静电场专题复习答案公开课.docx

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1、参考答蔡作业手册）专题训练（四）1.BD 解析小球的重力势能增加5 J,那么小球克服重力做功为5 J,故A错误;电场力对小球做功为2 J, 那么小球的电势能减少2 J,故B正确;小球受到重力、电场力、空气阻力三个力的作用，小球的机械能增 加1.5 J,那么除重力以外的力做功为1.5 J,因电场力对小球做功为2 J,那么空气阻力做功为.0.5 J,即小球克 服空气阻力做功为0.5 J,故C错误;重力、电场力、空气阻力三力做的总功为-3.5 J,根据动能定理小球 的动能减少3.5J,D正确.2.BC 解析由于有电场力做功,故小球的机械能与弹簧的弹性势能之和是改变的，故A错误;由题意 知,小球受到的

2、电场力与重力大小相等，在小球从M运动到N过程中，重力做多少正功，重力势能就减少 多少，电场力做多少负功，电势能就增加多少，又因两力做功一样多，故B正确;由动能定理可知，弹力对小 球做的功等于小球动能的增加量,又知弹力做的功等于弹性势能的减少量故C正确;电场力和重力做 功的代数和为零，故D错误.3 .D 解析带电小球在金属板间运动时的加速度。=g+纥根据平抛运动规律得2。=以0=；江联立得后=瞥警，选项D正确. 2qa4 .D 解析因微粒在重力和电场力作用下做直线运动，而重力竖直向下，可知电场力一定水平向左彳散粒带负电,A错误;其合外力一定与速度反向,大小为尸二温,即微粒一定做匀减速直线运动，加

3、速度大小为册号,B错误,D正确;电场力强二，但不知微粒的电荷量，所以无法求出电场强度,C错误. sintziant7.B 解析质子到达圆与x轴正半轴的交点A时，动能的增量最大,说明等势面在A点与圆相切，即等势面与y轴平行，电场线与x轴平行,P、A两点之间的电势差。=2=60 V/、A两点之间的距离为2Rcos 37。/、A两点之间沿x轴方向的距离x=2/?cos2 37。,匀强电场的电场强度是E=-= 187.5 V/m,选 X项B正确.6.AD 解析对带电小球进行受力分析，如下图，小球的加速度当=毕=需 m/s2=-10 m/s2,根据 2几何关系得tan。=翌=可4=1，故夕=45。,尸电

4、二;鱼织=声解得E=100 V/m,故A、D正确. mg mg g 10cos457.BD 解析三个液滴在水平方向上受到电场力作用，水平方向上不是匀速直线运动，所以三个液滴在 真空盒中不是做平抛运动，选项A错误;由于三个液滴在竖直方向上做自由落体运动，所以三个液滴的 运动时间相同，选项B正确;三个液滴落到底板时竖直分速度相等，而水平分速度不相等,所以三个液滴 落到底板时的速率不相同，选项c错误;由于液滴3在水平方向上的位移最大，说明液滴3在水平方向 上的加速度最大，所带电荷量最多，选项D正确.8 .C 解析小金属块从4到B过程,由动能定理得-夕夕侬解得人B两点间的电势差以片之竺竽啦 故a错误;

5、小金属块由4点向。点运动的过程中，电场力一直做正功，电势能一直减 2q小，故B错误;从A到B过程，金属块做加速运动，从B到C过程，金属块做减速运动，在B点时金属块所受的滑动摩擦力与库仑力平衡，有4陪=罩解得一牖，故C正确;从B到C的过程中,小金属块减少的动能和电势能全部转化为内能，故D错误.9 .C 解析由动能图线知，小物块的速度先增大后减小，根据库仑定律知,小物块所受的库仑力逐渐减 小，合外力先减小后增大,加速度先减小后增大，那么小物块先沿斜面向上做加速度逐渐减小的加速运动， 再沿斜面向上做加速度逐渐增大的减速运动,直至速度为零，由动能图线可知,速度有最大值，此时小物 块受力平衡，小物块所受

6、的库仑力与重力沿斜面的分力平衡，由于没有x的具体数据,所以不能求知名故 A错误;从A到B的过程中，重力势能的增加量等于电势能的减小量，所以可以求出小物块电势能的减 小量，由于小物块的电荷量不知道,所以不能求出人B之间的电势差，故B错误;由重力势能图线得 E,=mgh=mgxsn。，算出斜率即可求出团,故C正确;图像中不能确定哪一点的速度最大，也不知道小物块 的电荷量，所以不能确定小物块速度最大时到斜面底端的距离，故D错误.10 .(1)20 m (2)1.5 N (3)0.6 m 717 m/s解析(1)设滑块释放点与N点的距离为L,由动能定理得1 7 qEL-/.imgL-mg-2R-mv-

7、Q小滑块在C点时，由重力提供向心力，由牛顿第二定律得V2 mg=m联立解得 v=2 m/s,L=20 m.滑块到达尸点时由动能定理得1 7 qE(L+R)-p.mgL-mg-R-mVp-G乙在P点时，由牛顿第二定律得v2 FNqE=m K联立解得尺=1.5N由牛顿第三定律可得，滑块通过P点时对轨道压力的大小是1.5 N.小滑块经过。点后，在竖直方向上做的是自由落体运动，有2R4P解得滑块运动的时间40.4 s滑块在水平方向上只受到电场力的作用,做匀减速运动，由牛顿第二定律得9后刁。解得加速度。=2.5 m/s21水平位移为x=vt-at2=Q.6 m滑块落地时，竖直方向的速度大小为v.y=g/

8、= 10x0.4 m/s =4 m/s 水平方向的速度大小为vx=v-at= m/s落地时速度的大小为口地幻疑+哆=VT7 m/s.ll.J(2V3 + l)5L解析小球在A处时，对其进行受力分析，如下图F=mgtan 30。=今叫“等效场力Gf=J(mg)2 +尸2=苧岫且g与R反向“等效场加速度g三洛从8点运动到。点的过程中，小球在“等效”场力作用下做初速度为零的匀加速直线运动，有 s=V3L,vc=42g7s=2yfgL所以 vc.x=vc sin 64。=13gLg在细线拉力的作用下瞬间减小为零从。点运动到。点的过程中，由动能定理得Wg+W尸前脸引脸 乙乙Wg=/-V3(1-cos 30)WF=F-V3sin 30解得 VD= (2V3 + l)gL