(新课标地区专用)2022高考物理提分定时练辑选择题定时训练6(含解析).pdf

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1、新课标地区专用新课标地区专用 20222022 高考物高考物理提分定时练辑选择题定时训理提分定时练辑选择题定时训练练 6 6含解析含解析选择题定时训练选择题定时训练 6 6(限时：限时：3030 分钟分钟)一、单项选择题一、单项选择题1 1(2022陕西咸阳市模拟检测(2022陕西咸阳市模拟检测(三三)如图如图 1 1 甲甲所示是实验室里用来测量磁场磁感应强度的一所示是实验室里用来测量磁场磁感应强度的一种仪器电流天平，其原理如图乙，某同学在种仪器电流天平，其原理如图乙，某同学在实验室里用电流天平测算通电螺线管中的磁感实验室里用电流天平测算通电螺线管中的磁感应强度，假设他测得应强度，假设他测得C

2、DCD段导线长度为段导线长度为 410410 m m，天平天平(等臂等臂)平衡时钩码重力为平衡时钩码重力为 410410 N N，通过导，通过导线的电流线的电流I I0.5A0.5A，由此测得通电螺线管中的磁，由此测得通电螺线管中的磁感应强度感应强度B B是是()5 52 2图图 1 1A A5.0105.010 T T，方向水平向左，方向水平向左B B5.0105.0102 2T T，方向水平向右，方向水平向右C C2.0102.010 T T，方向水平向左，方向水平向左2 22 23 3D D2.0102.010 T T，方向水平向右，方向水平向右答案答案D D解析解析天平平衡时，天平平衡

3、时，CDCD段导线所受的安培力大小段导线所受的安培力大小3 3F Fmgmg为为：F Fmgmg；由由F FBILBIL得得：B BILILILIL4104103 3T T；根据安培定那么可；根据安培定那么可2 2T T2.0102.0100.54100.5410知磁感应强度的方向向右，所以知磁感应强度的方向向右，所以 D D 正确，正确，A A、B B、C C 错误错误2 2(2022陕西咸阳市模拟检测(2022陕西咸阳市模拟检测(三三)如图如图 2 2 所所示四幅图分别对应四种说法，其中正确的选项是示四幅图分别对应四种说法，其中正确的选项是()5 5图图 2 2A A甲图中微粒运动就是物质

4、分子的无规那么热甲图中微粒运动就是物质分子的无规那么热运动，即布朗运动运动，即布朗运动B B乙图中食盐晶体的物理性质沿各个方向都是乙图中食盐晶体的物理性质沿各个方向都是3 3一样的一样的C C丙图中小草上的露珠呈球形的主要原因是液丙图中小草上的露珠呈球形的主要原因是液体外表张力的作用体外表张力的作用D D丁图中洁净的玻璃板接触水面，要使玻璃板丁图中洁净的玻璃板接触水面，要使玻璃板离开水面，拉力必须大于玻璃板的重力，其原因离开水面，拉力必须大于玻璃板的重力，其原因是水分子和玻璃分子之间存在外表张力是水分子和玻璃分子之间存在外表张力答案答案C C解析解析甲图中微粒运动就是物质颗粒的无规那甲图中微粒

5、运动就是物质颗粒的无规那么运动，即布朗运动，是液体分子无规那么热运么运动，即布朗运动，是液体分子无规那么热运动的表现，选项动的表现，选项 A A 错误；乙图中食盐晶体的物理错误；乙图中食盐晶体的物理性质表现为各向异性，选项性质表现为各向异性，选项 B B 错误；丙图中小草错误；丙图中小草上的露珠呈球形的主要原因是液体外表张力的上的露珠呈球形的主要原因是液体外表张力的作用，作用，选项选项 C C 正确；正确；丁图中洁净玻璃板接触水面，丁图中洁净玻璃板接触水面，要使玻璃板离开水面，拉力必须大于玻璃板的重要使玻璃板离开水面，拉力必须大于玻璃板的重力，其原因是水分子和玻璃分子之间存在引力，力，其原因是

6、水分子和玻璃分子之间存在引力，选项选项 D D 错误错误3 3(2022陕西咸阳市模拟检测(2022陕西咸阳市模拟检测(三三)关于核反关于核反响方程响方程ThThPaPaX XE E(E E为释放出的核为释放出的核4 423423490902342349191能，能，X X 为新生成粒子为新生成粒子)，ThTh 的半衰期为的半衰期为T T，那么，那么以下说法正确的选项是以下说法正确的选项是()A.A.PaPa 无放射性无放射性B.B.PaPa 比比 ThTh 少少 1 1 个中子，个中子，X X 粒子是从原子核中粒子是从原子核中射出的，此核反响为射出的，此核反响为 衰变衰变C CN N0 0个

7、个 ThTh 经经 2 2T T时间因发生上述核反响而放出时间因发生上述核反响而放出3 3的核能为的核能为N N0 0E E(N N0 0数值很大数值很大)4 4E ED.D.ThTh 的平均结合能为的平均结合能为234234234234909023423490902342349191234234909023423491912342349090答案答案C C解析解析原子序数大于或等于原子序数大于或等于 8383 的元素都有放射的元素都有放射性，故性，故 A A 错误；错误；PaPa 的中子数为的中子数为 143143，ThTh 的中的中子数为子数为 144144，那么，那么 PaPa 比比 T

8、hTh 少少 1 1 个中子；由质个中子；由质量数和电荷数守恒知量数和电荷数守恒知 X X 为电子，是原子核内的中为电子，是原子核内的中子转化为质子而释放一个电子，子转化为质子而释放一个电子，是是 衰变，衰变，故故 B B错误；经错误；经 2 2T T时间还剩余四分之一没衰变，发生时间还剩余四分之一没衰变，发生3 3234234上述核反响而放出的核能为上述核反响而放出的核能为N N0 0E E，故故 C C 正确；正确；90904 45 52342349191234234909023423491912342349090ThTh的平均结合能是的平均结合能是234234个核子结合成个核子结合成 T

9、hTh时放出时放出的能量，该能量不是它衰变时放出的能量的能量，该能量不是它衰变时放出的能量 E E，E E所以所以 ThTh 的平均结合能不是的平均结合能不是，故，故 D D 错误错误234234234234909023423490904 4(2022江西南昌市下学期(2022江西南昌市下学期 4 4 月第二次模拟月第二次模拟)用水平力拉一物体，使物体在水平地面上由静止用水平力拉一物体，使物体在水平地面上由静止开始做匀加速直线运动，开始做匀加速直线运动，t t1 1时刻撤去拉力时刻撤去拉力F F，物，物体做匀减速直线运动，到体做匀减速直线运动，到t t2 2时刻停止其速度时刻停止其速度时间图象

10、如图时间图象如图 3 3 所示，且所示，且，假设拉力，假设拉力F F做做的功为的功为W W1 1，冲量大小为，冲量大小为I I1 1；物体克服摩擦阻力；物体克服摩擦阻力F Ff f做的功为做的功为W W2 2，冲量大小为，冲量大小为I I2 2.那么以下选项正确那么以下选项正确的选项是的选项是()图图 3 3A AW W1 1 W W2 2；I I1 1 I I2 2C CW W1 1 W W2 2；I I1 1 I I2 2答案答案D D6 6B BW W1 1 I I2 2D DW W1 1W W2 2；I I1 1I I2 2解析解析全过程由动能定理得：全过程由动能定理得：W W1 1W

11、 W2 20 0，W W1 1W W2 2，由动量定理得：由动量定理得：I I1 1I I2 20 0，I I1 1I I2 2，故，故 D D 正确正确5 5(2022(2022安徽安庆市下学期第二次模拟安徽安庆市下学期第二次模拟)如图如图 4 4甲所示，一足够长的粗糙斜面固定在水平地面甲所示，一足够长的粗糙斜面固定在水平地面上，斜面的倾角上，斜面的倾角37，现有质量37，现有质量m m2.2kg2.2kg的物体在水平向左的外力的物体在水平向左的外力F F的作用下由静止开始的作用下由静止开始沿斜面向下运动，沿斜面向下运动，经过经过 2s2s 撤去外力撤去外力F F，物体在物体在 0 04s4

12、s 内运动的速度与时间的关系图线如图乙所内运动的速度与时间的关系图线如图乙所示示 sin37sin370.60.6，cos37cos370.80.8，取取g g10m/s10m/s2 2，那么那么()图图 4 4A A物体与斜面间的动摩擦因数为物体与斜面间的动摩擦因数为 0.20.2B B水平外力水平外力F F5.5N5.5NC C水平外力水平外力F F4N4N7 7D D物体在物体在 0 04s4s 内的位移为内的位移为 24m24m答案答案C C解析解析根据根据v vt t图象的斜率表示加速度，那么图象的斜率表示加速度，那么2 24s4s 内物体的加速度为：内物体的加速度为：12128 8

13、2 22 2a a2 2m/sm/s 2 m/s2 m/s，4 42 2由牛顿第二定律有：由牛顿第二定律有：mgmgsinsinmgmgcoscosmama2 2，解得：解得：0.50.5，故，故 A A 错误；错误；8 82 22 20 02s2s 内物体的加速度为：内物体的加速度为：a a1 1 m/sm/s 4 m/s4 m/s，2 2由由 牛牛 顿顿 第第 二二 定定 律律 有有：mgmgsinsinF Fcoscos(mgmgcoscosF Fsinsin)mama1 1，解得：，解得：F F4N4N，故，故 B B错误，错误，C C 正确；正确；82828 81212物体在物体在

14、0 04s4s 内的位移为：内的位移为：x xm m2m2m2 22 228m28m，故，故 D D 错误错误6 6(2022广东广州市(2022广东广州市 4 4 月综合测试月综合测试)如图如图 5 5，在在光滑绝缘水平桌面上，三个带电小球光滑绝缘水平桌面上，三个带电小球a a、b b和和c c分别固定于正三角形顶点上分别固定于正三角形顶点上a a、b b带电荷量均为带电荷量均为8 8q q，c c带电荷量为带电荷量为q q，那么，那么()图图 5 5A Aabab连线中点场强为零连线中点场强为零B B三角形中心处场强为零三角形中心处场强为零C Ca a所受库仑力方向垂直于所受库仑力方向垂直

15、于abab连线连线D Da a、b b、c c所受库仑力大小之比为所受库仑力大小之比为 1111 3 3答案答案D D解析解析在在abab连线的中点处，连线的中点处，a a、b b两电荷在该点两电荷在该点的合场强为零，那么该点的场强等于的合场强为零，那么该点的场强等于c c在该点的在该点的场强，大小不为零，选项场强，大小不为零，选项 A A 错误在三角形的中错误在三角形的中心处，心处，a a、b b两电荷在该点的场强大小相等，方向两电荷在该点的场强大小相等，方向夹夹 120角，那么合场强竖直向下，电荷120角，那么合场强竖直向下，电荷c c在该在该点的场强也是竖直向下，那么三角形中心处场强点的

16、场强也是竖直向下，那么三角形中心处场强不为零，不为零，选项选项 B B 错误错误a a受到受到b b的排斥力沿的排斥力沿baba方方向，受到向，受到c c的吸引力沿的吸引力沿acac方向，那么其合力方方向，那么其合力方向斜向左下方与向斜向左下方与abab连线成连线成 60角，选项60角，选项 C C 错错9 9误设三角形的边长为误设三角形的边长为l l，a a、b b所受库仑力大小所受库仑力大小kqkqkqkq相等，相等，F Fa aF Fb b2 22 2cos60cos602 2；c c所受库仑力：所受库仑力：l ll lkqkq3 3kqkqF Fc c2 22 2cos30cos302

17、 2，那么，那么a a、b b、c c所受库所受库l ll l仑力大小之比为仑力大小之比为 1111 3 3，选项，选项 D D 正确正确7 7(2022广西钦州市(2022广西钦州市 4 4 月综测月综测)如图如图 6 6，两条间两条间距为距为L L的平行金属导轨位于同一水平面的平行金属导轨位于同一水平面(纸面纸面)内，其左端接一阻值为内，其左端接一阻值为R R的电阻；一金属棒垂直的电阻；一金属棒垂直放置在两导轨上，放置在两导轨上，且始终与导轨接触良好；且始终与导轨接触良好；在在MNMN左侧面积为左侧面积为S S的圆形区域中存在垂直于纸面向里的圆形区域中存在垂直于纸面向里的均匀磁场，磁感应强

18、度大小的均匀磁场，磁感应强度大小B B随时间随时间t t的变化的变化关系为关系为B Bktkt，式中，式中k k为常量，且为常量，且k k00；在；在MNMN右右侧区域存在一与导轨垂直、侧区域存在一与导轨垂直、磁感应强度大小为磁感应强度大小为B B0 0、方向垂直纸面向里的匀强磁场方向垂直纸面向里的匀强磁场t t0 0 时刻，时刻，金属金属棒从棒从MNMN处开始，在水平拉力处开始，在水平拉力F F作用下以速度作用下以速度v v0 0向右匀速运动金属棒与导轨的电阻及摩擦均可向右匀速运动金属棒与导轨的电阻及摩擦均可忽略那么忽略那么()10102 22 22 22 2图图 6 6A A在在t tt

19、t1 1时刻穿过回路的总磁通量为时刻穿过回路的总磁通量为B B0 0LvLv0 0t t1 1B B通过电阻通过电阻R R的电流不是恒定电流的电流不是恒定电流kSkSB B0 0LvLv0 0C C在在 t t时间内通过电阻的电荷量为时间内通过电阻的电荷量为R Rt tD D金属棒所受的水平拉力金属棒所受的水平拉力F F随时间均匀增大随时间均匀增大答案答案C C解析解析根据题意可知，根据题意可知，MNMN左边的磁场方向与右边左边的磁场方向与右边的磁场方向相同，那么总磁通量即为金属棒左侧的磁场方向相同，那么总磁通量即为金属棒左侧两种磁通量之和，那么在两种磁通量之和，那么在t tt t1 1时刻穿

20、过回路的时刻穿过回路的总磁通量为总磁通量为1 12 2ktkt1 1S SB B0 0v v0 0t t1 1L L，故故 A A 错错误；根据法拉第电磁感应定律得误；根据法拉第电磁感应定律得E E，结合，结合t tE EkSkSB B0 0LvLv0 0闭合电路欧姆定律得闭合电路欧姆定律得I I，故通过电故通过电R RR R1111阻阻R R的电流为恒定电流，的电流为恒定电流，B B 错误；错误；t t时间内通时间内通kSkSB B0 0LvLv0 0过电阻的电荷量为过电阻的电荷量为q qI It tR RR Rt t，故，故 C C 正确；金属棒所受的安培力大小正确；金属棒所受的安培力大小

21、F FA AB B0 0ILIL kSkSB B0 0LvLv0 0 B B0 0L LR R；根据平衡条件得，水平拉；根据平衡条件得，水平拉 kSkSB B0 0LvLv0 0 B B0 0L L力大小等于安培力大小，力大小等于安培力大小，即为即为F F，R R故拉力故拉力F F是一个恒量，故是一个恒量，故 D D 错误错误8 8(2022东北三省三校第二次联合模拟(2022东北三省三校第二次联合模拟)如图如图 7 7所示，所示，竖直平面内固定两根足够长的细杆竖直平面内固定两根足够长的细杆L L1 1、L L2 2，两杆不接触，且两杆间的距离忽略不计两个小两杆不接触，且两杆间的距离忽略不计两

22、个小球球a a、b b(视为质点视为质点)质量均为质量均为m m，a a球套在竖直杆球套在竖直杆L L1 1上，上，b b球套在水平杆球套在水平杆L L2 2上，上，a a、b b通过铰链用长通过铰链用长度为度为L L的刚性轻杆连接，将的刚性轻杆连接，将a a球从图示位置由静球从图示位置由静止释放止释放(轻杆与轻杆与L L2 2杆夹角为杆夹角为 45)，不计一切摩45)，不计一切摩擦，擦，重力加速度为重力加速度为g g.在此后的运动过程中，在此后的运动过程中，以下以下说法中正确的选项是说法中正确的选项是()1212图图 7 7A Aa a球和球和b b球所组成的系统机械能不守恒球所组成的系统机

23、械能不守恒B Bb b球的速度为零时，球的速度为零时，a a球的加速度大小也为零球的加速度大小也为零C Cb b球的最大速度的大小为球的最大速度的大小为 2 2 2 2 gLgLD Da a球的最大速度的大小为球的最大速度的大小为答案答案C C解析解析a a球和球和b b球组成的系统没有外力做功，只球组成的系统没有外力做功，只有有a a球和球和b b球的动能和重力势能相互转换，因此球的动能和重力势能相互转换，因此2 2gLgLa a球和球和b b球的机械能守恒，球的机械能守恒，A A 错误；设轻杆错误；设轻杆L L和和水平杆水平杆L L2 2的夹角为的夹角为，由运动关联可知，由运动关联可知v

24、vb bcoscosv va asinsin，那么，那么v vb bv va atantan，可知当，可知当b b球的球的速度为零时，速度为零时，轻杆轻杆L L处于水平位置且与杆处于水平位置且与杆L L2 2平行，平行，那么此时那么此时a a球在竖直方向只受重力球在竖直方向只受重力mgmg，因此因此a a球球的加速度大小为的加速度大小为g g，B B 错误；当杆错误；当杆L L和杆和杆L L1 1第一第一次平行时，球次平行时，球a a运动到最下方，球运动到最下方，球b b运动到运动到L L1 11313和和L L2 2交点位置，球交点位置，球b b的速度到达最大，此时的速度到达最大，此时a a

25、球球2 2的速度为的速度为 0 0，因此由系统机械能守恒有，因此由系统机械能守恒有mgmg(L L2 21 12 2L L)mvmvb b，解得，解得v vb b 2 2 2 2 gLgL，C C 正确；当正确；当2 2轻杆轻杆L L和杆和杆L L2 2第一次平行时，第一次平行时，由运动的关联可知由运动的关联可知2 2此时此时b b球的速度为零，由系统机械能守恒有球的速度为零，由系统机械能守恒有2 21 12 2mgmgL Lmvmva a，解得，解得v va a2 22 2gLgL，此时，此时a a球具有球具有向下的加速度向下的加速度g g，故此时故此时a a球的速度不是最大，球的速度不是最

26、大，a a球将继续向下做加速度减小的加速运动，到加速球将继续向下做加速度减小的加速运动，到加速度为度为 0 0 时速度到达最大，时速度到达最大，D D 错误错误二、多项选择题二、多项选择题9 9(2022北京市东城区二模(2022北京市东城区二模)图图 8 8 甲所示是工甲所示是工1414业上探测物件外表层内部是否存在缺陷的涡流业上探测物件外表层内部是否存在缺陷的涡流探伤技术的原理图其原理是用通电线圈使物件探伤技术的原理图其原理是用通电线圈使物件内产生涡电流，借助探测线圈测定涡电流的改内产生涡电流，借助探测线圈测定涡电流的改变，从而获得物件内部是否断裂及位置的信变，从而获得物件内部是否断裂及位

27、置的信息如图乙所示的是一个由带铁芯的线圈息如图乙所示的是一个由带铁芯的线圈L L、开、开关关 S S 和电源连接起来的跳环实验装置，将一个套和电源连接起来的跳环实验装置，将一个套环置于线圈环置于线圈L L上且使铁芯穿过其中，闭合开关上且使铁芯穿过其中，闭合开关 S S的瞬间，套环将立刻跳起对以上两个实例的理的瞬间，套环将立刻跳起对以上两个实例的理解正确的选项是解正确的选项是()图图 8 8A A涡流探伤技术运用了电流的热效应，跳环实涡流探伤技术运用了电流的热效应，跳环实验演示了自感现象验演示了自感现象B B能被探测的物件和实验所用的套环必须是导能被探测的物件和实验所用的套环必须是导电材料电材料

28、C C金属探伤时接的是交流电，跳环实验装置中金属探伤时接的是交流电，跳环实验装置中接的是直流电接的是直流电1515D D以上两个实例中的线圈所连接的电源也可以以上两个实例中的线圈所连接的电源也可以都是恒压直流电源都是恒压直流电源答案答案BCBC解析解析涡流探伤技术的原理是用电流线圈使物涡流探伤技术的原理是用电流线圈使物件内产生涡电流，借助探测线圈测定涡电流的改件内产生涡电流，借助探测线圈测定涡电流的改变；跳环实验演示线圈接在直流电源上，闭合开变；跳环实验演示线圈接在直流电源上，闭合开关的瞬间，穿过套环的磁通量仍然会改变，套环关的瞬间，穿过套环的磁通量仍然会改变，套环中会产生感应电流，中会产生感

29、应电流，会跳动，会跳动，属于演示楞次定律，属于演示楞次定律，故故 A A 错误无论是涡流探伤技术，还是演示楞次错误无论是涡流探伤技术，还是演示楞次定律，都需要产生感应电流，而感应电流的产生定律，都需要产生感应电流，而感应电流的产生需在金属导体内，故需在金属导体内，故 B B 正确金属探伤时，是探正确金属探伤时，是探测器中通过交变电流，产生变化的磁场，当金属测器中通过交变电流，产生变化的磁场，当金属处于该磁场中时，该金属中会感应出涡流；演示处于该磁场中时，该金属中会感应出涡流；演示楞次定律的实验中，线圈接在直流电源上，闭合楞次定律的实验中，线圈接在直流电源上，闭合开关的瞬间，穿过套环的磁通量仍然

30、会改变，套开关的瞬间，穿过套环的磁通量仍然会改变，套环中会产生感应电流，会跳动，故环中会产生感应电流，会跳动，故 C C 正确，正确，D D 错错误误1010(2022陕西咸阳市模拟检测(2022陕西咸阳市模拟检测(三三)光在科学光在科学1616技术、生产和生活中有着广泛的应用，以下说法技术、生产和生活中有着广泛的应用，以下说法正确的选项是正确的选项是()A A用透明的标准平面样板检查光学平面的平整用透明的标准平面样板检查光学平面的平整程度是利用光的色散现象程度是利用光的色散现象B B用三棱镜观察白光看到的彩色图样是利用光用三棱镜观察白光看到的彩色图样是利用光的衍射现象的衍射现象C C在光导纤

31、维束内传送图象是利用光的全反射在光导纤维束内传送图象是利用光的全反射现象现象D D光学镜头上的增透膜是利用光的干预现象光学镜头上的增透膜是利用光的干预现象答案答案CDCD解析解析用透明的标准平面样板检查光学平面的用透明的标准平面样板检查光学平面的平整程度是利用光的干预现象，选项平整程度是利用光的干预现象，选项 A A 错误；用错误；用三棱镜观察白光看到的彩色图样是利用光的折三棱镜观察白光看到的彩色图样是利用光的折射现象，选项射现象，选项 B B 错误；在光导纤维束内传送图象错误；在光导纤维束内传送图象是利用光的全反射现象，选项是利用光的全反射现象，选项 C C 正确；光学镜头正确；光学镜头上的

32、增透膜是利用光的干预现象，选项上的增透膜是利用光的干预现象，选项 D D 正确正确1111(2022辽宁省重点协作体模拟(2022辽宁省重点协作体模拟)某国际研究某国际研究小组借助于智利的天文望远镜，观测到了一组双小组借助于智利的天文望远镜，观测到了一组双1717星系统，它们绕两者连线上的某点星系统，它们绕两者连线上的某点O O做匀速圆周做匀速圆周运动此双星系统中质量较小成员能“吸食另运动此双星系统中质量较小成员能“吸食另一颗质量较大星体外表物质，导致质量发生转一颗质量较大星体外表物质，导致质量发生转移，假设在演变的过程中两者球心之间的距离保移，假设在演变的过程中两者球心之间的距离保持不变，那

33、么在最初演变的过程中持不变，那么在最初演变的过程中()A A它们之间的万有引力发生变化它们之间的万有引力发生变化B B它们做圆周运动的角速度不断变大它们做圆周运动的角速度不断变大C C质量较大星体圆周运动轨迹半径变大，线速质量较大星体圆周运动轨迹半径变大，线速度也变大度也变大D D质量较大星体圆周运动轨迹半径变大，线速质量较大星体圆周运动轨迹半径变大，线速度变小度变小答案答案ACAC解析解析设双星质量分别为设双星质量分别为M M1 1、M M2 2，两者球心之间，两者球心之间的距离为的距离为L L，圆周运动半径分别为，圆周运动半径分别为r r1 1、r r2 2，它们，它们M M1 1M M2

34、 2之间的万有引力为之间的万有引力为F FG G2 2，距离，距离L L不变，不变，M M1 1与与L LM M2 2之和不变，其乘积之和不变，其乘积M M1 1M M2 2变化，那么它们的万有变化，那么它们的万有引力发生变化，引力发生变化，A A 正确；依题意，双星系统绕两正确；依题意，双星系统绕两1818者连线上某点者连线上某点O O做匀速圆周运动，周期和角速度做匀速圆周运动，周期和角速度M M1 1M M2 2相同，由万有引力定律及牛顿第二定律：相同，由万有引力定律及牛顿第二定律：G G2 2L LM M1 1M M2 22 2M M1 1r r1 1，G G2 2M M2 2r r2

35、2，r r1 1r r2 2L L，联立解得，联立解得M M1 1L L2 2L LM M2 2，M M1 1r r1 1M M2 2r r2 2，那么双星的质量比等于，那么双星的质量比等于G G它们做圆周运动半径的反比，故质量较大的星体它们做圆周运动半径的反比，故质量较大的星体因质量减小，因质量减小，其轨道半径将增大，其轨道半径将增大，又角速度不变，又角速度不变，故线速度也增大，故线速度也增大，B B、D D 错，错，C C 对对12.(2022山东济宁市第二次摸底12.(2022山东济宁市第二次摸底)电子在电场电子在电场中仅受电场力作用运动时，由中仅受电场力作用运动时，由a a点运动到点运

36、动到b b点的点的轨迹如图轨迹如图 9 9 中虚线所示图中一组平行等距实线中虚线所示图中一组平行等距实线可能是电场线，也可能是等势线以下说法正确可能是电场线，也可能是等势线以下说法正确的选项是的选项是()图图 9 9A A假设假设a a点的电势比点的电势比b b点低，图中实线一定是点低，图中实线一定是19192 23 3等势线等势线B B不管图中实线是电场线还是等势线，不管图中实线是电场线还是等势线，电子在电子在a a点的电势能都比点的电势能都比b b点小点小C C假设电子在假设电子在a a点动能较小，那么图中实线是点动能较小，那么图中实线是电场线电场线D D如果图中实线是等势线，那么电子在如

37、果图中实线是等势线，那么电子在b b点电点电势能较大势能较大答案答案CDCD解析解析假设图中实线是电场线，根据粒子运动轨假设图中实线是电场线，根据粒子运动轨迹可以判断，电子所受电场力水平向右，那么电迹可以判断，电子所受电场力水平向右，那么电场线向左，场线向左，a a点电势比点电势比b b点低，所以假设点低，所以假设a a点的点的电势比电势比b b点低，点低，图中实线可能是电场线，图中实线可能是电场线，A A错误错误 假假设图中实线是电场线，根据设图中实线是电场线，根据 A A 选项的分析，电场选项的分析，电场线向左，线向左，a a的电势小于的电势小于b b的电势，根据电势能的电势，根据电势能E

38、 Ep p(e e)，电子在电势低的位置电势能大，所，电子在电势低的位置电势能大，所以电子在以电子在a a点的电势能大于点的电势能大于b b点电势能，点电势能，B B 错错误误 假设电子在假设电子在a a点动能小，点动能小，说明由说明由a a到到b b加速，加速，如果图中实线是电场线，结合如果图中实线是电场线，结合 A A 选项的分析，方选项的分析，方2020向向左，电子受力向右，加速，向向左，电子受力向右，加速，a a点动能小，点动能小，C C正确如果图中实线是等势线，那么电场线与等正确如果图中实线是等势线，那么电场线与等势线垂直，根据电子运动轨迹可以判断电子受力势线垂直，根据电子运动轨迹可以判断电子受力竖直向下，所以由竖直向下，所以由a a到到b b电场力做负功，电场力做负功，b b点动点动能小，电势能大，能小，电势能大，D D 正确正确2121