中实物连接成实验电路_。（3）若用伏安法测电源电动势和内阻时，电流表现了故障，不能使用，实验小组如想方便且能较准确地进行测量，需将实验进行改进，只需去掉电流表，将上述器材中的_换成_即可。（4）请在图甲所示的方框中画出改进后的实验电路图_。甲 乙（5）实验小组在改进后的实验中得到了多组路端电压和外电阻的数据，对所得数据进行处理后，在坐标纸上作出了如图乙所示图线。由图线得出：干电池的电动势 E=_V，内阻 r=_。（结果保留两位有效数字）【答 案】A1 V

21、1 R1 R1 R3 1.7 2.5 【解析】（1）由于电源电动势为 1.5 V，因此电压表选 V1 即可；而回路的电流不会太大，因此电流表选 A1，根据电压表和电流表可选出滑动变阻器为 R1；（2）测电源电动势和内电阻的测量电路见答案图 1；（3）将滑动变阻器改为电阻箱，即用“安阻法”测电源电动势和内电阻；（4）电路如见答案图 2；（5）根据闭合电路欧姆定律，整理得，图象与纵轴的截距为电动势的倒数，而与横轴的截距的绝对值等于内电阻倒数即可求得电动势和内电阻，代入数据解得 E=1.7 V，r=2.5。解答题 如图所示，虚线圆所围区域内有方向垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为 B。一束电子沿圆

22、形区域的直径方向以速度 v 射入磁场，电子束经过磁场区后，其运动方向与原入射方向成 角。设电子质量为 m，电荷量为 e，不计电子之间相互作用力及所受的重力。求：（1）电子在磁场中运动轨迹的半径 R（2）电子在磁场中运动的时间 t【答案】（1）（2）【解析】（1）电子在磁场中受到的洛伦兹力提供电子做匀速圆周运动的向心力即：qvBm 由此可得电子做圆周运动的半径为：（2）如图根据几何关系，可以知道电子在磁场中做圆周运动对圆心转过的角度为：=则电子在磁场中运动的时间：解答题 金属杆 MN 的质量为 m，长度为 L，其两端用质量可忽略不计的细金属丝悬挂后置于竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度大小为 B。

23、当金属杆中通入恒定电流时，金属杆可在磁场中保持静止状态，且与磁场方向垂直。此时细金属丝与竖直方向的夹角为，如图所示。若重力加速度为 g，则：（1）求金属杆受到的安培力的大小（2）求金属杆中电流的大小和方向（3）若保持金属杆中的电流不变，改变磁场方向，为使金属杆 MN仍能在原位置静止，求所加磁场磁感应强度的最小值【答案】（1）mgtan；（2）,方向根据左手定则判断为从 M 到N（3）Bcos【解析】以导体棒为研究对象，正确受力分析，根据平衡状态列方程即可正确解答（1）根据题意画出杆 14MN 的受力图如下所示：/导体棒处于平衡状态，设绳子拉力为 N，安培力为 F,因此有：Ncos=mg Nsi

24、n=F 求金属杆受到的安培力的大小 F=mgtan（2）安培力 F=BIL，即 mgtan=BIL 金属杆中电流的大小 I=，根据左手定则判断电流为从 M 到 N（3）若保持金属杆中的电流不变，改变磁场方向，为使金属杆 MN仍能在原位置静止，当安培力 FA 平行于斜面向上时 B 最小，即此时磁感应强度沿着与细金属丝平行且垂直金属杆的方向，三力平衡示意如图.FA=mgsin FA=BIL I=解得磁场磁感应强度的最小值 B=Bcos 解答题 如图所示，两水平面(虚线)之间的区域存在方向水平向右的匀强电场，电场强度 E=3103N/C，自该区域上方的 A 点将质量 m=0.04kg，电荷量 q=1

25、10-4C 的带正电小球 M 以 v0=6m/s 的初速度沿平行于电场方向射出。小球在重力作用下进入电场区域，并从该区域的下边界离开。已知带电小球 M 在进入电场后做直线运动，且小球从电场区域上边界运动到电场区域下边界所用时间为 0.8s，重力加速度大小为g=10m/s2，整个过程空气阻力不计，求：（1）小球 M 刚进入电场瞬间，竖直方向的速度 vy（2）求 A 点离电场上边界的高度（3）小球 M 点从电场区域下端离开时与小球射出点 A 的水平距离。【答案】（1）8m/s（2）3.2m（3）12m【解析】（1）由题知带电小球 M 受到的重力 G=mg=0.4N，在匀强电场中受到的电场力 F=q

26、E=0.3N，带电小球 M 在进入电场后做直线运动，说明带电小球 M 进入电场的瞬间所受合力与合速度方向一致，受力如图：小球 M 刚进入电场瞬间，由于带电小球 M 在进入电场后做直线运动，合力与合速度方向一致，合力 F=0.5N，合力与竖直方向的夹角 tan=，=，由平抛运动知识得：tan=，vy=v0=6m/s=8m/s（2）设 A 点离电场上边界的高度为 h，则=2gh，h=m=3.2m（3）小球在电场中做匀变速直线运动，加速度 a=m/=12.5m/小球平抛运动用的时间 t1=s=0.8s 小球平抛运动的水平位移 x1=v0t1=60.8m=4.8m 小球在电场中运动的水平位移 x2=v0t2+asin=7.2m 小球 M 点从电场区域下端离开时与小球射出点 A 的水平距离：x=x1+x2=4.8m+7.2m=12m