模块检测试卷一公开课.docx

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1、模块检测试卷（一）（时间:90分钟总分值:100分）一、单项选择题（此题共8小题，每题3分，共24分.在每题给出的四个选项中，只有 一项符合题目要求）1 .（2019抚顺市鬲一上期中）以下关于矢量和标量的说法正确的选项是（）A.矢量和标量没有严格的区分，同一个物理量既可以是矢量，也可以是标量B.矢量都是有方向的C.时间、时刻、路程都是矢量D.位移一8 m比位移5 m小答案B解析 矢量和标量有严格的区分，矢量既有大小又有方向，而标量只有大小没有方向，同一 个物理量不是矢量，就是标量，故A错误；矢量都是有方向的物理量，故B正确；时间、时 刻、路程没有方向，都是标量，故C错误；位移是矢量，其正负仅代

2、表物体的运动方向，而 其大小的比拟应看其绝对值的大小，故D错误.2 .排球运发动用手打击飞过来的排球，那么手打击排球的力（）A.比球撞击手的力晚些产生B.与球撞击手的力同时产生C.大于球撞击手的力D.小于球撞击手的力答案B解析 运发动的手打击排球的力与球撞击手的力是一对作用力和反作用力，总是大小相等， 方向相反，且同时产生，同时消失，应选B.3 .（2020怀仁重点中学高一上学期期末）某校科技兴趣小组观察“嫦娥二号”的发射过程后, 用实验来模拟卫星的发射.火箭点燃后从地面竖直升空，0时刻第一级火箭燃料燃尽后脱落， 亥时刻第二级火箭燃料燃尽后脱落，此后不再有燃料燃烧.实验中测得火箭的。一，图像如

3、图 1所示，设运动中不计空气阻力，全过程中燃料燃烧时产生的推力大小恒定，以下判断正确 的是（）A.亥时刻火箭到达最高点，打时刻火箭落回地面解析（1）根据速度与时间的关系式，得到a= m/s2=1.5 m/s2（2 分）再根据位移与时间的关系式，得到x=-at2=-X 1.5X 102 m = 75 m,即这时出租车距出发点75 m（2分） 222 on2（2）根据 O22=2qq 得至I X2= m = 300 m（2 分）2a 2x1.5这时出租车从静止载客开始，已经经历的时间为女，根据。2 =秋2得力=四s = 20s（2分） 这时出租车时间表应显示10时11分15秒.出租车继续匀速运动，

4、它匀速运动的时间，3 = 80 s,匀速运动的位移 X3 = 2?3 = 30X80 m=2 400 m（2 分）所以10时12分35秒时，计价器里程表应显示的示数为x=（300+2 400） m = 2 700 m（2 分）18. （16分）（2020.哈师大附中高一上学期期末）如图15甲所示，质量1kg的薄木板静止在 水平面上，质量2=1 kg的铁块静止在木板的右端，可视为质点.木板与水平面间、铁块与 木板之间的动摩擦因数分别为“、42.现给铁块施加一个水平向左的力E设最大静摩擦力等于 滑动摩擦力，取g=10m/s2.用右左5050502 z L L().图15（1）假设力/从零开始逐渐增

5、加，且铁块始终在木板上没有掉下来，铁块受到的摩擦力Ff随力方 大小变化的图像如图乙所示，求动摩擦因数”和2；（2）承接上问，当b=2N和4N时，分别求出木板与铁块的加速度大小；（3）在第（1）问的基础上，假设力尸为恒力4 N,作用1s后撤去尸，最终发现铁块恰好能运动到 木板的左端，求木板的长度L（结果保存两位有效数字）.答案见解析解析（1）由图像可知当ONW尸WIN时，木板与铁块静止不动即当F= 1 N时，图像中对应的摩擦力为木板与地面间的最大静摩擦力对整体有：F Ffl m = 0=0产尸N1所以3=皿=0.05（3分）尸N1当1NV尸W3N时，木板与铁块一起滑动即当歹=3N时，图像中对应的

6、摩擦力为铁块受到的最大静摩擦力对铁块有：无m=2Nmg-小2=0Ff2m =2尸N2所以2 = 3 = 02（3 分）FN2当E3N时，木板与铁块发生相对滑动当尸=2 N时，对整体：F Ffi m=（加+M）aa=0.5 m/s2（2 分）当歹=4 N时，对铁块：产- Ff2m =加26/2=2 m/s2（l 分）对木板：Fnm-Ffm=Maia = m/s2（l 分）（3）撤去产后，对铁块：42m = 也3（73 = 2 m/s2（l 分）V= Cl tV2 = Cl2tAr）（ 1 分）共速时有：V=V2解得：/=- s（l分） 3因为所以共速后一起匀减速运动.%1=-（71?（1 分）2

7、无2 = -。2尸 + 2加。一加）一一。3 A?）2（l 分） 222L=X2x=- m0.67 m. （1 分）3B.火箭在亥，3时间内的加速度大小大于重力加速度C.火箭在0九时间内的加速度大于。亥时间内的加速度D.八亥时间内火箭处于超重状态，时间内火箭处于失重状态答案D4.如图2所示，轻弹簧的两端各受100 N拉力/作用，弹簧平衡时伸长了 10 cm（在弹性限度 内）；那么以下说法中正确的选项是（）Aaa/wwvw-图2A.该弹簧的劲度系数攵=10 N/mB.该弹簧的劲度系数=1 000 N/mC.该弹簧的劲度系数2=2 000 N/mD.根据公式=,弹簧的劲度系数攵会随弹簧弹力尸的增大

8、而增大 X答案B解析 根据胡克定律尸=依得，弹簧的劲度系数：k=-=-= 000 N/m,故A、C错误， x 0.1mB正确；弹簧的伸长量与受到的拉力成正比，弹簧的劲度系数攵与弹簧弹力厂的变化无关， 与弹簧本身有关，故D错误.5.（2020.青岛二中上学期期末）做自由落体运动的甲、乙两物体质量之比为1 : 3,下落高度之 比为1：2,甲、乙同时下落，g取lOmH,那么（ ）A.下落加速度之比为1 ： 3B.在甲落地前的下落过程中，甲、乙速度大小始终相等C.下落时间之比为1 : 2D.甲落地前，甲、乙间距离逐渐增大答案B解析 由自由落体运动的规律知，自由落体运动快慢与物体的质量无关，加速度相同，

9、根据 高度=与即可求出时间之比为1 ：加，选项A、C错误；根据速度。=g，可知，在甲落地 前的下落过程中，甲、乙速度大小始终相等，选项B正确；甲落地前，甲、乙间距不变，故 D错误.6.（2020扬州市高一上学期期末）甲、乙两物体从同一地点同时出发，沿同一直线运动，以出 发点为参考点，它们的位移一时间（X一。图像如图3所示，贝女 ）A.在。时间内甲的位移大于乙的位移B.在0八时间内甲的平均速度大于乙的平均速度C.在时刻甲的速度大于乙的速度D.在。时刻甲、乙两物体的位置相同答案D解析 根据X，图像可知。力时间内甲的位移等于乙的位移，由于甲和乙从同一地点同时 出发，故在。时刻甲、乙两物体的位置相同，

10、故A错误，D正确；根据平均速度的定义式方 =2可知，0人时间内，甲的平均速度等于乙的平均速度，故B错误；在X，图像中，斜率 t表示物体的速度，由题图可知九时刻甲的速度小于乙的速度，故C错误.7.（2020荆州中学高一上学期期末）如图4所示，足够长的水平传送带以。o=4 m/s的速度匀 速运行，=0时刻，在左端轻放一质量为根的小滑块，1=3 s时刻传送带突然停止；滑 块与传送带之间的动摩擦因数=0.2,重力加速度g取10m/s2,贝卜=3.5 s时滑块的速度为 （）B. 1 m/sB. 1 m/sA. 0 m/sC. 2 m/sC. 2 m/sD. 3 m/s答案D8.如图5所示，物块、b质量分

11、别为2帆、m,水平地面和竖直墙面均光滑，在水平推力尸作 用下，两物块均处于静止状态，重力加速度为g,那么（）A.物块匕受四个力作用8 .物块人受到的摩擦力大小等于2mgC.物块对地面的压力大小等于机gD.物块受到物块人的作用力水平向右答案B解析 物块Z?受到：重力、a的弹力和静摩擦力、地面的支持力、推力尸，共受五个力，故A 错误；以4为研究对象，由平衡条件知，对的摩擦力大小等于q的重力，为2根g,由牛 顿第三定律知对人的摩擦力大小也等于2mg,故B正确；以整体为研究对象，那么知地面对 b的支持力等于3mg,那么物块b对地面的压力大小等于3mg,故C错误；物块a受到物块b两个力作用：水平向右的压

12、力和竖直向上的静摩擦力，它们的合力斜向右上方，那么物块。受 到物块的作用力斜向右上方，故D错误.二、多项选择题（此题共4小题，每题4分，共16分,在每题给出的四个选项中，有多 项符合题目要求.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得。分）.（2020.山东历城二中高一上学期期末）如图6所示，滑块A以一定速度冲上斜面，沿斜面向 上运动，斜面B在地面上保持静止，那么以下说法正确的选项是（）A.滑块A受B的摩擦力方向沿斜面向下B.滑块A受5的摩擦力方向沿斜面向上C.滑块A做加速运动D.滑块A做减速运动答案AD10. （2019龙岩市期末质量检查）如图7甲所示，一个质量根=1 kg的物块以初速

13、度0o=12m/s 从斜面底端冲上一足够长斜面，经6=1.2 s开始沿斜面返回，亥时刻回到斜面底端.物块运 动的。一，图像如图乙所示，斜面倾角9=37o（sin37o=06cos37o=0.8,重力加速度g取10 m/s2）.那么（ ）A.物块上滑时的加速度大小为10 mHB.物块与斜面间的动摩擦因数为0.4C.物块沿斜面向上滑行的最大距离为7.2 mD.物块回到斜面底端的时刻为2.4 s答案AC解析 根据题图乙可知，上滑时物块的加速度大小为0 = 10 m/sz,故A正确；物块在上滑时：mgs in 8+w%gcos 0=ma解得：=0.5,故B错误；vt图线与，轴所围面积表示位移，所以物块

14、沿斜面向上滑行的最大距离为5=-X 12X 1.2m 2= 7.2 m,故C正确；物块沿斜面下滑的力口速度大小为2=gsin。一Rgcos 9=2 m/s2根据位移与时间关系式有：5 = 42尸 2解得：/=VZ2 sWL2s,故返回到斜面底端的时刻不是2.4s,故D错误.1L如图8所示，竖直圆环中有多条起始于A点的光滑轨道，其中A3通过环心。并保持竖 直.一质点分别自A点沿各条轨道下滑，初速度均为零.那么，质点沿各轨道下滑的过程中， 以下说法正确的选项是（）A.质点沿着与A8夹角越大的轨道下滑，加速度越大B.质点沿着轨道A3下滑，时间最短C.轨道与A5夹角越小，滑到底端时速率越大D.无论沿图

15、中哪条轨道下滑，所用的时间均相同答案CD解析 设轨道与竖直线A3的夹角为仇 那么根据牛顿第二定律可得加速度i=gcos可知质 点沿着与A3夹角越大的轨道下滑，加速度越小，选项A错误；设那么倾斜轨道的长 度为Leos仇 根据Lcos9=）P,解得尸后,那么沿各轨道下滑的时间相等，选项B错误，D 正确；滑到底端的速度v=y/2ax=y/2gcos0 - LcosO = cos 9,2gL,可知轨道与A3夹角越小， 滑到底端时速率越大，选项C正确.12.（2020.宁夏育才中学高一上学期期末）在光滑水平面上有一个质量为2=1 kg的小球，小球 的一端与水平轻弹簧连接，另一端与不可伸长的轻绳相连，轻绳

16、与竖直方向成夕=45。角，如 图9所示.小球处于静止状态，且水平面对小球的弹力恰好为零，取g=10m/s2,那么（）A.此时弹簧的弹力为10V2 NB.剪断细绳的瞬间，小球加速度的大小为零C.剪断细绳后的瞬间，小球受到的合力水平向左D.剪断细绳后的瞬间，小球加速度的大小为10m*答案CD解析对小球受力分析如图:弹簧弹力：Fx = mn 45= 10 N, A错误；剪断细绳的瞬间，绳的拉力突变为0,水平面对 物体有向上的支持力，与重力等大反向，此时物体的合外力为弹簧弹力，水平向左，C正确； 由牛顿第二定律：F=ma,解得加速度=10 m/s2, B错误，D正确.三、实验题（此题共2小题，共14分

17、）13. （6分）（2020南昌市六校高一上学期期末）小明通过实验验证力的平行四边形定那么.实验记录纸如图10所示，。点为橡皮筋被拉伸后伸长到的位置，两弹簧测力计共同作用 时，拉力F1和F2的方向分别过P1和P2点，一个弹簧测力计拉橡皮筋时，拉力b3的方向过 P3点.三个力的大小分别为：Fi=3.30N F2 = 3.85N和产3=4.25N.请根据图中给出的标度 作图求出尸1和妆的合力.JN, Pi.尸3。* *仔细分析实验，小明怀疑实验中的橡皮筋被屡次拉伸后弹性发生了变化，影响实验结果.他 用弹簧测力计先后两次将橡皮筋拉伸到相同长度，发现读数不相同，于是进一步探究了拉伸 过程对橡皮筋弹性的

18、影响.实验装置如下图，将一张白纸固定在竖直放置的木板上，橡皮 筋的上端固定于。点，下端N挂一重物.用与白纸平行的水平力缓慢地移动N,在白纸上记 录下N的轨迹.重复上述过程，再次记录下N的轨迹.两次实验记录的轨迹如图1所示.过 。点作一条直线与轨迹交于a、b两点，那么实验中橡皮筋分别被拉伸到。和b时所受拉力入、 见的大小关系为&凡.（填“大于”“小于”或“等于”）根据（2）的实验，可以得出的实验结果有（填写选项前的字母）A.橡皮筋的长度与受到的拉力成正比B.两次受到的拉力相同时，橡皮筋第2次的长度较长C.两次被拉伸到相同长度时，橡皮筋第2次受到的拉力较大D.两次受到的拉力相同时，拉力越大，橡皮筋

19、两次的长度之差越小答案（1）见解析图（2分）等于（2分）（3）B（2分）解析（1）根据平行四边形定那么求尸2与尸1的合力，如图从所画出的图线中读出F和F2的合力 产合=4.70 N由于存在误差那么合力在4.604.90 N均可；过。点作一条直线与轨迹交于、匕两点，实验中橡皮筋分别被拉伸到a和。时所受拉力 Fa、入的方向相同，由于缓慢地移动N,根据平衡条件得入、见的大小关系为&=凡； 两次受到的拉力相同时，橡皮筋第2次的长度较长，故A错误，B正确；两次被拉伸到相 同长度时，橡皮筋第2次受到的拉力较小，故C错误；从开始缓慢地移动N,橡皮筋受到的 拉力增大，从图中发现两次实验记录的轨迹间距在增大，所

20、以两次受到的拉力相同时，拉力 越大，橡皮筋两次的长度之差越大，故D错误.14.（8分X2020潮州市高一上学期期末）某同学用图11甲所示的实验装置验证牛顿第二定律.图11通过实验得到如图乙所示的一/图像，造成这一结果的原因是：在补偿摩擦阻力时木板 与水平桌面的夹角（选填“偏大”或“偏小”）.（2）该同学在补偿摩擦阻力后进行实验，实际小车在运动过程中所受的拉力 祛码和盘的总重力（填“大于”“小于”或“等于”）.为了便于探究、减小误差，应使小车质量用远 大于祛码和盘的总质量利该同学得到如图12所示的纸带.打点计时器电源频率为50 Hz.A、B、C、D、E、F、 G是纸带上7个连续的点.x=xdgx

21、ad =m.由此可算出小车的加速度a =mV结果保存两位小数）.答案（1）偏大（2）小于（3）0.018 5.00（每空 2 分）解析（1）由题图乙可知，Q 一尸图像在轴上有截距，即当拉力为零时已经产生加速度，小车 所受的合力大于底码和硅码盘的总重力，这是由于补偿摩擦阻力时木板倾角偏大，补偿摩擦 阻力过大造成的.小车运动过程中，硅码和盘向下做加速运动，处于失重状态，破码和盘对细线的拉力小于 硅码和盘的总重力，那么小车在运动过程中受到的拉力小于硅码和盘的总重力；当小车质量M 远大于底码和盘总质量小时可以近似认为小车受到的拉力等于底码和盘的重力.（3）根据亥度尺的示数可知xz）G=3.90cm,

22、%AD=2.10cm,那么Ax=L80cm,由匀变速直线运动 的推论可知，入=。尸，而7=5=0.02 s,解得：加速度m/s2 = 5.O0 m/s?.三、计算题（此题共4小题，共46分）15.（8分）如图13,质量加i=4 kg的物块C悬挂在绳QA和05的结点。上，偏离竖直 方向a = 37。，。3沿水平方向，且与质量加2=30kg的木块B相连接，木块静止于倾角为8= 37。的固定斜面上，g 取 10m/s2, sin 37=0.6, cos 37 = 0.8,试求：图13绳。4的拉力大小;（2）物块对斜面的摩擦力大小和方向.答案（1）50 N （2）204 N 方向沿斜面向下解析（1）对

23、结点。受力分析如图甲，可知，Fa=S=50N（2 分） cosaF=mitan a = 30 N（2 分）乙（2）物块B受力如图乙所示,分析得物块B受到斜面的摩擦力Ff 1 = Fbcos 9+22gsin 9=204 N（2 分）由牛顿第三定律可知物块3对斜面的摩擦力衣J =Ffi=204N,方向沿斜面向下.（2分） 16.（10分）（2020天津市局部区高一上学期期末）如图14所示，民航客机在发生意外紧急着陆 后，翻开紧急出口，会有一条狭长的气囊自动充气，形成一条连接出口与地面的斜面，乘客 可沿斜面滑行到地上.假设某客机紧急出口下沿距地面高/z=3m,气囊所构成的斜面长度L= 6m, 一个

24、质量团=60kg的人沿气囊滑下时受到大小恒定的阻力a=240N,重力加速度g取 10 mH,忽略气囊形变的影响及乘客的初速度.求：图14人沿气囊下滑时加速度的大小；人沿气囊下滑至气囊底端所需时间；人滑至气囊底端时速度的大小.答案（1）1 m/s2 （2）2V3 s（3）2V3 m/s解析（1）根据牛顿第二定律得：mg- - Ff = ma（2 分）a= m/s2（ 1 分）（2）根据匀变速直线运动的位移与时间的关系：=1p（2 分）t= -=23 s（2 分）, a（3）根据匀变速直线运动的速度与时间的关系：v=at（2 分）v=243 m/s.（l 分）17. （12分）出租车上安装有速度表，计价器里安装有里程表和时间表，出租车载客后，从10 时10分55秒开始做初速度为零的匀加速直线运动，经过10 s时，速度表显示54 km/h.求这时出租车离出发点的距离；（2）出租车继续做匀加速直线运动，当速度表显示108 km/h时，出租车开始做匀速直线运动, 假设时间表显示10时12分35秒，此时计价器里程表示数应为多少？（出租车启动时，里程表 示数为零）答案（1）75 m （2）2 700 m