第十一章 第2讲 法拉第电磁感应定律、自感和涡流公开课.docx

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1、法拉第电磁感应定律、自感和涡流【目标要求】1.理解并应用法拉第电磁感应定律2会计算导体棒切割磁感线产生的感应电动 势.3.了解自感现象、涡流、电磁驱动和电磁阻尼.考点一法拉第电磁感应定律的理解及应用【基础回扣】.感应电动势感应电动势：在电磁感应现象中产生的电动势.产生条件：穿过回路的磁通量发生改变,与电路是否闭合无关.方向判断：感应电动势的方向用援次定律或右手定那么判断.1 .法拉第电磁感应定律(1)内容：闭合电路中感应电动势的大小，跟穿过这一电路的磁通量的变化率成正比.(2)公式：石=/第，其中为线圈匝数.F感应电流与感应电动势的关系：，=西二.(4)说明：的大小与、无美,决定于磁通量的变化

2、率笔.【技巧点拨】1.当仅由B的变化引起时，E=i等,其中S为线圈在磁场中的有效面积.假设B=B02.当。仅由S的变化引起时，E=建.3.当B、S同时变化时，那么=B2s2BSi / NBbS4.假设一f图像，那么图线上某一点的切线斜率为Ar考向1 判断感应电动势的方向、大小 【例1】(多项选择)(2018全国卷m20)如图1(a),在同一平面内固定有一长直导线尸。和一导线框R, H在PQ的右侧.导线PQ中通有正弦交流电i, i的变化如图(b)所示，规定从。到P为电流6.（电磁阻尼）（2017全国卷I18）扫描隧道显微镜（STM）可用来探测样品外表原子尺度上的形 貌.为了有效隔离外界振动对ST

3、M的扰动，在圆底盘周边沿其径向对称地安装假设干对紫铜 薄板，并施加磁场来快速衰减其微小振动，如图13所示.无扰动时，按以下四种方案对紫铜薄板施加恒磁场；出现扰动后,对于紫铜薄板上下及左右振动的衰减最有效的方案是（）、营STM扫描头接，2t 2ctABCD答案A解析 感应电流产生的条件是闭合回路中的磁通量发生变化.在A图中，系统振动时，紫铜 薄板随之上下及左右振动，在磁场中的局部有时多有时少，磁通量发生变化，产生感应电流, 受到安培力，阻碍系统的振动；在B图中，只有紫铜薄板向左振动才产生感应电流，而上下 振动无感应电流产生；在C图中，无论紫铜薄板上下振动还是左右振动，都不会产生感应电 流；在D图

4、中，只有紫铜薄板左右振动才产生感应电流，而上下振动无感应电流产生，应选 项A正确，B、C、D错误.课时精练立双基巩固练1.将多匝闭合线圈置于仅随时间变化的磁场中，关于线圈中产生的感应电动势和感应电流, 以下表述正确的选项是（）A.感应电动势的大小与线圈的匝数无关B.穿过线圈的磁通量越大，感应电动势越大C.穿过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大D.感应电流产生的磁场方向与原磁场方向始终相同答案C.（2020.北京市朝阳区二模）磁电式仪表的基本组成局部是磁体和线圈.缠绕线圈的骨架常用 铝框，铝框、指针固定在同一转轴上.线圈未通电时，指针竖直指在表盘中央；线圈通电时 发生转动，指针随之偏转，由此就

5、能确定电流的大小.如图1所示，线圈通电时指针向右偏 转，在此过程中，以下说法正确的选项是（ ）一指针图1A.俯视看线圈中通有逆时针方向的电流B.穿过铝框的磁通量减少C.俯视看铝框中产生顺时针方向的感应电流D.使用铝框做线圈骨架能够尽快使表针停在某一刻度处答案D解析 由左手定那么可知，俯视看线圈中通有顺时针方向的电流，选项A错误；因为线圈在水 平位置时磁通量为零，那么线圈转动时，穿过铝框的磁通量增加，根据楞次定律可知，俯视看 铝框中产生逆时针方向的感应电流，选项B、C错误；当铝框中产生感应电流时，铝框受到 的安培力与运动方向相反，故起到了阻尼作用，那么使用铝框做线圈骨架能够尽快使表针停在 某一刻

6、度处，故D正确.2 .(多项选择)电吉他中电拾音器的基本结构如图2所示，磁体附近的金属弦被磁化，因此弦振动 时，在线圈中产生感应电流，电流经电路放大后传送到音箱发出声音，以下说法正确的有 ()图2A.选用铜质弦，电吉他仍能正常工作B.取走磁体，电吉他将不能正常工作C.增加线圈匝数可以增大线圈中的感应电动势D.弦振动过程中，线圈中的电流方向不断变化答案BCD解析 铜质弦为非磁性材料，不能被磁化，选用铜质弦，电吉他不能正常工作，A项错误；假设取走磁体，金属弦不能被磁化，其振动时，不能在线圈中产生感应电动势，电吉他不能正 卜常工作，B项正确；由=叼可知，C项正确；弦振动过程中，穿过线圈的磁通量大小不

7、断变化，由楞次定律可知，线圈中感应电流方向不断变化，D项正确.4 .三个相同的金属圆环内存在着不同的有界匀强磁场，虚线表示环的某条直径，所有磁场的磁感应强度随时间变化关系都满足磁场方向如图3所示.测得A环内感应电流强度为/,那么5环和C环内感应电流强度分别为（）图3A. Ib=I，7c=0C. Ii3=219 IC=2IB. Ib=I，7c=0C. Ii3=219 IC=2IC. Ib=I，Ic=2ID. Ib=2I, Ic=Q答案D 解析 C环中穿过圆环的磁感线完全抵消，磁通量为零，保持不变，所以没有感应电流产生,即/c=o.根据法拉第电磁感应定律得片=笑=笑S=kS, S是有效面积，可得E

8、s,所以A、 8中感应电动势之比& ： Eb=1 ： 2,根据欧姆定律得加=2 = 2/,选项D正确.5 .如图4所示，在庆祝反法西斯胜利70周年阅兵盛典上，我国预警机“空警一2000”在通 过天安门上空时机翼保持水平，以4.5X102 km/h的速度自东向西飞行.该机的翼展（两翼尖 之间的距离）为50 m,北京地区地磁场的竖直分量向下，大小为4.7X10-5 T,那么（ ）图4A.两翼尖之间的电势差为2.9VB.两翼尖之间的电势差为LI VC.飞机左方翼尖的电势比右方翼尖的电势高D.飞机左方翼尖的电势比右方翼尖的电势低答案c解析 飞机的飞行速度为4.5X102 km/h =125 m/s,飞

9、机两翼尖之间的电动势为E=Blv= 4.7X 10-5X50X 125 V0.29 V, A、B项错误；飞机从东向西飞行，磁场竖直向下，根据右 手定那么可知，飞机左方翼尖的电势高于右方翼尖的电势，C项正确，D项错误.6 .（多项选择）如图5所示，在线圈上端放置一盛有冷水的金属杯，现接通交流电源，过了几分钟, 杯内的水沸腾起来.假设要缩短上述加热时间，以下措施可行的有（）A.增加线圈的匝数B.提高交流电源的频率C.将金属杯换为瓷杯D.取走线圈中的铁芯答案AB解析 当电磁铁接通交流电源时，金属杯处在变化的磁场中产生涡流发热，使水温升高.要 缩短加热时间，需增大涡流，即增大感应电动势或减小电阻.增加

10、线圈匝数、提高交流电源 的频率都是为了增大感应电动势，瓷杯不能产生涡流，取走铁芯会导致磁性减弱，应选项A、 B正确，选项C、D错误.7 .（多项选择）（2019山东青岛市质检）如图6所示的电路中，A1和A2是完全相同的灯泡，线圈L的 电阻可以忽略，以下说法中正确的选项是（）L A1A?-S1 卜 41L1 1图6A.闭合开关S接通电路时，A2始终比Ai亮.闭合开关S接通电路时，A2先亮，Ai后亮，最后一样亮C.断开开关S切断电路时，A2先熄灭，A过一会儿才熄灭D.断开开关S切断电路时，Ai和A2都要过一会儿才熄灭答案BD解析闭合开关S接通电路，A2立即亮，线圈对电流的增大有阻碍作用，所以通过A

11、i的电 流慢慢变大，最后两灯泡的电压一样大，所以一样亮，故A错误，B正确；断开开关S切断 电路时，线圈对电流的减小有阻碍作用，相当于电源，与A和A2串联，所以两灯泡都要过 一会儿才熄灭，故C错误，D正确.8. （2020.浙江杭州市一模）用导线绕一圆环，环内有一用同样导线折成的内接正方形线框，圆 环与线框绝缘，如图7甲所示.圆环的半径R=2m,导线单位长度的电阻力=0.2Q/m.把它 们放在磁感应强度为8的匀强磁场中，磁场方向垂直于圆环平面（纸面）向里.磁感应强度B 随时间/变化如图乙所示，求：X X X X XX X X X X甲正方形线框产生的感应电动势；(2)在02.0 s内，圆环产生的

12、焦耳热；假设不知道圆环半径数值，在02.0s内，圆环中的电流与正方形线框中的电流之比.答案 4 V (2)31.75 J (3)72解析正方形线框的面积为S=2R根据法拉第电磁感应定律得：NB1.5 0.59e=a75=o-X2X2 V=4V-(2)圆环面积为S =jiR2,圆周长为L=2兀R, 圆环的电阻为：rf =27r/?ro=2X3.14X2XO.2 Q2.5 Q 根据法拉第电磁感应定律得：1.5-0.5?n XkX22V6.3 V 乙 V/在02.0s内，圆环产生的焦耳热为:ErQ=/=2J正方形线框中的电流为：2/?2一厂”初函0圆环中的电流为：I1 = =T7*9rv圆环中的电流

13、与正方形线框中的电流之比：=y2.切能力提升练9.如图8,直角三角形金属框abc放置在匀强磁场中，磁感应强度大小为B,方向平行于ab边向上.当金属框绕。边以角速度切逆时针转动时，。、仄c三点的电势分别为外、外、q)c，金属框中无电流B.(Pb9c，金属框中电流方向沿afbfcaUbc=于t%，金属框中无电流C. Uhc=Bl2co,金属框中电流方向沿Ldf。答案C解析穿过金属框的磁通量始终为零，没有发生变化，故金属框中无电流，B、D项错误； 儿边切割磁感线的等效速度为斗叱 根据右手定那么知gVWc,故以=一/%，C项正确； GC边切割磁感线，根据右手定那么得的外，A项错误.10.（多项选择）（

14、八省联考湖北11）如图9所示，在MN右侧区域有垂直于纸面向的匀强磁场，其磁 感应强度随时间变化的关系为3=比（人为大于零的常量）.一高为电阻为R的正三角形金 属线框向右匀速运动.在1=0时刻，线框底边恰好到达MN处；在时刻，线框恰好完 全进入磁场.在线框匀速进入磁场的过程中（ ）图9A.线框中的电流始终为逆时针方向B.线框中的电流先逆时针方向，后顺时针方向C.，=彳1寸刻，流过线框的电流大小为笠誓D.时刻，流过线框的电流大小为耳誓L1 Z.K答案AD解析 由右手定那么和楞次定律可知动生电动势和感生电动势均为逆时针，故感应电流为逆时 针，A正确，B错误；线框匀速进入磁场过程中，设正三角形金属线框

15、边长为L,那么L=，芸时刻，B=k* 切割长度Z/ =4=$,线框匀速进入磁场的速度。=3，那么动生电动势 Ei=BL,此时感生电动势 12=ka2,，=，时v_zZ-XI i, 4Ji1乙刻,刻,C错误，D正确.0一 l r E1 + E2 5yi3ka2 流过线框的电流大小为1=p = 1 0 nK1IL （2019安徽蚌埠市第三次质量检测）如图10所示，某小组利用电流传感器（接入电脑，图中 未画出）记录灯泡A和自感元件L构成的并联电路在断电瞬间各支路电流随时间的变化情况, 人表示小灯泡中的电流，2表示自感元件中的电流（开关S闭合时那么以下图像中正 确的是（）答案C解析 当开关S断开后，自

16、感元件与灯泡形成回路，自感元件阻碍自身电流变化，自感元件 产生的感应电流仍沿着原来方向，大小从，2开始不断减小，灯泡的电流反向，大小与自感元 件电流相等，故C正确，A、B、D错误.12.（多项选择）如图11所示，光滑水平面上存在有界匀强磁场，磁感应强度为 以 质量为相、边长 为a的正方形线框ABCD斜向右上穿进磁场，当AC刚进入磁场时的速度为V,方向与磁场 边界成45。角，假设线框的总电阻为R,贝1（）图11A.线框穿进磁场过程中，框中电流的方向为DCB4AC刚进入磁场时线框中的感应电流为噂丝 AB. AC刚进入磁场时线框所受安培力为、一3C. 4c刚进入磁场时DC两端电压为答案CD解析 线框

17、进入磁场的过程中穿过线框的磁通量增大，由楞次定律可知，感应电流产生的磁 场方向向外，由安培定那么知感应电流的方向为ABCD方向，A错误；AC刚进入磁场时CD 边切割磁感线，AQ边不切割磁感线，所以产生的感应电动势为E=5砂，那么线框中感应电流 为/=4=等，B错误；AC刚进入磁场时线框的CO边产生的安培力与。的方向相反，ADK K边受到的安培力的方向垂直于AO向下，它们的大小都是尸=即，由几何关系可知，AD边与C。边受到的安培力的方向相互垂直，所以AC刚进入磁场时线框所受安培力为AO边与CO边受到的安培力的合力，即F合=pF=义点,C正确；当AC刚进入磁场时，DC两 33端电压U=IXR=Ba

18、v, D正确.13.如图12所示，匀强磁场中有一由半圆弧及其直径构成的导线框，半圆直径与磁场边缘重 合，磁场方向垂直于半圆面（纸面）向里，磁感应强度大小为无,使该线框从静止开始绕过圆 心0且垂直于半圆面的轴以角速度匀速转动半周，在线框中产生感应电流.现使线框保持 图中所示位置不变，磁感应强度大小随时间线性变化.为了产生与线框转动半周过程中同样A D大小的电流，磁感应强度随时间的变化率R的大小应为（） 1 C图12A缙A缙B.2D.D.coBu2兀答案A 解析 假设要产生的电流相等，那么产生的感应电动势应相等.设半圆半径的长度为从静止 开始绕过圆心。以角速度匀速转动时，线框中产生的感应电动势大小

19、为=m5。乙2口；根据 法拉第电磁感应定律得”等=彗=辞录2,联立可得第=噜，故B、c、D错误，A 正确.正方向.导线框R中的感应电动势（A.在/=,时为零B.在尸存时改变方向C.在时最大，且沿顺时针方向D.在，=T时最大，且沿顺时针方向答案ACTA0 AB解析 在，=1时，if图线斜率为0,即磁场变化率为0,由石=r=元”知，E=0, A项 正确；在，=，和/=7时，L/图线斜率的绝对值最大，在尸，和=丁时感应电动势最大.在 1到,之间，电流由。向P减弱，导线在R处产生垂直纸面向里的磁场，且磁场减弱，由楞 次定律知，R产生的感应电流的磁场方向也垂直纸面向里，即R中感应电动势沿顺时针方向， 同

20、理可判断在,到斗之间，R中电动势也为顺时针方向，在;T到T之间，R中电动势为逆时 针方向，C项正确，B、D项错误.考向2 感应电动势、感应电流的计算【例21 （多项选择）（2019全国卷I20）空间存在一方向与纸面垂直、大小随时间变化的匀强磁场， 其边界如图2（a）中虚线MN所示.一硬质细导线的电阻率为、横截面积为S,将该导线做成 半径为的圆环固定在纸面内，圆心。在上.，=0时磁感应强度的方向如图（a）所示；磁 感应强度B随时间t的变化关系如图（b）所示.那么在t=0到的时间间隔内（）(a )(b )A.圆环所受安培力的方向始终不变x QXPXA.正在减小,B.正在减小,NB mgdAz -

21、qlC.正在增强,NB mgdKt=2qL1D.正在增强,Nt qlB.圆环中的感应电流始终沿顺时针方向C.圆环中的感应电流大小为驾4版D.圆环中的感应电动势大小为空答案BC解析 在0而时间内，磁感应强度减小，根据楞次定律可知感应电流的方向为顺时针，圆 环所受安培力水平向左；在小外时间内，磁感应强度反向增大，感应电流的方向仍为顺时 针，圆环所受安培力水平向右，所以选项A错误，B正确；根据法拉第电磁感应定律得E=R =%吟=粤 由r=/4可得受，根据欧姆定律可得/=。=等，所以选项c正确, Z 10 ZlOddK 4如D错误.跟进训练1.（法拉第电磁感应定律的应用）如图3所示，竖直放置的矩形导线

22、框MNPQ边长分别为L和23 M, N间连接水平的平行板电容器，两极板间距为d,虚线为线框中轴线，虚线右侧有垂直线框平面向里的匀强磁场.两极板间有一质量为机、电荷量为的带负电油滴恰好处 于平衡状态，重力加速度为g,那么该磁场磁感应强度大小3的变化情况及其变化率分别 是（2LM_L d丁不答案D 解析 电荷量为q的带负电的油滴恰好处于静止状态，电场力竖直向上，那么电场强度方向竖 直向下，所以电容器的上极板带正电，线框上端相当于电源正极，感应电动势沿逆时针方向, 感应电流的磁场方向和原磁场方向相反，根据楞次定律可知，穿过线框的磁通量在均匀增强,线框产生的感应电动势E=Umn=*=Mu, L_X L

23、 L_X V油滴所受电场力与重力大小相等，那么（坪=mg,联立以上两式得，线圈中的磁通量变化率的大小为笆=翠，故D正确，A、B、C错误. lXi q l考点二导体切割磁感线产生的感应电动势1 .导体平动切割磁感线（1）有效长度公式=3h中的/为导体切割磁感线的有效长度.如图4中，导体的有效长度分别为:图4图甲：1= cd sin .图乙：沿。i方向运动时，/= MN .图丙：沿01方向运动时，l=y/2R；沿。2方向运动时，图丁： l=yla2-b2.相对速度历中的速度。是导体相对磁场的速度，假设磁场也在运动，应注意速度间的相对关系.2 .导体转动切割磁感线如图5,当长为/的导体在垂直于匀强磁

24、场（磁感应强度为功的平面内，绕一端以角速度匀 速转动，当导体运动。时间后，转过的弧度6=啰加，转过的面积AS=2那么石=竿=BSAr1 9=印1 co.图5|考向1平动切割磁感线 【例3】（多项选择）（2017全国卷H20）两条平行虚线间存在一匀强磁场，磁感应强度方向与纸面垂 直.边长为0.1 m、总电阻为0.005 Q的正方形导线框仍必位于纸面内，M边与磁场边界平 行，如图6甲所示.导线框一直向右做匀速直线运动，cd边于，=0时刻进入磁场.线框中感应电动势随时间变化的图线如图乙所示（感应电流的方向为顺时针时，感应电动势取 正）.以下说法正确的选项是（）甲乙图6A.磁感应强度的大小为0.5TB

25、.导线框运动的速度的大小为0.5 m/sC.磁感应强度的方向垂直于纸面向外D.在，=0.4s至l=0.6s这段时间内，导线框所受的安培力大小为0.1 N答案BC解析 由/图像可知，导线框经过0.2 s全部进入磁场，那么速度僵 m/s = 0.5 m/s,I J 乙选项B正确；由题图乙可知，E=0.01 V,根据历得，B=S=吗:T=0.2T,选项A错误；根据右手定那么及正方向的规定可知，磁感应强度的方向垂直于纸面向外，选项C正 确；在/=0.4 s至1=0.6 s这段时间内，导线框中的感应电流/=。=段占A = 2 A,所受的安 培力大小为F=B/=0.2X2X0.1 N=0.04N,选项D错

26、误.考向2、转动切割磁感线【例4】如图7所示，半径为的金属圆盘在垂直于盘面的磁感应强度为3的匀强磁场中，绕0轴以角速度G沿逆时针方向匀速运动, 电阻不计X）C.1-,T Bi%-A.由c到d, I B.AA?2C.由 c,至Ijd, I- ”D.Z/v那么通过电阻R的电流的方向和大小是（金属圆盘的x?x B XOX 户 X :c X R 11d图7由d到0 /-甯, r Broj由 d 到 c, I 2R答案D解析 由右手定那么，圆盘相当于电源，其电流方向为从边缘指向圆心，所以通过电阻R的电流的方向是由。到c;而金属圆盘产生的感应电动势石=；B7口，所以通过电阻R的电流大小是/=是/=Bra)

27、2RD正确.跟进训练.（平动切割磁感线）如图8所示，空间有一匀强磁场，一直金属棒与磁感应强度方向垂直， 当它以速度。沿与棒和磁感应强度都垂直的方向运动时，棒两端的感应电动势大小为E,将此棒弯成两段长度相等 且相互垂直的折线，置于与磁感应强度相垂直的平面内，当它沿两段折线夹角平分线的方向 E以速度。运动时，棒两端的感应电动势大小为.那么方等于（）L-jXXXXXXXXXXA.| B.号 C. 1 D 造答案B解析设折弯前导体切割磁感线的长度为E=BLv;折弯后，导体切割磁感线的有效长度2 .（转动切割磁感线）（2021 .安徽宣城市期末调研测试）边界的一侧区域内，存在着磁感应 强度大小为8、方向

28、垂直于光滑水平桌面的匀强磁场.边长为/的正三角形金属线框abc粗 细均匀，三边阻值相等，。顶点刚好位于边界上，现使线框围绕过点且垂直于桌面的 转轴匀速转动，转动角速度为如 如图9所示，那么在边开始转入磁场的瞬间、。两端的 电势差。时为（ ）图9图91 9C. -%Bl2 co答案A解析 当M边刚进入磁场时，必边切割磁感线，切割长度为两个端点间的距离，即为纵b 间的距离/,那么E=B/ =B俘=3% 设每个边的电阻为R, a、匕两点间的电势差为：UE1= 12R=2R,故U=wB%j,故A正确，B、C、D错误. 3K3考点三自感现象【基础回扣】自感现象概念：当一个线圈中的电流变化时，它所产生的变

29、化的磁场在线圈本身激发出感应电动 势.这种现象称为自感,由于自感而产生的感应电动势叫作自感电动势.(2)表达式：E=Li.自感系数L的影响因素：与线圈的大小、形状、匝数以及是否有铁芯有关.【技巧点拨】1.通电自感和断电自感的比拟电路图LAi111S R1工卜 Li_器材要求Ai、A2同规格，R=Rl，L较 大L很大(有铁芯)通电时在S闭合瞬间，灯A2立即亮 起来，灯Ai逐渐变亮，最终 一样亮灯A立即亮，然后逐渐变暗到达稳定断电时回路电流减小，灯泡逐渐变 暗，Ai电流方向不变，A2电 流反向假设/2式小灯泡逐渐变暗；假设，2小灯泡闪亮后逐渐 变暗.两种情况下灯泡中电流方向 均改变2.分析自感问题

30、的三个技巧三个技巧通电自感：通电时自感线圈相当于一个变化的电 阻，阻值由无穷大逐渐减小断电自感：断电时自感线圈相当于电源，电动势 由某值逐渐减小到零电流稳定时，自感线圈相当于导体，是否需要考 虑其电阻，根据题意而定【例5】（2017.北京卷.19）如图10所示，图甲和图乙是教材中演示自感现象的两个电路图，Li 和上为电感线圈.实验时，断开开关Si瞬间，灯Ai突然闪亮，随后逐渐变暗；闭合开关S2, 灯A2逐渐变亮.而另一个相同的灯A3立即变亮，最终A2与A3的亮度相同.以下说法正确的是（）图10图10A.图甲中，Ai与心的电阻值相同B.图甲中，闭合Si，电路稳定后，Ai中电流大于心中电流C.图乙

31、中，变阻器R与心的电阻值相同D.图乙中，闭合S2瞬间，乙2中电流与变阻器R中电流相等 答案C 解析 断开开关S瞬间，线圈L1产生自感电动势，阻碍电流的减小，通过心的电流反向通 过A1，灯Ai突然闪亮，随后逐渐变暗，说明即QjVRai,故A错；题图甲中，闭 合开关Si,电路稳定后，因为RliRai,所以Ai中电流小于心中电流，故B错；题图乙中， 闭合开关S2,灯A2逐渐变亮，而另一个相同的灯A3立即变亮，最终A2与A3的亮度相同， 说明变阻器R与的电阻值相同，故C对；闭合S2瞬间，通过心的电流增大，由于电磁感 应，线圈乙2产生自感电动势，阻碍电流的增大，那么七中电流与变阻器R中电流不相等，故D错

32、.跟进训练4.（自感现象）（多项选择）（2020江苏苏锡常镇二模）为测量线圈L的直流电阻氏，某研究小组设计 了如图11所示电路.线圈的自感系数较大，两电表可视为理想电表，其示数分别记为U、 /,实验开始前，S处于断开状态，S2处于闭合状态.关于实验过程，以下说法正确的选项是（ ）* s.1ill图11A.闭合Si，电流表示数逐渐增大至稳定值B.闭合Si，电压表示数逐渐减小至稳定值C.待两电表示数稳定后，方可读取U、/的值D.实验结束后，应先断开Si答案ABC考点四考点四涡流 电磁阻尼和电磁驱动【基础回扣】.涡流现象涡流：块状金属放在变化磁场中，或者让它在磁场中运动时，金属块内产生的漩涡状感应 电流.产生原因：金属块内磁逋量变化f感应电动势f感应电流.1 .电磁阻尼当导体在磁场中运动时，感应电流会使导体受到安培力，安培力总是幽导体的相对运动.2 .电磁驱动如果磁场相对于导体转动，在导体中会产生感应电流使导体受到安培力而运动起来.跟进训练5.（涡流）如图12所示，关于涡流的以下说法中错误的选项是（）冶炼炉电磁炉 阻尼摆 硅钢片图12A.真空冶炼炉是利用涡流来熔化金属的装置B.家用电磁炉锅体中的涡流是由恒定磁场产生的C.阻尼摆摆动时产生的涡流总是阻碍其运动D.变压器的铁芯用相互绝缘的硅钢片叠成能减小涡流答案B