(浙江专用)2022高考物理增分冲刺综合模拟卷(八).pdf

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1、浙江专用浙江专用 20222022 高考物理增分高考物理增分冲刺综合模拟卷八冲刺综合模拟卷八浙江专用浙江专用20222022 高考物理增分冲刺综合模拟卷八高考物理增分冲刺综合模拟卷八一、选择题(此题共一、选择题(此题共 8 8 小题，每题小题，每题 4 4 分，共分，共 3232分每题列出的四个备选项中只有一个是符合题分每题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多项选择、错选均不得分目要求的，不选、多项选择、错选均不得分)1.(2022山东威海市1.(2022山东威海市 5 5 月模拟月模拟)如下图，轻质弹如下图，轻质弹簧一端固定在天花板上，另一端拴接条形磁铁，簧一端固定在天花板上

2、，另一端拴接条形磁铁，置于绝缘水平桌面上的圆形铝质闭合线圈放在置于绝缘水平桌面上的圆形铝质闭合线圈放在条形磁铁的正下方，开始时整个装置处于静止状条形磁铁的正下方，开始时整个装置处于静止状态在外力作用下将磁铁竖直向下移动一定距离态在外力作用下将磁铁竖直向下移动一定距离(未接触桌面未接触桌面)，然后由静止释放，在之后的运动，然后由静止释放，在之后的运动过程中，线圈始终未离开桌面，忽略空气阻力，过程中，线圈始终未离开桌面，忽略空气阻力，以下说法正确的选项是以下说法正确的选项是()A A磁铁所受弹簧拉力与其重力相等时，磁铁的磁铁所受弹簧拉力与其重力相等时，磁铁的加速度为零加速度为零B B磁铁上升过程中

3、，从上向下看，线圈中产生磁铁上升过程中，从上向下看，线圈中产生2 2顺时针方向的电流顺时针方向的电流C C线圈对桌面压力大小可能大于其重力线圈对桌面压力大小可能大于其重力D D磁铁最终会静止，整个过程线圈中产生的热磁铁最终会静止，整个过程线圈中产生的热量等于磁铁机械能的减少量量等于磁铁机械能的减少量答案答案C C解析解析假设磁铁向上运动，会受到向下的安培阻假设磁铁向上运动，会受到向下的安培阻力，假设向下运动，会受到向上的安培阻力，因力，假设向下运动，会受到向上的安培阻力，因此当磁铁所受弹力与重力等大反向时，磁铁的加此当磁铁所受弹力与重力等大反向时，磁铁的加速度不一定为零，速度不一定为零，故故

4、A A 错误；错误；当磁铁向上运动时，当磁铁向上运动时，穿过线圈的磁通量向上减小，根据楞次定律知，穿过线圈的磁通量向上减小，根据楞次定律知，感应电流的磁场的方向向上，俯视线圈，线圈中感应电流的磁场的方向向上，俯视线圈，线圈中产生逆时针方向的电流，故产生逆时针方向的电流，故 B B 错误；根据楞次定错误；根据楞次定律，磁铁向下运动时，受到向上的安培阻力，所律，磁铁向下运动时，受到向上的安培阻力，所以磁铁对线圈的作用力的方向向下，此时线圈对以磁铁对线圈的作用力的方向向下，此时线圈对桌面压力大小大于其重力，故桌面压力大小大于其重力，故 C C 正确；磁铁最终正确；磁铁最终静止于起始时的平衡位置，根据

5、能量守恒定律，静止于起始时的平衡位置，根据能量守恒定律，从静止释放至停止，弹簧的弹性势能的减少量等从静止释放至停止，弹簧的弹性势能的减少量等于磁铁重力势能的增加量与线圈中产生的焦耳于磁铁重力势能的增加量与线圈中产生的焦耳3 3热之和，故热之和，故 D D 错误错误2 2一质量为一质量为m m的滑块在粗糙水平面上滑行，分的滑块在粗糙水平面上滑行，分析频闪照片可知，滑块在开始析频闪照片可知，滑块在开始 3 s3 s内的位移是最内的位移是最5 5后后 3 s3 s 内位移的内位移的 倍，第倍，第 3 s3 s 内的位移是内的位移是 3.6 m3.6 m，3 3那么以下说法错误的选项是那么以下说法错误

6、的选项是()A A滑块的加速度大小为滑块的加速度大小为 2.4 m/s2.4 m/sB B最开始最开始 3 s3 s 内滑块运动的位移是内滑块运动的位移是 10.8 m10.8 mC C滑块运动的总时间为滑块运动的总时间为 4 s4 sD D滑块运动的总位移为滑块运动的总位移为 19.2 m19.2 m答案答案B B解析解析设滑块的初速度为设滑块的初速度为v v0 0，加速度大小为，加速度大小为a a，由运动学公式可知：开始由运动学公式可知：开始 3 s3 s 内的位移内的位移x x1 1v v0 0t t1 12 21 12 2atat，最后，最后 3 s3 s 内的位移内的位移x x2 2

7、atat，由题意可，由题意可2 22 2x x1 15 5v v0 0得得 ，解得滑块运动的总时间，解得滑块运动的总时间t t 4 s4 s，x x2 23 3a a1 11 12 22 2C C 正确；由题意可知正确；由题意可知a a22 a a11 3.6 m3.6 m，解，解2 22 24 4得得a a2.4 m/s2.4 m/s，A A 正确；滑块运动的总位移正确；滑块运动的总位移x x1 12 22.442.44 m m19.2 m19.2 m，D D 正确；最后正确；最后 3 s3 s 内的内的2 21 12 25 5x x2 2位移位移x x2 2atat10.810.8 m m

8、，开始开始 3 3 s s 内的位移内的位移x x1 12 23 318 m18 m，B B 错误错误3 3甲、乙两辆汽车先后从同一地点出发，沿一甲、乙两辆汽车先后从同一地点出发，沿一条东西方向的平直公路行驶，以向东为正方向，条东西方向的平直公路行驶，以向东为正方向，它们的它们的v vt t图象如下图，由图可知图象如下图，由图可知()2 2A A乙比甲运动得快，且早出发，所以甲追不上乙比甲运动得快，且早出发，所以甲追不上乙乙B B甲车向东运动，乙车向西运动甲车向东运动，乙车向西运动C C8 s8 s 末甲车追上乙车末甲车追上乙车D D甲车的加速度的大小大于乙车的加速度的大甲车的加速度的大小大于

9、乙车的加速度的大小小答案答案C C5 5解析解析乙出发早，在前乙出发早，在前 4 s4 s 运动得快，但在运动得快，但在 4 s4 s后运动得比甲慢，后运动得比甲慢，第第 6 6 s s 末停下来，末停下来，甲能追上乙，甲能追上乙，A A 错误；两车的速度都为正值，故甲、乙都向东错误；两车的速度都为正值，故甲、乙都向东运动，运动，B B 错误；错误；8 s8 s 末，乙车的位移为末，乙车的位移为 90 m90 m，甲，甲车的位移也为车的位移也为 9090 m m，甲车追上乙车，甲车追上乙车，C C 正确；甲、正确；甲、乙两车的加速度大小都为乙两车的加速度大小都为 5 m/s5 m/s，D D

10、错误错误4 4(2022贵州贵阳市二模(2022贵州贵阳市二模)组成“北斗卫星组成“北斗卫星导航定位系统的地球静止轨道卫星导航定位系统的地球静止轨道卫星(同步卫星同步卫星)和中轨道卫星绕地球在圆轨道上运行，由地球静和中轨道卫星绕地球在圆轨道上运行，由地球静止轨道卫星和中轨道卫星的轨道半径之比可求止轨道卫星和中轨道卫星的轨道半径之比可求()A A地球静止轨道卫星与地球的质量之比地球静止轨道卫星与地球的质量之比B B地球静止轨道卫星与中轨道卫星的质量之比地球静止轨道卫星与中轨道卫星的质量之比C C地球静止轨道卫星和中轨道卫星受地球的万地球静止轨道卫星和中轨道卫星受地球的万有引力之比有引力之比D D

11、地球静止轨道卫星和中轨道卫星绕地球运动地球静止轨道卫星和中轨道卫星绕地球运动的周期之比的周期之比答案答案D D6 62 2MmMm44解析解析根据万有引力提供向心力：根据万有引力提供向心力：G G2 2m m2 2r r，r rT T卫星的轨道半径之比，可求运动的周期之比，但卫星的轨道半径之比，可求运动的周期之比，但无法计算卫星的质量关系，由于两卫星的质量关无法计算卫星的质量关系，由于两卫星的质量关系未知，也无法求出卫星所受万有引力之比，所系未知，也无法求出卫星所受万有引力之比，所以以 A A、B B、C C 错误，错误，D D 正确正确5 5如下图，乘坐游乐园的翻滚过山车时，质量如下图，乘坐

12、游乐园的翻滚过山车时，质量为为m m的人随车在竖直平面内旋转，以下说法正确的人随车在竖直平面内旋转，以下说法正确的选项是的选项是()2 2A A过山车在最高点时人处于倒坐状态，全靠保过山车在最高点时人处于倒坐状态，全靠保险带拉住，没有保险带，人就会掉下来险带拉住，没有保险带，人就会掉下来B B人在最高点时对座位不可能产生大小为人在最高点时对座位不可能产生大小为mgmg的的压力压力C C人在最低点时对座位的压力等于人在最低点时对座位的压力等于mgmgD D人在最低点时对座位的压力大于人在最低点时对座位的压力大于mgmg7 7答案答案D D解析解析人在最高点时，由牛顿第二定律和向心力人在最高点时，

13、由牛顿第二定律和向心力v v公式可得：公式可得：F Fmgmgm m，由此可知，由此可知，当当v vgRgR时，时，R R人只受重力作用，当人只受重力作用，当v v gRgR时，重力和座位对人时，重力和座位对人向下的压力的合力提供向心力，当向下的压力的合力提供向心力，当v v mgmg，应选项应选项 C C 错误，错误，R RR RD D 正确正确6 6(2022四川成都市第二次诊断(2022四川成都市第二次诊断)如图，半圆如图，半圆球球P P和竖直挡板固定在水平面上，和竖直挡板固定在水平面上，挡板与挡板与P P相切，相切，光滑小球光滑小球Q Q静止在静止在P P和挡板之间和挡板之间Q Q的质

14、量为的质量为m m，P P、Q Q的半径之比为的半径之比为 41，重力加速度大小为41，重力加速度大小为g g.8 8那么那么Q Q对对P P的压力大小为的压力大小为()4 4mgmg5 5mgmg4 4mgmg3 3mgmgA.A.B.B.C.C.D.D.3 34 45 54 4答案答案B B解析解析对对Q Q受力分析如下图受力分析如下图设设Q Q的半径为的半径为r r，由几何关系得：，由几何关系得：4 4r rcoscos4 4r r(r rr rcoscos)3 3解得：解得：coscos5 5由平衡条件得：由平衡条件得：F FN2N25 5解得：解得：F FN2N2mgmg4 4由牛顿

15、第三定律可知，由牛顿第三定律可知，Q Q对对P P的压力大小为的压力大小为F FN2N25 5F FN2N2mgmg.4 49 9mgmgsinsin7 7“歼“歼2020是中国自主研制的双发重型隐形是中国自主研制的双发重型隐形战斗机，该机将担负中国未来对空、对海的主权战斗机，该机将担负中国未来对空、对海的主权维护任务维护任务 在某次起飞中，在某次起飞中，质量为质量为m m的“歼的“歼2020以恒定的功率以恒定的功率P P启动，其起飞过程的速度随时间启动，其起飞过程的速度随时间变化图象如下图，变化图象如下图，经时间经时间t t0 0飞机的速度到达最大飞机的速度到达最大值为值为v vm m时，刚

16、好起飞关于起飞过程，以下说法时，刚好起飞关于起飞过程，以下说法正确的选项是正确的选项是()A A飞机所受合力不变，速度增加越来越慢飞机所受合力不变，速度增加越来越慢B B飞机所受合力增大，速度增加越来越快飞机所受合力增大，速度增加越来越快C C平均速度为平均速度为2 2D D该过程克服阻力所做的功为该过程克服阻力所做的功为PtPt0 0答案答案D D解析解析P P不变，根据不变，根据P PFvFv知，牵引力知，牵引力F F减小，减小，合力合力F F合合F FF Ff f，知合力减小，加速度减小，速，知合力减小，加速度减小，速度增加越来越慢，故度增加越来越慢，故 A A、B B 错误根据错误根据

17、v vt t图象图象1010v vm mmvmvm m2 22 2与时间轴所围的面积表示位移，知飞机的位移比与时间轴所围的面积表示位移，知飞机的位移比匀加速直线运动的位移大，那么飞机的平均速度匀加速直线运动的位移大，那么飞机的平均速度比匀加速直线运动的平均速度比匀加速直线运动的平均速度 大，大，故故 C C 错误错误 设设2 2该过程克服阻力所做的功为该过程克服阻力所做的功为W W，根据动能定理得，根据动能定理得1 12 21 12 2PtPt0 0W Wmvmvm m，解得，解得W WPtPt0 0mvmvm m，故，故 D D 正确正确2 22 28 8(2022云南保山市统一检测(202

18、2云南保山市统一检测)圆形区域内有圆形区域内有垂直纸面向内的匀强磁场，两个质量和电荷量都垂直纸面向内的匀强磁场，两个质量和电荷量都相同的带电粒子相同的带电粒子a a、b b，先后以不同的速率对准圆先后以不同的速率对准圆心心O O沿着沿着AOAO方向射入磁场，其运动轨迹如下方向射入磁场，其运动轨迹如下图假设带电粒子只受磁场力的作用，粒子图假设带电粒子只受磁场力的作用，粒子a a在在磁场中的运动周期为磁场中的运动周期为T Ta a，粒子，粒子a a在磁场中的运动在磁场中的运动1 1时间为时间为t ta aT Ta a，粒子，粒子b b在磁场中的运动周期为在磁场中的运动周期为3 31 1T Tb b

19、，粒子，粒子b b在磁场中的运动时间为在磁场中的运动时间为t tb bT Tb b，那么，那么6 6以下说法正确的选项是以下说法正确的选项是()v vm m1111A A粒子粒子a a和粒子和粒子b b在磁场中运动的周期关系为在磁场中运动的周期关系为T Ta aT Tb bB B粒子粒子a a和粒子和粒子b b在磁场中运动的周期关系为在磁场中运动的周期关系为T Ta a T Tb bC C粒子粒子a a和粒子和粒子b b在磁场中运动的速度关系为在磁场中运动的速度关系为1 1v va av vb b3 3D D粒子粒子a a和粒子和粒子b b在磁场中运动的速度关系为在磁场中运动的速度关系为v v

20、a a3 3v vb b答案答案C C解析解析根据根据T T22m mqBqB可知，两粒子在磁场中运动可知，两粒子在磁场中运动的周期相同，选项的周期相同，选项 A A、B B 错误设圆形磁场的半错误设圆形磁场的半1 1径为径为r r，因，因t ta aT Ta a，可知，可知a a在磁场中运动转过的在磁场中运动转过的3 3角度是角度是 120；由几何关系可知，运动半径120；由几何关系可知，运动半径r ra a12121 1r rtan 30tan 30；同理，因；同理，因t tb bT Tb b，可知，可知b b在磁在磁6 63 3场中运动转过的角度是场中运动转过的角度是 60；由几何关系可

21、知，60；由几何关系可知，r rmvmv运动半径运动半径r rb br rtan 60tan 60 3 3r r；根据；根据r r可知可知qBqBv va ar ra a粒子粒子a a和粒子和粒子b b在磁场中运动速度关系在磁场中运动速度关系 v vb br rb b1 1，选项，选项 C C 正确，正确，D D 错误错误3 3二、选择题(此题共二、选择题(此题共 4 4 小题，每题小题，每题 4 4 分，共分，共 1616分每题列出的四个备选项中至少有一个是符合分每题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的，全部选对的得题目要求的，全部选对的得 4 4 分，选对但不全的分，选对但不全的得

22、得 2 2 分，有错选的得分，有错选的得 0 0 分分)9 9以下说法正确的选项是以下说法正确的选项是()A A做简谐振动的物体每次经过同一位置时，位做简谐振动的物体每次经过同一位置时，位移可能不同移可能不同B B利用盛沙的漏斗演示简谐振动，如果漏斗里利用盛沙的漏斗演示简谐振动，如果漏斗里的沙子逐渐减少，那么沙摆的频率将先减小后增的沙子逐渐减少，那么沙摆的频率将先减小后增大大1313C C机械波和电磁波都可发生反射、折射、干预机械波和电磁波都可发生反射、折射、干预和衍射现象，但两者本质不同和衍射现象，但两者本质不同D D如果机械波波源停止振动，在介质中传播的如果机械波波源停止振动，在介质中传播

23、的机械波也立即停止机械波也立即停止答案答案BCBC解析解析做简谐振动的物体的位移是从平衡位置做简谐振动的物体的位移是从平衡位置指向物体所在位置的，每次经过同一位置时位移指向物体所在位置的，每次经过同一位置时位移相同，相同，A A 错误；沙子逐渐减少，沙子和漏斗的重错误；沙子逐渐减少，沙子和漏斗的重心将逐渐降低，剩余少量沙子时重心又升高，所心将逐渐降低，剩余少量沙子时重心又升高，所以摆长先变长后变短，根据单摆周期公式以摆长先变长后变短，根据单摆周期公式T T22L L，可知周期先变大后变小，频率先减小，可知周期先变大后变小，频率先减小g g后增大，后增大，B B 正确；正确；机械波和电磁波都能发

24、生反射、机械波和电磁波都能发生反射、折射、干预和衍射现象，但它们在本质上是不同折射、干预和衍射现象，但它们在本质上是不同的，的，C C 正确；机械波能在介质中传播，如果振源正确；机械波能在介质中传播，如果振源停止振动，形成的波不会立即停止，停止振动，形成的波不会立即停止，D D 错误错误14141010(2022新高考研究联盟联考(2022新高考研究联盟联考)如下图，两种如下图，两种单色光组成的复色光照射到三棱镜上，从另一边单色光组成的复色光照射到三棱镜上，从另一边射出那么以下说法中正确的选项是射出那么以下说法中正确的选项是()A Aa a光的波长小于光的波长小于b b光的波长光的波长B B三

25、棱镜对三棱镜对a a光的折射率大于对光的折射率大于对b b光的折射率光的折射率C C假设用同一装置观察双缝干预图样，假设用同一装置观察双缝干预图样，a a光的条光的条纹间距大于纹间距大于b b光的条纹间距光的条纹间距D D假设从同一介质射向空气发生全反射时，假设从同一介质射向空气发生全反射时，a a光光的临界角大于的临界角大于b b光的临界角光的临界角答案答案ABAB1111(2022湖南娄底市下学期质量检测(2022湖南娄底市下学期质量检测)羽毛球羽毛球运发动林丹曾在某综艺节目中表演羽毛球定点运发动林丹曾在某综艺节目中表演羽毛球定点击鼓，如图是他表演时的羽毛球场地示意图图击鼓，如图是他表演时

26、的羽毛球场地示意图图中甲、乙两鼓等高，丙、丁两鼓较低但也等高，中甲、乙两鼓等高，丙、丁两鼓较低但也等高，假设林丹各次发球时羽毛球飞出位置不变且均假设林丹各次发球时羽毛球飞出位置不变且均做平抛运动，那么做平抛运动，那么()1515A A击中甲、乙的两球初速度击中甲、乙的两球初速度v v甲甲 v v乙乙B B击中甲、乙的两球运动时间可能不同击中甲、乙的两球运动时间可能不同C C假设某次发球能够击中甲鼓，用相同大小的假设某次发球能够击中甲鼓，用相同大小的速度发球可能击中丁鼓速度发球可能击中丁鼓D D击中四鼓的羽毛球中，击中丙鼓的初速度最击中四鼓的羽毛球中，击中丙鼓的初速度最大大答案答案ACAC解析解

27、析由题图可知，甲、乙高度相同，所以球到由题图可知，甲、乙高度相同，所以球到达两鼓用时相同，但由于两鼓离林丹的水平距离达两鼓用时相同，但由于两鼓离林丹的水平距离x x不同，不同，甲的水平距离较远，甲的水平距离较远，由由v v 可知，可知，击中甲、击中甲、t t乙的两球初速度乙的两球初速度v v甲甲v v乙乙，故，故 A A 正确，正确，B B 错误；错误；甲鼓的位置比丁鼓位置较高，那么球到达丁鼓用甲鼓的位置比丁鼓位置较高，那么球到达丁鼓用时较长，那么假设某次发球能够击中甲鼓，用相时较长，那么假设某次发球能够击中甲鼓，用相同大小的速度发球可能击中丁鼓，故同大小的速度发球可能击中丁鼓，故 C C 正

28、确；由正确；由1616于丁鼓与丙鼓高度相同，但由题图可知，丁鼓离于丁鼓与丙鼓高度相同，但由题图可知，丁鼓离林丹的水平距离大，所以击中丁鼓的球的初速度林丹的水平距离大，所以击中丁鼓的球的初速度一定大于击中丙鼓的球的初速度，即击中丙鼓的一定大于击中丙鼓的球的初速度，即击中丙鼓的球的初速度不是最大的，故球的初速度不是最大的，故 D D 错误错误12.(2022福建厦门市上学期期末质检12.(2022福建厦门市上学期期末质检)电风扇电风扇的挡位变换器电路如下图，把它视为一个可调压的挡位变换器电路如下图，把它视为一个可调压的理想变压器，总匝数为的理想变压器，总匝数为 2 4002 400的原线圈输入电的

29、原线圈输入电压压u u220220 2 2sin 100sin 100t t(V)(V)，挡位，挡位 1 1、2 2、3 3、4 4对应的线圈匝数分别为对应的线圈匝数分别为 240240、600600、1 1 200200、2 2 400.400.电动机电动机 M M 的内阻的内阻r r88，额定电压为，额定电压为U U220220 V V，额定功率额定功率P P110 W110 W以下判断正确的选项是以下判断正确的选项是()A A该交流电源的频率为该交流电源的频率为 100 Hz100 HzB B中选择挡位中选择挡位 3 3 后，电动机两端电压的最大值后，电动机两端电压的最大值为为 110

30、V110 V1717C C当挡位由当挡位由 3 3 变为变为 2 2 后，原线圈的电流变小后，原线圈的电流变小D D中选择挡位中选择挡位 4 4 后，电动机的输出功率为后，电动机的输出功率为 108108 W W答案答案CDCD解析解析根据原线圈输入电压的瞬时值表达式知：根据原线圈输入电压的瞬时值表达式知：100 rad/s，交流电源的频率100 rad/s，交流电源的频率f f2250 Hz50 Hz，故，故 A A 错误；中选择挡位错误；中选择挡位 3 3 后，副线圈的后，副线圈的220 V220 V匝数为匝数为 1 1 200200，根据电压与匝数成正比得：，根据电压与匝数成正比得：U

31、U2 22 4002 400，解得：，解得：U U2 2110 V110 V，所以电动机两端电，所以电动机两端电1 2001 200压的最大值为压的最大值为 110110 2 V2 V，故，故 B B 错误；当挡位由错误；当挡位由 3 3变为变为 2 2 后，根据电压与匝数成正比知，副线圈两后，根据电压与匝数成正比知，副线圈两端的电压减小，输出功率变小，输入功率变小，端的电压减小，输出功率变小，输入功率变小，根据根据P P1 1U U1 1I I1 1知原线圈电流变小，故知原线圈电流变小，故 C C 正确；中正确；中选择挡位选择挡位 4 4 后，副线圈匝数为后，副线圈匝数为 2 4002 40

32、0，根据变压，根据变压规律得到副线圈两端的电压为规律得到副线圈两端的电压为 220 V220 V，电动机正，电动机正P P110110常工作，常工作，流过电动机的电流流过电动机的电流I I A A0.50.5 A A，U U2202201818电动机的发热功率电动机的发热功率P P热热I I r r0.50.5 8 W8 W2 W2 W，电动机的输出功率电动机的输出功率P P出出(110(1102)W2)W108 W108 W，故，故D D 正确正确三、非选择题三、非选择题(此题共此题共 5 5 小题，共小题，共 5252 分分)1313(6(6 分)(2022杭州市五校联考分)(2022杭州

33、市五校联考)利用图所示利用图所示装置可以做力学中的许多实验装置可以做力学中的许多实验(1)(1)以下说法正确的选项是以下说法正确的选项是_2 22 2A A用此装置“研究匀变速直线运动时，必须用此装置“研究匀变速直线运动时，必须设法消除小车和木板间的摩擦阻力的影响设法消除小车和木板间的摩擦阻力的影响B B用此装置“探究加速度用此装置“探究加速度a a与力与力F F和质量和质量m m的的关系时，每次改变砝码及砝码盘总质量之后，关系时，每次改变砝码及砝码盘总质量之后，不需要重新平衡摩擦力不需要重新平衡摩擦力C C在用此装置“探究加速度在用此装置“探究加速度a a与力与力F F和质量和质量m m的关

34、系时，应使砝码盘和盘内砝码的总质量远的关系时，应使砝码盘和盘内砝码的总质量远小于小车的质量小于小车的质量D D用此装置“探究做功与物体速度变化的关用此装置“探究做功与物体速度变化的关1919系时，不需要平衡小车运动中所受摩擦力的影系时，不需要平衡小车运动中所受摩擦力的影响响(2)(2)在“探究加速度与力、质量的关系时需要在“探究加速度与力、质量的关系时需要平衡摩擦力，正确的操作是平衡摩擦力，正确的操作是_A A把砝码盘的细线系在小车上，小车拖着纸带把砝码盘的细线系在小车上，小车拖着纸带并开启打点计时器开始运动并开启打点计时器开始运动B B不能把砝码盘的细线系在小车上，小车不用不能把砝码盘的细线

35、系在小车上，小车不用拖着纸带开始运动拖着纸带开始运动C C不能把砝码盘的细线系在小车上，小车拖着不能把砝码盘的细线系在小车上，小车拖着纸带并开启打点计时器开始运动纸带并开启打点计时器开始运动D D把砝码盘的细线系在小车上，小车不用拖着把砝码盘的细线系在小车上，小车不用拖着纸带开始运动纸带开始运动(3)(3)在利用此装置“探究加速度在利用此装置“探究加速度a a与力与力F F和质量和质量m m的关系时，实验中按标准操作打出的一条纸带的关系时，实验中按标准操作打出的一条纸带的一局部如图打点计时器接在频率为的一局部如图打点计时器接在频率为 50 Hz50 Hz的的交流电源上，其中交流电源上，其中C

36、C点读数为点读数为_ cm_ cm，此，此次实验中打点计时器打下次实验中打点计时器打下C C点时小车的瞬时速度点时小车的瞬时速度为为_ m/s(_ m/s(结果保存结果保存 2 2 位有效数字位有效数字)2020答案答案(1)BC(1)BC(2)C(2)C(3)1.40(1.39(3)1.40(1.391.41)1.41)0.54(0.530.54(0.530.55)0.55)1414(9(9 分)(2022河南驻马店市第二次质检分)(2022河南驻马店市第二次质检)甲、甲、乙、丙三位同学协作测定某电池的电动势和内乙、丙三位同学协作测定某电池的电动势和内阻，阻，他们设计的电路原理如图，他们设计

37、的电路原理如图，其中其中R R为电阻箱，为电阻箱，电流表电流表 A A 的内阻为的内阻为R RA A5.0，他们改变5.0，他们改变R R的阻的阻值，记下多组值，记下多组R R和电流表示数和电流表示数I I.甲同学以甲同学以IRIR为为纵坐标，以纵坐标，以I I为横坐标作图处理数据；乙同学以为横坐标作图处理数据；乙同学以I I(R RR RA A)为纵坐标，以为纵坐标，以I I为横坐标作图处理数为横坐标作图处理数据他们在同一张坐标纸上画出的图线如下图据他们在同一张坐标纸上画出的图线如下图(1)(1)由图可知，甲同学绘制的是图线由图可知，甲同学绘制的是图线_(_(填填“a a或“或“b b)，该

38、电池电动势为，该电池电动势为_V_V，内，内阻为_.阻为_.2121(2)(2)丙同学打算以丙同学打算以 为纵坐标，为纵坐标，以以R R为横坐标作图，为横坐标作图，1 1I I请根据请根据(1)(1)中计算的结果将丙所作图线在图中画中计算的结果将丙所作图线在图中画出出(3)(3)分析可知，在电路中，当电阻箱的阻值分析可知，在电路中，当电阻箱的阻值R R_ 时，电池输出的电功率最大时，电池输出的电功率最大答案答案(1)(1)a a1.51.51010(2)(2)见解析图见解析图(3)15(3)15解析解析(1)(1)在闭合电路中，由闭合电路的欧姆定在闭合电路中，由闭合电路的欧姆定律有：律有：E

39、EI I(R RR RA Ar r)，整理得：，整理得：IRIRE EI I(R RA Ar r)，I I(R RR RA A)E EIrIr，那么那么IRIRI I图象的斜率绝图象的斜率绝对值大于对值大于I I(R RR RA A)I I图象的斜率绝对值，由题图象的斜率绝对值，由题图可知，图可知，甲绘制的图线是甲绘制的图线是a a，E E1001010010(5.0(5.0r r)0 0，E E15010150103 3r r0 0，解得：解得：E E1.51.5 V V，22223 3r r10；10；1 1(2)(2)在闭合电路中：在闭合电路中：E EI I(R RR RA Ar r)，

40、整理得：整理得：I IR RA Ar r1 1R R，故，故 R R图象如下图：图象如下图：E EE EI I1 1(3)(3)把电流表与电池整体当作等效电池，此时等把电流表与电池整体当作等效电池，此时等效电池的内阻为效电池的内阻为r rr rR RA A15，故当电阻15，故当电阻箱阻值等于等效电池的内阻时电池输出功率最箱阻值等于等效电池的内阻时电池输出功率最大，故此时电阻箱阻值为大，故此时电阻箱阻值为 15.15.1515(10(10 分)(2022云南昆明市分)(2022云南昆明市 4 4 月质检月质检)如图甲如图甲所示，所示，ACDACD是固定在水平面上的半径为是固定在水平面上的半径为

41、 2 2r r、圆心、圆心为为O O的金属半圆弧导轨，的金属半圆弧导轨，EFEF是半径为是半径为r r、圆心也、圆心也为为O O的半圆弧，在半圆弧的半圆弧，在半圆弧EFEF与导轨与导轨ACDACD之间的之间的半圆环区域内存在垂直导轨平面向外的匀强磁半圆环区域内存在垂直导轨平面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为场，磁感应强度大小为B B，B B随时间随时间t t变化的图变化的图象如图乙所示象如图乙所示OAOA间接有电阻间接有电阻P P，金属杆，金属杆OMOM可可2323绕绕O O点转动，点转动，M M端与轨道接触良好，端与轨道接触良好，金属杆金属杆OMOM与与电阻电阻P P的阻值均为的阻值均为R

42、R，其余电阻不计，其余电阻不计(1)0(1)0t t0 0时间内，时间内，OMOM杆固定在与杆固定在与OAOA夹角为夹角为1 1的位置不动，求这段时间内通过电阻的位置不动，求这段时间内通过电阻P P的感的感3 3应电流大小和方向；应电流大小和方向；(2)(2)t t0 02 2t t0 0时间内，时间内，OMOM杆在外力作用下以恒定的杆在外力作用下以恒定的角速度逆时针转动，角速度逆时针转动，2 2t t0 0时转过角度时转过角度2 2到到OCOC3 3位置，求电阻位置，求电阻P P在这段时间内产生的焦耳热在这段时间内产生的焦耳热Q Q；(3)2(3)2t t0 03 3t t0 0时间内，时间

43、内，OMOM杆仍在外力作用下以恒定杆仍在外力作用下以恒定的角速度逆时针转动，的角速度逆时针转动，3 3t t0 0时转到时转到ODOD位置，假设位置，假设2 2t t0 0时匀强磁场开始变化，时匀强磁场开始变化，使得使得 2 2t t0 03 3t t0 0时间内回时间内回路中始终无感应电流，求路中始终无感应电流，求B B随时间随时间t t变化的关系变化的关系式，并在图乙中补画出这段时间内的大致图象式，并在图乙中补画出这段时间内的大致图象B B0 0r r答答 案案(1)(1)感感 应应 电电 流流 方方 向向 为为：A AO O4 4t t0 0R R24242 2B B0 0r r(2)(

44、2)1616t t0 0R R(3)(3)B B2 2B B0 0t t0 02 22 24 4t t图象如下图：图象如下图：B BB B0 0解析解析(1)0(1)0t t0 0时间内：时间内：，E E1 1t tt t0 0t tB B1 11 1r rE E1 12 22 2S S1 1，S S1 1(2(2r r)r r，I I1 1t t6 66 62 22 2R R2 2B B0 0r r2 2解得：解得：I I1 1，通过电阻通过电阻P P的感应电流方向为：的感应电流方向为：4 4t t0 0R RA AO O(2)(2)t t0 02 2t t0 0时间内，时间内，OMOM转动

45、的角速度为转动的角速度为，3 3t t0 0感应电动势为：感应电动势为：E E2 2B B0 0r rv v，v vrr2 2rr2 22 24 4E E2 2B B0 0r r2 2I I2 2，Q QI I2 2RtRt0 0，得到：，得到：Q Q2 2R R1616t t0 0R R(3)2(3)2t t0 03 3t t0 0时间内，回路中无感应电流，磁通量时间内，回路中无感应电流，磁通量不变不变25252 2那么那么B B0 0r rB Br r得到：得到：B B2 2B B0 0t t0 02 22 2 t t2 2t t0 0 2233r r2 2 t t图象如下图图象如下图16

46、16(12(12 分)(2022陕西渭南市教学质检分)(2022陕西渭南市教学质检(二二)如图，粗糙斜面与光滑水平面通过光滑小圆弧平如图，粗糙斜面与光滑水平面通过光滑小圆弧平滑连接，斜面倾角滑连接，斜面倾角37.小滑块37.小滑块(可看作质可看作质点点)A A的质量为的质量为m mA A1 kg1 kg，小滑块，小滑块B B的质量为的质量为m mB B0.5 kg0.5 kg，其左端连接一水平轻质弹簧假设滑，其左端连接一水平轻质弹簧假设滑块块A A在斜面上受到大小为在斜面上受到大小为 2 N2 N，方向垂直斜面向，方向垂直斜面向下的恒力下的恒力F F作用时，恰能沿斜面匀速下滑现撤作用时，恰能沿

47、斜面匀速下滑现撤去去F F，让滑块，让滑块A A从距斜面底端从距斜面底端L L2.42.4 m m 处，由静处，由静止开始下滑取止开始下滑取g g10 m/s10 m/s，sin 37，sin 370.60.6，cos 37cos 370.8.0.8.求：求：26262 2(1)(1)滑块滑块A A与斜面间的动摩擦因数；与斜面间的动摩擦因数；(2)(2)撤去撤去F F后，滑块后，滑块A A到达斜面底端时的速度大到达斜面底端时的速度大小；小；(3)(3)滑块滑块A A与弹簧接触后的运动过程中弹簧最大与弹簧接触后的运动过程中弹簧最大弹性势能弹性势能答案答案(1)0.6(1)0.6(2)2.4 m/

48、s(2)2.4 m/s(3)0.96 J(3)0.96 J解析解析(1)(1)滑块滑块A A沿着斜面匀速下滑时受力如下沿着斜面匀速下滑时受力如下图图由平衡条件知由平衡条件知m mA Ag gsinsinF Ff f，F FN Nm mA Ag gcoscosF F，F Ff fFFN Nm mA Ag gsinsin解得解得0.6.0.6.F Fm mA Ag gcoscos(2)(2)滑块滑块A A沿斜面加速下滑时受力如下图，沿斜面加速下滑时受力如下图，设滑块设滑块A A滑到斜面底端时速度为滑到斜面底端时速度为v v0 0，根据动能定，根据动能定2727理得理得1 12 2(m mA Ag

49、gsinsinmmA Ag gcoscos)L Lm mA Av v0 02 2代入数据解得代入数据解得v v0 02.4 m/s2.4 m/s(3)(3)由分析可知，当由分析可知，当A A、B B速度相同时，弹簧有最速度相同时，弹簧有最大弹性势能大弹性势能以以A A、B B及弹簧为研究对象，设它们共同的速度及弹簧为研究对象，设它们共同的速度为为v v，据动量守恒定律，据动量守恒定律m mA Av v0 0(m mA Am mB B)v v根据能量守恒根据能量守恒1 11 12 2E Ep pm mA Av v0 0(m mA Am mB B)v v2 22 22 2代入数据解得：代入数据解得

50、：E Ep p0.96 J.0.96 J.1717(15(15 分)(2022台州中学统练分)(2022台州中学统练)如图甲所示，如图甲所示，M M、N N为竖直放置的平行金属板，为竖直放置的平行金属板，两板间所加电压两板间所加电压为为U U0 0，S S1 1、S S2 2为板上正对的小孔金属板为板上正对的小孔金属板P P和和Q Q水平放置在水平放置在N N板右侧，关于小孔板右侧，关于小孔S S1 1、S S2 2所在直线所在直线对称，两板的长度和两板间的距离均为对称，两板的长度和两板间的距离均为l l；距金；距金属板属板P P和和Q Q右边缘右边缘l l处有一荧光屏，荧光屏垂直处有一荧光屏