第6章 微专题7　应用“三大力学观点”的四类典型模型.docx

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1、微专题七 应用“三大力学观点”的四类典型模型突破一“人船”模型1 .“人船模型”的特征两个原来静止的物体发生相互作用时，若所受外力的矢量和为0,则系统动 量守恒。在相互作用的过程中，任一时刻两物体的速度大小之比等于质量的反比。2 . “人船”位置如图所示，长为L、质量为加附的小船停在静水中，质量为z人的人由静止 开始从船的一端走到船的另一端，不计水的阻力，因人和船组成的系统动量始终 守恒，可得帆船。船二机人O人，故有机船X船二机人X人，由图可看出工船+工人二*“2船m人可解得J人=+5L, x= Lo x人，x船均为沿动量方向相对于同一参机人十m给m八十考系的位移。“*人* L3,模型扩展人沿

2、着静止在空中的热气球下面的软梯滑下或攀上，求热气球上升或下降的 高度的问题；小球沿放在光滑水平地面上的弧形槽滑下，求弧形槽移动的距离的 问题等。典例1有一只小船停靠在湖边码头，小船又窄又长（质量一吨左右）。一位 同学想用一个卷尺粗略测定它的质量。他进行了如下操作：首先将船平行于码头 自由停泊，轻轻从船尾上船，走到船头停下，而后轻轻下船。用卷尺测出船后退 的距离凡 然后用卷尺测出船长L。已知他的自身质量为，叫 水的阻力不计，则 船的质量为（）审题指导:题干关键获取信息相对静止最后共速要使物块不从小车右端滑出物块滑到车右端与小车共速解析(1)设物块与小车的共同速度为以以水平向右为正方向，根据动量

3、守恒定律有桁2如=(如+，如以设物块与车面间的滑动摩擦力为/,对物块应用动量定理有一#=机20一帆2%，其中片/“2g,联立以上三式解得=联立以上三式解得=。川+，2)g代入数据得t=4.0X50.5 X (4.04-1.0)X10(2)要使物块恰好不从小车右端滑出，物块滑到车面右端时与小车有共同的 速度小,则有m2V,a=(mi+m2)v,9由功能关系有12ni2V12ni2Vi+nt2)v,2+/4m2gLf代入数据解得“o=16 m/so故要使物块不从小车右端滑出，物块滑上小车左端的速度Uo不能超过衰m/So答案(1)0.8 s (2)173 m/s跟进训练1 .如图所示，质量为M、长为

4、L的长木板放在光滑水平面上，一个质量也为第10页，共12页的物块(可视为质点)以一定的初速度从左端冲上木板，如果长木板是固定 的，物块恰好停在木板的右端，如果长木板不固定，则物块冲上木板后在木板上 滑行的距离为()口C 设物块受到的滑动摩擦力为了,物块的初速度为内。如果长木板是固定 的，物块恰好停在木板的右端，对物块的滑动过程运用动能定理得一几=0一; Mvit如果长木板不固定，物块冲上木板后，物块向右减速的同时，木板要加速， 最终两者一起做匀速运动，该过程系统所受外力的合力为零，动量守恒，规定向 右为正方向，根据动量守恒定律得M0o=(M+M)s,对系统运用能量守恒定律 有加一;(2M)讯

5、联立解得=与 故C正确，A、B、D错误。2 .如图所示，一长木板位于光滑水平面上，长木板的左端固定一挡板，木板 和挡板的总质量为二3.0 kg,木板的长度为L=1.5 mo在木板右端有一小物块, 其质量“=1.0 kg,小物块与木板间的动摩擦因数二010,它们都处于静止状 态。现令小物块以初速度内沿木板向左滑动，重力加速度g取lOm/M。左n右7/7/hL(1)若小物块刚好能运动到左端挡板处，求处的大小；(2)若初速度。0 = 3 m/s,小物块与挡板相撞后，恰好能回到右端而不脱离木 板，求碰撞过程中损失的机械能。解析(1)设木板和物块最后共同的速度为。，由动量守恒定律得+M)v对木板和物块组

6、成的系统，由功能关系得pnigL=；(加+A1)第11页，共12页由以上两式解得加=2 m/so(2)同样由动量守恒定律可知，木板和物块最后也要达到共同速度0设碰撞过程中损失的机械能为AE,则对木板和物块组成系统的整个运动过 程，由功能关系有火2L+AE=22od5(机+M)v由以上各式解得AE=备去一2磔代入数据可得AE=0.375 Jo答案(1)2 m/s (2)0.375 J第12页，共12页tn(L + d)m(L - d)m(L + d)B 设船的质量为M,人走动的时候船的速度为vt人的速度为力,人从 船尾走到船头用时为t,人的位移为L-d,船的位移为d,所以v=（,少=与工。 以船

7、后退的方向为正方向，根据动量守恒有：Mu一机以=0,可得:“=”严, 小船的质量为： 叱”,故B正确。跟进训练1 .质量为M的气球上有一个质量为m的人，气球和人在静止的空气中共 同静止于离地力高处，如果从气球上慢慢放下一个质量不计的软梯，让人沿软梯 降到地面，则软梯长至少应为（）C 设人沿软梯滑至地面，软梯长度至少为L,以人和气球组成的系统为研 究对象，竖直方向动量守恒，规定竖直向下为正方向，由动量守恒定律得：0=Ms+mvi人沿软梯降至地面，气球上升的高度为L一九 平均速度大小为力=二一人相对于地面下降的高度为儿 平均速度大小为联立得：0= _J+批号,IKM+m解得：L=而一hf故C正确，

8、A、B、D错误。第2页，共12页2.光滑水平面上放有一上表面光滑、倾角为a的斜面体4斜面体质量为M, 底边长为L,如图所示。将一质量为机、可视为质点的滑块3从斜面的顶端由静 止释放，滑块3经过时间，刚好滑到斜面底端。此过程中斜面对滑块的支持力大 小为尸n,则下列说法中正确的是()DA . Fn = mgcos aB .滑块3下滑过程中支持力对3的冲量大小为尸Wcos aC,滑块3下滑过程中A、B组成的系统动量守恒D.此过程中斜面向左滑动的距离为百D 当滑块5相对于斜面加速下滑时，斜面A水平向左加速运动，所以滑 块B相对于地面的加速度方向不再沿斜面方向，即沿垂直于斜面方向的合外力 不再为零，所以

9、斜面对滑块的支持力尸N不等于机geos a, A错误；滑块B下滑 过程中支持力对3的冲量大小为fW, B错误；由于滑块5有竖直方向的分加速 度，所以系统竖直方向合外力不为零，系统的动量不守恒，C错误；系统水平方 向不受外力，水平方向动量守恒，设A、B两者水平位移大小分别为XI、X2,则Mx=mx2, x+x2=Lt 解得D 正确。突破二“滑块一弹簧”模型模型图示/水平地面光滑模型(1)两个或两个以上的物体与弹簧相互作用的过程中，若系统所受外 力的矢量和为零，则系统动量守恒第3页，共12页特点(2)在能量方面，由于弹簧形变会使弹性势能发生变化，系统的总动 能将发生变化；若系统所受的外力和除弹簧弹

10、力以外的内力不做 功，系统机械能守恒(3)弹簧处于最长(最短)状态时两物体速度相等，弹性势能最大，系 统动能通常最小(完全非弹性碰撞拓展模型)(4)弹簧恢复原长时，弹性势能为零，系统动能最大(完全弹性碰撞 拓展模型，相当于碰撞结束时)典例2如图所示，A、B、C三个木块的质量均为，明置于光滑的水平面 上，八、C之间有一轻质弹簧，弹簧的两端与木块接触但不固连，将弹簧压缩到 不能再压缩时用细线把5、C紧连，使弹簧不能伸展，以至于8、。可视为一个 整体。现4以初速度如沿仄C的连线方向朝运动，与B相碰并黏合在一起。 以后细线突然断开，弹簧伸展，从而使。与A、3分离。已知C离开弹簧后的 速度恰为划，求弹簧

11、释放的势能。,77777x77777777/777/77777777777777思路点拨：解此题要注意以下关键信息：(1)“8、。可视为一个整体”表明A与B碰后，三者共递。(2) “A与8碰后黏在一起”表明C离开弹簧时，A、3有共同的速度。解析设碰后A、8和。共同速度的大小为以 由动量守恒定律得 3mv=mvo设C离开弹簧时，A、8的速度大小为5,由动量守恒定律得3mv=2mv+mvn设弹簧的弹性势能为EP,从细线断开到C与弹簧分开的过程中机械能守恒, 有T(3m)p2+Ep=l(2/n)r?+l/nu8由式得弹簧所释放的势能为品=之咖答案5M跟进训练第4页，共12页1.(多选)竖直放置的轻弹

12、簧下端固定在地上，上端与质量为m的钢板连接,钢板处于静止状态。一个质量也为的物块从钢板正上方h处的尸点自由落下, 打在钢板上并与钢板一起向下运动xo后到达最低点下列说法正确的是()A .物块与钢板碰后的速度为“福B .物块与钢板碰后的速度为苧C.从尸到。的过程中，弹性势能的增加量为42枇+ ?D,从尸到。的过程中，弹性势能的增加量为雄(2xo + h)BC 物块下落心由机械能守恒定律有机物块与钢板碰撞，由选项A错误，B正确；从碰选项A错误，B正确；从碰动量守恒定律有机。1=2，。2,解得看2 = 5。1 = 丫| ,撞点到Q点，由能量关系可知:2就+2机时0=即则弹性势能的增加量为Ep+?,选

13、项C正确，D错误。2 .两物块A、用轻弹簧相连，质量均为2kg,初始时弹簧处于原长，4、B两物块都以u = 6 m/s的速度在光滑的水平地面上运动，质量为4 kg的物块C静止在前方，如图所示。已知B与C碰撞后会粘在一起运动。在以后的运动中： r回.(1)当弹簧的弹性势能最大时，物块A的速度为多大？(2)系统中弹性势能的最大值是多少？第5页，共12页解析(1)弹簧压缩至最短时，弹性势能最大，由动量守恒定律得：+3历=(%+tnc)VA解得办=3 m/so(2)B、C碰撞过程系统动量守恒mBV=(rnif+mc)vc故 vc=2 m/s碰后弹簧压缩到最短时弹性势能最大，故Ep=mAV2+(mn-m

14、c)vl(mA+，力+矶)次=12 Jo答案(1)3 m/s 12J突破三“子弹打木块”模型模型特点及满足的规律子弹打木块模型 %，子弹打入木块若未穿出，系统动量守恒，能量守恒，即moo = (m+ M)。，。热=几相对=/沅/m+M浮若子弹穿出木块，有机。o =，s + Mv2,。燃=/L相对=%词一%而典例3光滑的水平面上放着一块质量为、长度为d的木块，一颗质量 为m的子弹(可视为质点)以水平速度如射入木块，当子弹从木块中穿出后速度 变为5,子弹与木块之间的平均摩擦力为人 求：(1)子弹打击木块的过程中摩擦力对子弹做功多少？摩擦力对木块做功多 少？(2)在这个过程中，系统产生的内能为多少？

15、审题指导：打击过程动量守恒，求出木块速度由动能定理求出摩擦力对木块和子弹所做的功第6页，共12页打击过程，由能量守恒求出系统产生的内能01解析(1)由于水平面光滑，则子弹和木块组成的系统在水平方向动量守 恒，则有mvo=mVi+Mv2t 解得口)设子弹打击木块的过程中摩擦力对子弹做功为Wn,子弹相对于地面移动的 距离为XI,对木块做功为Wd,木块相对于地面移动的距离为X2,则对子弹，利用动能定理可得Wfi = -fx =热(济一响对木块，利用动能定理可得用2=fX2=Mvi i)旺凸比W 一(一一S)2联工得Wf2- 2M 。(2)由能量守恒定律可知，系统产生的内能等于系统机械能的减少量，则Q

16、=fxifx2=fdo41产(如一5)2答案产(济-闻 而 (2)fd威易错警示“子弹打木块”模型的两点注意(1)弄清楚子弹是最终停留在木块中与木块一起运动，还是穿透木块后各自 运动。(2)对子弹打击木块过程中损失的机械能，根据题目条件选择通过打击前、 后系统的机械能之差计算，或利用打击过程中子弹克服阻力做的功与阻力对木块 做的功的差值进行求解。跟进训练1 .如图所示，一块长度为L、质量为根第7页，共12页的木块静止在光滑水平面上。一颗质量也为根的子弹以水平速度。射入木 块。当子弹刚射穿木块时，木块向前移动的距离为底设子弹穿过木块的过程中受到的阻力恒定不变，子弹可视为质点。则子弹穿过木块的时间

17、为（）A.*s + L)D.)D 子弹穿过木块过程，子弹和木块组成的系统所受合外力为零，动量守 恒，有/如0 = 皿+ 2次，设子弹穿过木块所用时间为，则有枭=S,空抖+L,联立解得，=*（L+2s）,选项D正确。2 .（2020中原名校联考）如图所示，在固定的水平杆上，套有质量为次的光滑 圆环，轻绳一端拴在环上，另一端系着质量为M的木块，现有质量为打0的子弹 以大小为如的水平速度射入木块并留在木块中，重力加速度为g,下列说法正确 的是（）mmmo MA,子弹射入木块后瞬间，速度大小为二 十 二 + m8 .子弹射入木块后瞬间，轻绳拉力等于（M + zo）gC .子弹射入木块后瞬间，环对轻杆的

18、压力大于（M +机+ /o）gD,子弹射入木块后，圆环、木块和子弹构成的系统动量守恒C 子弹射入木块过程中，子弹和木块组成的系统动量守恒，则205=（第8页，共12页突破四,解得射入后瞬间速度大小为选项A错误；子弹射入木块后 瞬间，根据牛顿第二定律得r-(M+/o)g=(M+如停，可知轻绳拉力大于(M+ nio)g,选项B错误；子弹射入木块后瞬间，对圆环有N=T+/g(M+6+M)g, 选项C正确；子弹射入木块后，圆环、木块和子弹构成的系统只在水平方向动 量守恒，选项D错误。模型m %图示7，7 /M/zS/ 水平地面光滑模型特点“滑块一滑板”模型作为力学的基本模型经常出现，是对直线运动 和牛

19、顿运动定律及动量守恒定律有关知识的巩固和应用。这类问题 可分为两类:(1)没有外力参与，滑板放在光滑水平面上，滑块以一定速度在滑板 上运动，滑块与滑板组成的系统动量守恒，注意滑块若不滑离滑板， 最后二者具有共同速度。摩擦力与相对路程的乘积等于系统动能的 损失，即/rx相对= AEk；(2)系统受到外力，这时对滑块和滑板一般隔离分析，画出它们运动 的示意图，应用牛顿运动定律、运动学公式及动量定理求解“滑块一滑板”模型典例4如图所示，质量叩=4.0 kg的小车静止在光滑的水平面上，车长L =1.5 m,现有质量，2 =L0 kg可视为质点的物块，以水平向右的速度如=5 m/s 从左端滑上小车，最后在车面上某处与小车保持相对静止。物块与车面间的动摩 擦因数 =0.5, g取lOm/Q。求：(1)物块在车面上滑行的时间t ;(2)要使物块不从小车右端滑出，物块滑上小车左端的速度Uo不超过多少。第9页，共12页