选择题专练公开课.docx

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1、第二局部 能力强化训练选择题专练（一）A卷【测控导航】考点题号（难易度）1.共点力平衡14（易）2.直流电路15（易）3.牛顿第二定律16（易）4. x-t a-t等图象问题17（中）5.功能关系18（中）6.电势差、电势能19(+)7.电磁感应20(难)一、选择题（此题共4小题,每题6分，共24分.在每题给出的四个选项中，只有一项为哪一项符合题目要求的）14. （2014安徽理综）如下图,有一内壁光滑的闭合椭圆形管道,置于 竖直平面内，MN是通过椭圆中心0点的水平线.一小球从M点出 发,初速率为vo,沿管道MPN运动,到N点的速率为vb所需时间为3; 假设该小球仍由M点以初速率vo出发,而沿

2、管道MQN运动,到N点的速率 为V2,所需时间为t2.那么（A ）仍可运用物理学中常用的方法在以下选项中判断 3的值可近似等于（B ）a. 土Mb. 土署c. 土噂 d. 土白 2e 2m22me解析:角速度3与周期T之间的关系为3二篇电子在磁场中运动的周期T与其所带电荷量e以及磁感应强度B之间的定量关系为T二答,联立两式解得3二号显然,题给选项中只有B中的量纲与所推导出来的 角速度3的量纲相同，应选项B正确.二、选择题（此题共3小题,每题6分，共18分.在每题给出的四 个选项中,至少有一个选项是符合题目要求的.全部选对的得6分,选 对但不全的得3分,有选错的得0分）18.如图（甲）所示,斜面

3、体固定在水平面上,倾角为0 =30 ,质量为m 的物块从斜面体上由静止释放，以加速度a楼开始下滑,取出发点为参 考点，那么图（乙）中能正确描述物块的速率V、动能势能Ep、机械 能E、时间t、位移x关系的是（ACD ）m（甲）/ Z R L0O *1、0ABCD（乙）解析：由v=at=ft可知,vt,应选项A正确;而Ek-mv2=mg2t可见,Ek 8t；因此选项B错误;设物块沿斜面发生的位移为x时对应的竖直高度为h,由题意得Ep=-mgh=-mgxsin 0 ,可见Ep0cx,应选项C正确;机 械能E=Ek+Ep甘加-mgxsin 0 = 1g-mgsin 0k0,因此选项D正确.19. （2

4、014暨阳二模）如下图，加速电场电压为5,偏转电场电压为U2, B为右侧足够大的有左边界的匀强磁场，一束由V组成的1粒子流在（）1处由静止开始经口加速,再经U2偏转后进入右侧匀强磁场, 且均能从左边界离开磁场.不计粒子间相互作用，那么以下说法正确的 是（BCD ）% 卜 ：x xxA.三种粒子在电场中会分为两束B.三种粒子在磁场中会分为两束C.三种粒子进磁场位置和出磁场位置间的距离比为1 ： V2 ： V2D.三种粒子进磁场位置和出磁场位置间的距离都与L无关 解析:不同带电粒子在同一地点经相同电场加速，又进入同一偏转电 场,它们的运动轨迹是相同的,A错误;三种粒子从电场中同一点C以 相同速度方

5、向0进入磁场做圆周运动,从（I到C点，由动能定 理，（Ui+U02c）q甘nv；圆周运动半径厂翁亮产丝遢J聆三种粒子的 半径比为1 ：、：、B对;粒子进磁场位置和出磁场位置间的距离 y=2rsin。所以它们的距离之比为1 ： ：、2 c对;粒子进入偏转电场时速度为v0,Ugq叫j2,y=2rsin。二答sin。二嘤为等空可见 /ocjoQ dQ与1）2无关,D对.20.如下图,在光滑绝缘斜面上放置一矩形铝框abed,铝框的质量为 m,电阻为R,斜面上ef线与gh线间有垂直斜面向上的匀强磁场,ef ghpqab, ehbc.如果铝框从磁场上方的某一位置由静止开始运 动.那么从开始运动到ab边到达

6、gh线之前的速度一时间图象可能正确 的有（AD ）解析:铝框从开始运动到cd边进入磁场之前沿光滑绝缘斜面做匀加 速直线运动;cd边进入磁场后，由于电磁感应现象，回路中产生感应电 流,cd中的感应电流受到沿斜面向上的安培力作用，由于安培力的大 小与速度大小有关,并且从题中条件无法判断安培力的大小与铝框所 受重力沿斜面向下分力大小之间的关系,所以铝框此时可能做匀速直 线运动,也可能做变加速直线运动,或变减速直线运动;铝框全部进入 磁场区域后，由于ehbc,铝框中无感应电流产生,铝框又沿斜面做匀加速直线运动,加速度与其刚进入磁场过程中的加速度相同.综上所述，选项A、D正确.C. vi=v2, tit

7、2 D. Vv2, tit2 viv2A. t1=t2 viv2tit2 ViCA,因此其对应的竖直高度较大，由机械能守恒定律得nighWmv； 解得7=府,故W0. 5,故A、B都会匀加速下滑,根据牛顿第二 定律知加速度大小也相同，故会同时到达底端,选项A错误,B、C正确; 因A物块与传送带同向运动,相对位移要小,根据Q二fs相对,产生的热量 要小于B物块下滑产生的热量,应选项D正确.19.在中间位置有固定转动轴的长为21的轻质杆两端固定两完全相 同的质量为限 带相同电荷量+q的小球1和2,装置放在如下图的 关于竖直线对称的电场中，初始在水平位置静止.现给小球1 一个竖 直向上速度,让小球1

8、、2绕转动轴各自转动到B、A位置,A、B间电 势差是U,那么小球1、2构成的系统（ABC ）A.也势能增加B.动能减小C.动能减少量一定小于qU D.电势能一定大于qU+mgl解析：1、2两小球组成的系统,重力做功为零,只有静电力做功,应选项D错误；由题给电场的分布看出，1球运动过程中静电力对其做正功,大小小于乐U,电势能减少小于3U, 2球运动过程中静电力对其做负功, 大小大于乐U,电势能增加大于飘J,故系统电势能的增加量不一定大于 为口系统动能的减少量不一定大于为U,但一定小于qU,应选项A、B、C 均正确.20.如下图,空间存在着与圆台母线垂直向外的磁场，各处的磁感应 强度大小均为B,圆

9、台母线与竖直方向的夹角为0 . 一个质量为m、半 径为r的匀质金属圆环位于圆台底部.圆环中维持恒定的电流L圆环 由静止向上运动,经过时间t后撤去该恒定电流并保持圆环闭合，圆 环上升的最大高度为H.重力加速度为g,磁场的范围足够大.在 圆环向上运动的过程中，以下说法正确的选项是（AC ）A.安培力对圆环做的功为mgllB.圆环先做匀加速运动后做匀减速运动C.圆环运动的最大速度为皿SgtD.圆环有先扩张后收缩的趋势解析:依题意可知,在金属圆环上升II高度的整个过程中，由静止上升 到最大高度再次静止，只有重力和安培力对其做功，由动能定理可得 -mgH+W安=0-0,解得W安二mgH,应选项A正确；撤

10、去恒定电流I前金属圆 环受重力和安培力作用，由于重力噌、安培力大小BIL=2 n BIr均恒 定，故金属圆环做匀加速直线运动,撤去恒定电流I后,金属圆环在磁 场中切割磁感线产生感应电流,感应电流在磁场中受安培力大小F安 二吗必,显然此时的安培力是变力，故金属圆环做变减速直线运动,应选项B错误;设金属圆环做匀加速直线运动的加速度为a,那么2 nBIrcos 0 -mg=ma, v=at,联立解得v二结3-gt,应选项C正确；由左 tn手定那么判断得出，撤去恒定电流I前金属圆环所受安培力的水平分力 使得圆环有收缩的趋势,撤去恒定电流I后金属圆环所受安培力的水 平分力使得圆环有扩张的趋势，应选项D错

11、误.B卷【测控导航】一、选择题（此题共4小题,每题6分，共24分.在每题给出的四 个选项中，只有一项为哪一项符合题目要求的）考占7八、题号（难易度）1.直线运动14（易）2.受力分析及平衡问题15（易）3.静电场中的F、W、Ep等16（易）4.带电粒子在复合场中的运动17（中）、Ep-t等图象问题18（中）6.带电粒子在组合场中的运动19（中）7.电磁感应20（难）14. （2014厦门市质检）在2012年伦敦奥运会女子3米跳板比赛中,我 国跳水名将吴敏霞获得金牌.经过对她跳水过程录像的理想化处理， 将吴敏霞（可视为质点）离开跳板时作为计时起点,其运动过程的v-t 图像简化为如下图，那么（B

12、），VA. 3时刻开始进入水面B.t2时刻开始进入水面C.t2时刻在空中最高点D. t3时刻浮出水面解析:离开跳板时作为计时起点,所以03为起跳的上升过程,3t2 为从最高点开始的下降阶段,t2t3为入水的减速过程,B正确.15 .如下图,一只篮球放在水平地面上,一只质量为m的蚂蚁在它上 面以恒定的速率从A点爬到C点，在此过程中，篮球始终处于静止状态, 蚂蚁与篮球间的动摩擦因数为口，下面说法中正确的选项是（B ）A.蚂蚁爬到B点时; 篮球对它的摩擦力为u mgs in 0B.蚂蚁从A爬到C的过程中，篮球对它的支持力在逐渐增大C.假设蚂蚁爬到B点时不动，那么篮球对它的作用力为mgsin 0D.蚂

13、蚁从A爬到C的过程中,地面对篮球的摩擦力方向为水平向右解析:蚂蚁从A爬到C的过程中，所受的摩擦力是静摩擦力,应选项A错误;对蚂蚁进行受力分析,沿圆心方向有mgsin。-Frf,从A至IJ C 的过程中，角0增大,那么弹力增大,应选项B正确;假设蚂蚁在B点不动，那么受力平衡,篮球对它的作用力大小为mg,方向竖直向上,应选项C错 误;蚂蚁在爬行过程中，合力方向始终指向圆心,那么它受到摩擦力的水 平分力大于支持力的水平分力，因而它对篮球的作用力（摩擦力与支 持力的合力）斜向右下方,那么地面对篮球的摩擦力方向为水平向左,故 选项D错误.16 .如下图,A、C是以正点电荷Q为圆心的某一圆周上的两点,B是

14、 线段AC的中点.现将一正点电荷从A经B移到那么（D ）A.从A到C,静电力对该电荷一直做正功B.从A到C,静电力对该电荷一直不做功C.该电荷在A、B、C三点时的电势能大小关系是EpbEQEpcD.该电荷在A、B、C三点时所受静电力的大小关系是FQFa二Fc 解析：由点电荷电场中等势面的分布特点可知,B点的电势高于A、C 两点的电势,A、C两点的电势相等，故从A到C,静电力对该电荷先做 负功后做正功，电荷的电势能先增加后减少,直至与在A点的电势能 相等，选项A、B、C错误;再由点电荷电场线的分布特点可知,B点处 的电场线比A、C两点处的电场线密,A、C两点处的电场线疏密程度 相同，故该正电荷在A、B、C三点时所受静电力的大小关系是Fb汨=F。, 选项D正确.17.设电子质量为m,电荷量为e,绕带正电的质子做圆周运动.当加上 方向与电子轨道平面垂直、磁感应强度为B的匀强磁场时，设电子轨 道半径不变,而角速度发生变化.你可能不会求角速度的变化 3 ,但