2018-2019学年江苏省苏州市高二（上）期末物理试卷（必修）.docx

《2018-2019学年江苏省苏州市高二（上）期末物理试卷（必修）.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2018-2019学年江苏省苏州市高二（上）期末物理试卷（必修）.docx（20页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、2018-2019学年江苏省苏州市高二（上）期末物理试卷（必修）一、单项选择题：每小题只有一个选项符合题意（本部分23小题，每小题3分，共69分）1（3分）国际单位制中规定，力学量所对应的基本单位是（）A米、牛顿、秒B米、千克、秒C米、牛顿、千克D米/秒、米/秒2、牛顿2（3分）关于质点，下列说法中正确的是（）A质点就是具有一定质量的点B研究地球自转时，地球可以看作质点C研究高台跳水运动员空中翻转动作时，运动员可以看作质点D研究运动员百米赛跑过程中的平均速度时，运动员可以看作质点3（3分）下列图象中能表示物体做匀加速直线运动的是（）ABCD4（3分）足球比赛中，运动员用力将球踢出，在此过程中（

2、）A运动员先给足球作用力，足球随后给运动员反作用力B运动员给足球的作用力大于足球给运动员的反作用力C运动员给足球的作用力与足球给运动员的反作用力方向相反D运动员给足球的作用力与足球给运动员的反作用力是一对平衡力5（3分）甲、乙两物体做自由落体运动，已知甲物体的质量是乙物体的质量的2倍，而甲距地面的高度是乙距地面高度的一半，下列说法正确的是（）A甲物体的加速度是乙物体加速度的2倍B甲物体着地的速度是乙物体着地的速度的12C甲物体下落的时间是乙物体下落的时间的22D甲、乙两物体的末速度相同6（3分）质量为m的长方形木块静止在倾角为的斜面上，斜面对木块的支持力和摩擦力的合力方向应该是（）A沿斜面向上

3、B沿斜面向下C垂直于斜面向上D竖直向上7（3分）重100N的物体，静止在粗糙的水平面上，物体与水平面间的动摩擦因数为0.2，当物体受到一个大小为10N，方向水平向右的拉力作用后，水平面对物体的摩擦力大小和方向是（）A10N，水平向左B10N，水平向右C20N，水平向左D20N，水平向右8（3分）质量为60kg的人，站在升降机内水平放置的台秤上，测得体重为480N，则升降机的运动可能是（）A匀速上升B加速上升C减速上升D减速下降9（3分）利用图示装置探究加速度与力、质量的关系，下列说法正确的是（）A打点计时器应固定在靠近定滑轮的位置砝码B需要用天平测出小车的质量C平衡摩擦力时，应将砝码盘用细绳系

4、在小车上D小车加速运动时，细绳对小车的拉力等于砝码和砝码盘的总重力10（3分）一个物体以初速度V0水平抛出，经过时间t时其竖直方向的位移大小与水平方向的位移大小相等，那么t为（）AV0gB2V0gCV02gD2V0g11（3分）如图所示，在风力发电机的叶片上有A、B、C三点，其中A、C在叶片的端点，B在叶片的中点当叶片转动时，这三点（）A线速度大小都相等B线速度方向都相同C角速度大小都相等D向心加速度大小都相等12（3分）甲、乙两个物体都做匀速圆周运动，其质量之比为1：2，转动半径之比为1：2，在相同时间里甲转过60角，乙转过45角则它们的向心力之比为（）A1：4B2：3C4：9D9：1613

5、（3分）设飞船绕地飞行的轨道为圆轨道。则飞船轨道半径减小时（）A速率变大，周期变小B速率变小，周期变大C速率变大，周期变大D速率变小，周期变小14（3分）一物体速度由0增加到V，再从V增加到2V，外力做功分别为W1和W2，则W1和W2关系正确的是（）AW1W2BW22 W1CW23 W1DW24 W115（3分）甲、乙两个集装箱质量相同，先用起重机将甲集装箱以1m/s的速度匀速提升20m，再将乙集装箱以2m/s的速度匀速提升10m，那么起重机（）A第一次做功多，功率小B第二次做功多，功率大C两次做功一样多，功率一样大D两次做功一样多，第二次功率大16（3分）如图所示，一个带正电的球体M放在绝缘

6、支架上，把系在绝缘丝线上的带电小球N先后挂在横杆上的P1和P2处。当小球N静止时，丝线与竖直方向的夹角分别为1和2（2图中未标出）则（）A小球N带正电，12B小球N带正电，12C小球N带负电，12D小球N带负电，1217（3分）匀强电场中有一尘埃质量为0.01g，带有108C的负电荷，尘埃沿水平方向向右做匀速直线运动g10m/s2，则（）A场强方向水平向左B场强的方向竖直向下C场强的大小是103N/CD场强的大小是106N/C18（3分）有a、b、c、d四个小磁针，分别放置在通电螺线管的附近和内部，如图所示。其中哪一个小磁针的指向是正确的（）AaBbCcDd19（3分）如图所示，匀强磁场垂直于

7、纸面，磁感应强度为B边长为a的正方形线框与磁场垂直，且一条对角线与磁场边界重合则通过线圈平面的磁通量为（）A12Ba2BBaCBa2D2Ba20（3分）如图所示，匀强磁场水平向右，电子在磁场中沿竖直方向向上运动，该电子所受洛伦兹力的方向（）A水平向左B水平向右C垂直纸面向里D垂直纸面向外21（3分）如图所示把长为0.4m的导体棒置于竖直向下的匀强磁场中磁场的磁感应强度为0.5T，导体棒与磁场方向垂直棒中通有电流0.8A，则导体棒所受安培力的大小和方向分别为（）A0.16N，垂直纸面水平向外B0.16N，垂直纸面水平向里C0.25N，垂直纸面水平向外D0.25N，垂直纸面水平向里22（3分）如图

8、所示，一小球自A点由静止开始自由下落，到达B点时与弹簧接触，到达C点时弹簧被压缩至最短。若不计弹簧质量和空气阻力，在小球由A至B到C的运动过程中（）A小球的机械能守恒B小球在B点时动能最大C小球由B到C加速度先减小后增大D小球由B到C的过程中，动能的减少量等于弹簧弹性势能的增加量23（3分）在离地面高为h处竖直上抛一质量为m的物块，抛出时的速度为V0，当它落到地面时速度为V，用g表示重力加速度，则在此过程中物块克服空气阻力所做的功等于（）Amgh-12mv2-12mv02B-12mv2-12mv02mghCmgh+12mv02-12mv2Dmgh+12mv2-12mv02二、填空题:把答案填在

9、答题卡相应的横线上(本部分2小题共10分)（4分）24（4分）如图所示，一单匝线圈从左侧进入磁场在此过程中，线圈的磁通量将 （选填“变大”或“变小”）若上述过程所经历的时间为0.1s，线圈中产生的感应电动势为0.2V，则线圈中的磁通量变化了 Wb25如图所示，已知电源电动势E3V，内电阻r1，电阻R5，电路中的电表均为理想电表则当开关S闭合时，电流表的读数为 A，电压表的读数为 V26（6分）用打点计时器验证机械能守恒定律的实验装置如图所示。（1）关于该实验，下列说法中正确的是 A需用天平测出重物的质量B必须用秒表测出重物下落的时间C释放纸带前，手捏住纸带上端并使纸带处于竖直方向D释放纸带前，

10、重物应远离打点计时器（2）下图为一条符合实验要求的纸带0点为打点计时器打下的第一个点分别测出若干连续点A、B、C与O点之间的距离h1、h2、h3，已知打点计时器的打点周期为T重力加速度为g若重物质量为m，则在O到B的过程中重物增加的动能为 （3）实验中发现重物增加的动能略小于减少的重力势能其主要原因是 A重物的质量过大B重物的体积过小C重物下落的距离过小D重物及纸带在下落时受到阻力三、计算或论述题解答时请写出必要的文字说明方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分,有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位(本部分3小题,共21分27（6分）扬州市创建文明城市，提倡机动车礼让行人，某司机

11、开车以8m/s速度行驶到路口附近，发现有行人准备过斑马线，立即刹车礼让行人，设汽车做匀减速运动的加速度大小为2m/s2，求：（1）汽车刹车2s后速度的大小；（2）刹车3s内的移位；（3）刹车时离斑马线的最小距离。28（7分）如图所示，一个圆盘在水平面内匀速转动，角速度1rad/s有一个小物体距圆盘中心r0.5m，随圆盘一起做匀速圆周运动。物体质量m1.0kg与圆盘间的动摩擦因数0.2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g10m/s2，求：（1）物体受到的摩擦力大小f；（2）欲使物体能随圆盘一起做匀速圆周运动，圆盘的角速度应满足什么条件？（3）圆盘角速度由0缓慢增大到1.6rad/s过程中，

12、圆盘对物体所做的功W。29（8分）如图所示，水平桌面上有一轻弹簧，左端固定在A点，弹簧处于自然状态时其右端位于B点水平桌面右侧有一竖直放置的光滑轨道MNP，其形状为半径R0.8m的圆环剪去了左上角135的圆弧，MN为其竖直直径，P点到桌面的竖直距离也是R用质量m0.2kg的物块将弹簧缓慢压缩到C点释放，物块飞离桌面边缘D点后由P点沿切线落入圆轨道，取g10m/s2，2=1.4，求：（1）求物块在P点的速度大小；（2）求D、P间的水平距离；（3）通过计算判断物块能否沿圆轨道到达M点2018-2019学年江苏省苏州市高二（上）期末物理试卷（必修）参考答案与试题解析一、单项选择题：每小题只有一个选项

13、符合题意（本部分23小题，每小题3分，共69分）1【分析】国际单位制规定了七个基本物理量分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位他们在国际单位制中的单位分别为米、千克、秒、开尔文、安培、坎德拉、摩尔【解答】解：力学中的基本物理量有三个，它们分别是长度、质量、时间，它们的单位分别为米、千克、秒，所以B正确。故选：B。【点评】国际单位制规定了七个基本物理量，这七个基本物理量分别是谁，它们在国际单位制分别是谁，这都是需要学生自己记住的2【分析】质点是只计质量、不计大小、形状的一个几何点，是

14、实际物体在一定条件的科学抽象，能否看作质点物体本身无关，要看所研究问题的性质，看物体的形状和大小在所研究的问题中是否可以忽略【解答】解：A、质点是只计质量、不计大小、形状的一个几何点，是实际物体在一定条件的科学抽象，所以A错误。B、研究地球自转时，如果看做质点则无法研究，故地球不可以看作质点，所以B错误；C、研究高台跳水运动员空中翻转动作时，运动员不可以看作质点，所以C错误；D、研究运动员百米赛跑过程中的平均速度时，运动员可以看作质点，所以D正确。故选：D。【点评】质点是运动学中一个重要概念，要理解其实质，不能停在表面3【分析】物体做匀加速直线运动时，速度均匀增大，加速度不变。vt图象斜率表示

15、加速度，xt图象斜率表示速度。根据数学知识选择图象。【解答】解：A、xt图象的斜率等于速度，则A图表示物体做匀速运动；故A错误。B、B图表示物体静止，故B错误。C、vt图象的斜率等于加速度，则C图表示物体做匀加速运动；故C正确。D、D图表示物体做匀速运动，故D错误；故选：C。【点评】本题要掌握匀加速直线运动的特点：加速度不变，速度均匀增大。要注意速度时间和位移时间图象斜率的意义。4【分析】作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上。但作用在不同的物体上，两个力同时产生，同时变化，同时消失。【解答】解：作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上。但作用在不同的物体上，两个

16、力同时产生，同时变化，同时消失。故A、B、D错误，C正确。故选：C。【点评】解决本题的关键知道作用力和反作用力的特点：作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上。但作用在不同的物体上，两个力同时产生，同时变化，同时消失。5【分析】重力加速度与物体的质量无关；自由落体运动的初速度为0，加速度等于当地的重力加速度，故根据v22gh可得物体落地时的速度，根据h=12gt2，即可求出物体下落的时间【解答】解：A、甲、乙两物体做自由落体运动，加速度都为重力加速度，相同，故A错误；B、D、根据v22gh，末速度为v=2gh，故甲物体着地的速度是乙物体着地的速度的22，故B错误，D错误；C、根据

17、h=12gt2，t=2hg，故甲物体下落的时间是乙物体下落的时间的22，故C正确；故选：C。【点评】掌握了自由落体运动的基本规律，掌握了匀变速直线运动运动的速度公式和位移公式即可顺利解决此题6【分析】对木块受力分析，根据共点力的平衡条件可得出斜面对木块的支持力和摩擦力的合力与重力的关系，从而确定该合力的方向。【解答】解：木块受重力、斜面的支持力及摩擦力的作用而处于静止状态，由平衡条件知支持力与摩擦力的合力一定与重力大小相等、方向相反，故支持力和摩擦力的合力竖直向上。故ABC错误，D正确。故选：D。【点评】解决本题应明确：物体受三力平衡时，任意两力的合力与第三力大小相等、方向相反，并能熟练运用。

18、7【分析】当推力小于最大静摩擦力时，物体未动，所受摩擦力为静摩擦力，根据平衡条件计算；当推力大于最大静摩擦力时，物体被推动，所受摩擦力为滑动摩擦力【解答】解：物体所受滑动摩擦力大小为：fN0.2100 N20 N；当F10 N20 Nf静max时，物体保持静止不动。物体所受到静摩擦力为：fF10 N； 方向水平向左； 故A正确，BCD错误； 故选：A。【点评】研究摩擦力时，首先要根据物体的状态确定是滑动摩擦还是静摩擦，静摩擦根据平衡条件求解，滑动摩擦可以根据平衡条件，也可以根据摩擦力公式求解8【分析】升降机和人具有共同的加速度，隔离对人分析，根据牛顿第二定律求出人的加速度，从而得出升降机的运动

19、情况【解答】解：对人分析，根据牛顿第二定律得，mgNma，解得a=mg-Nm=600-48060=2m/s2，方向竖直向下，知升降机向上做减速运动，或向下做加速运动。故C正确，A、B、D错误。故选：C。【点评】人和升降机具有相同的加速度，根据牛顿第二定律得出人的加速度大小和方向是解决本题的关键9【分析】本题考察探究加速度与作用力和质量的关系的操作过程，由于是采用的控制变量法，而改变力是通过改变钩码的重力，而改变小车的质量均是要测质量的。【解答】解：A、若打点计时器固定在滑轮的位置，则滑轮就没有运动的空间，故选项A错误；B、当拉力一定时，改变小车的质量，测量加速度，所以小车质量是必测的，故选项B

20、正确；C、平衡摩擦力时应将砝码及盘均取下，垫高平板的一端让小车恰能在斜板上做匀速直线运动，故选项C错误；D、小车加速，同样砝码也向下做加速运动，属失重，绳子拉力小于砝码的重力，故选项D错误。故选：B。【点评】本题考查了牛顿第二定律的应用，应用匀变速直线运动的推论、牛顿第二定律即可解题，要熟练掌握基础知识，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用。10【分析】平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动，分别根据匀速直线运动和自由落体运动的运动规律列方程求解即可【解答】解：设平抛的水平位移是x，则竖直方向上的位移就是x，水平方向上：xV0t竖直方向上：x=12gt2联立

21、可以求得：t=2v0g。故选：B。【点评】本题就是对平抛运动规律的考查，平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动和竖直方向上的自由落体运动来求解11【分析】只要理解匀速圆周运动中的线速度、角速度及周期、转速的概念及本质即可【解答】解：首先A、B、C属于同轴转动，故他们的角速度相等，故C正确；由vr知，他们的半径r不相等，故线速度的大小不相等，故A错误；由于是做圆周运动，故线速度的方向位于切线方向，故B错误；由a2r知，半径r不相等，故加速度a不相等，故D错误。故选：C。【点评】本题考查灵活选择物理规律的能力对于圆周运动，公式较多，要根据不同的条件灵活选择公式12【分析】根据角速度定义=t可

22、知甲、乙的角速度之比，再由向心力公式F向m2r可以求出他们的向心加速度之比【解答】解：相同时间里甲转过60角，乙转过45角，根据角速度定义=t可知甲、乙的角速度之比为1：24：3由题意r1：r21：2m1：m21：2根据公式式F向m2rF1：F2m112r1：m222r24：9故选：C。【点评】要熟悉角速度定义公式和向心加速度公式，能根据题意灵活选择向心加速度公式！13【分析】根据GMmr2=mv2r=m42rT2求解速度与周期的变化即可。【解答】解：根据牛顿第二定律和万有引力定律得：GMmr2=mv2r所以：v=GMr可知当半径减小时，速率增大；根据牛顿第二定律和万有引力定律得：GMmr2=

23、m42rT2，得：T=2r3GM可知当比较减小时，周期减小。故A正确，BCD错误故选：A。【点评】该题考查卫星问题，关键明确卫星在圆轨道运行时，万有引力提供向心力，由此写出卫星的线速度、角速度、周期等与半径的公式关系，然后再进行比较。14【分析】由动能定理可求得两过程中外力所做的功，则可求得二者的关系【解答】解：由动能定理可知：W1=12mv2； W2=12m（2v）2-12mv2=32mv2；故W23W1；故选：C。【点评】本题考查动能定理的基础知识，明确公式即可求解15【分析】已知物体质量相同，提升高度相同，所以起重机做功相同，根据PFv分析功率大小。【解答】解：由于起重机匀速提升货物，故

24、起重机对货物的拉力等于重力；第一次货物上升的高度大，根据功的公式Wmgh可知第一次做功多。第一次速度大，根据PFvmgv知，第一次功率大。故A正确，BCD错误。故选：A。【点评】本题考查功及功率的计算，要注意明确各物理量的公式并能正确应用，要注意功率可以根据公式P=Wt分析，也可以根据PFv分析。16【分析】对小球受力分析，其受重力，绳的拉力，库仑力，进而得到夹角的表达式【解答】解：小球M与N相互排斥，M、N带同种电荷，M带正电，N也带正电小球N受重力mg，绳的拉力，库仑力F，绳与竖直方向夹角为：tan=Fmg库仑力：F=kQqr2，由于电荷N悬挂在P1点时距离小，库仑力大，偏角大，故12，故

25、A正确，BCD错误故选：A。【点评】重点掌握库仑力表达式，其次是正确表示角度，尽量用重力，不要用绳的拉力来表示。17【分析】尘埃在匀强电场中沿水平方向向右做匀速直线运动，受到的电场力与重力平衡，根据平衡条件求出电场强度大小和方向。【解答】解：AB、尘埃在匀强电场中沿水平方向向右做匀速直线运动，受到的电场力与重力平衡，则电场力方向竖直向上，而尘埃带负电，所以电场强度方向竖直向下，故A错误，B正确；CD、根据平衡条件得： mgqE，得：E=mgq=0.0110-31010-8N/C104N/C，故CD错误。故选：B。【点评】解决本题的关键根据受力平衡求出电场强度的大小和方向，以及知道电场强度的方向

26、与正电荷所受电场力方向相同，与负电荷所受电场力方向相反。18【分析】由电源的极性可得出电流的方向，则由安培定则可得出磁场的方向，即可判出小磁场的方向是否正确。【解答】解：由图可知，电流由右侧流入，则由安培定则可知，螺线管的左侧为N极，右侧为S极；而螺线管的磁感线外部是由N极指向S极，内部由S指向N极，而小磁针静止时N极所指方向与磁感线方向一致，故可知D正确，其他均错；故选：D。【点评】本题考查安培定则及通电螺线管磁感线的特点，要求明确内部磁感线和外部磁感线的不同之处，熟记相应磁场的磁感线形状。19【分析】在匀强磁场中，线框平面与磁场方向垂直时，磁通量公式是BS，从而即可求解【解答】解：据题意知

27、，线框在匀强磁场中，线框平面与磁场方向垂直，则通过线框的磁通量是 =12BS=Ba22，故A正确，BCD错误。故选：A。【点评】对于磁通量问题，关键掌握好公式BS，并知道S只能是垂直磁感线的有效面积，若有夹角时应求出投影面积来20【分析】根据左手定则判断洛伦兹力的方向，得到粒子的偏转方向。【解答】解：粒子带负电，在水平向右的磁场中向上移动，根据左手定则，此时粒子所受洛伦兹力的方向垂直纸面向外；故ABC错误，D正确。故选：D。【点评】根据左手定则直接判断洛伦兹力方向即可，注意与右手定则区别。基础题目。21【分析】根据左手定则，让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指的方向就是导线

28、受的安培力的方向。根据左手定则来判断如何增加安培力的大小即可【解答】解：导体棒长为L，磁感应强度B，电流为I，并且导体棒和磁场垂直，所以导体棒受到的安培力大小为：FBIL0.50.80.4N0.16N，根据左手定则可以判断，磁场向下，电流方向向右，则安培力的方向为垂直纸面向里，故B正确，ACD错误。故选：B。【点评】本题是安培力的分析和计算问题。安培力大小的一般计算公式是FBILsin，是导体与磁场的夹角，当B、I、L互相垂直的时候安培力最大为FBIL22【分析】根据机械能守恒的条件判断小球从A到B到C的过程中机械能是否守恒。通过小球的受力，根据加速度方向与速度方向的关系，判断出小球的运动情况

29、，确定小球的加速度的变化以及何位置动能最大。根据能量守恒定律判断动能的变化与弹性势能的变化关系。【解答】解：A、小球在A到B的过程中，只有重力做功，机械能守恒，在B到C的过程中，有重力和弹簧弹力做功，系统机械能守恒，由于弹簧的弹性势能增加，则小球的机械能减少。故A错误。B、小球由B到C的过程中，重力先大于弹力，加速度方向向下，向下加速，加速度逐渐减小，当重力与弹簧弹力相等时，速度最大，即动能最大，然后弹力大于重力，加速度方向向上，做减速运动，加速度逐渐增大。故小球从B到C过程中加速度先减小后增大。故B错误，C正确。D、小球由B到C的过程中，动能先增大后减小，重力势能减小，弹性势能增加，根据能量

30、守恒定律知，动能和重力势能总的减小量等于弹性势能的增加量。故D错误。故选：C。【点评】明确机械能守恒的条件是只有重力（或弹簧的弹力）做功；把握小球从B到C过程的受力分析和运动分析，知道小球先做加速运动，后做减速运动，在BC之间某位置速度最大，到C点速度减为零，弹簧压缩到最短。23【分析】物体从离地面A处以一定速度竖直上抛，最后又以一定速度落到地面，则过程中物体克服空气阻力做功，可由动能定理求出【解答】解：选取物体从刚抛出到正好落地，由动能定理可得：mgh-Wf克=12mv2-12mv02 解得：Wf克=mgh+12mv02-12mv2故选：C。【点评】运用动能定理时，要当心力做功的正负，同时要

31、合理选取过程此题要求物体的克服空气阻力做功，即阻力做负功同时得出重力做功与初末位置有关，而阻力做功与路径有关二、填空题:把答案填在答题卡相应的横线上(本部分2小题共10分)（4分）24【分析】匀强磁场中，当线圈与磁场垂直时，磁通量BS，根据面积变化，分析磁通量的变化；根据法拉第电磁感应定律求解感应电动势【解答】解：匀强磁场中，当线圈与磁场垂直时，磁通量BS，面积变大，故磁通量变大；根据法拉第电磁感应定律：E=t，则有Et0.20.10.02Wb，故答案为：变大，0.02【点评】本题是法拉第电磁感应定律的简单应用当线圈与磁场垂直时，磁通量BS对于磁通量的变化，也可以根据磁感线数判断25【分析】根

32、据闭合电路欧姆定律求解电流，根据UIR求解路段电压【解答】解：根据闭合电路欧姆定律，有：I=ER+r=3V1+5=0.5A；路端电压为：UIR0.5A52.5V；故答案为：0.5，2.5【点评】本题是闭合电路欧姆定律的直接运用，根据公式I=Er+R求解电流，根据UIREIr求解路段电压26【分析】了解实验的工作原理，清楚实验的所需仪器和步骤，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度，从而求出动能；根据功能关系得重力势能减小量等于重力做功的数值。【解答】解：（1）考察操作过程及原理：重锤减少的重力势能转化为重锤的动能，由于重

33、力势能和动能公式中都有质量的因子，所以可以用一个带有字母m 因子来表示出动能和重力势能，所以没必要测出质量，故选项A错误；由于是用打点计时器，不必测时间，选项B错误；释放纸带前要使纸带处于竖直位置，用要靠近打点计时器，故选项C正确，选项D错误。（2）先求出打下B点的速度为：vB=vAC=h3-h1(2T)所以打下B点时重锤的动能为：Ek=12mvB2=m(h3-h1)28T2；（3）实验结果是减少的重力势能略小于增加的动能，显然损失了机械能，是因为克服摩擦阻力做了功，故选项D正确。故答案为：（1）C；（2）m(h3-h1)28T2；（3）D【点评】实验问题都是考查物理规律的应用，纸带问题的处理

34、是力学实验中常见的问题。我们可以纸带法实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度。三、计算或论述题解答时请写出必要的文字说明方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分,有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位(本部分3小题,共21分27【分析】（1）汽车做减速运动，根据速度时间公式求得速度；（2）根据位移时间公式求得位移；（3）根据位移时间公式求得位移【解答】解：（1）汽车减速到零所需时间为：t0=va=82s=4s 故2s末的速度问：vv0at822m/s4m/s（2）3s内的位移为：x=v0t-12at2=83-

35、12232m15m（3）刹车通过的位移问：x=v22a=8222m=16m答：（1）汽车刹车2s后速度的大小为4m/s；（2）刹车3s内的移位为15m；（3）刹车时离斑马线的最小距离为16m【点评】本题主要考查了匀减速运动，熟练速度时间和位移公式即可判断28【分析】（1）物体随圆盘一起做匀速圆周运动，由静摩擦力充当向心力，直接利用向心力公式Fm2r即可求出摩擦力f；（2）当静摩擦力达到最大静摩擦力时，角速度最大，根据向心力公式求解即可角速度应满足的条件；（3）根据动能定理求圆盘对物体所做的功W。【解答】解：（1）物体所受的静摩擦力充当向心力，则有：fm2r1120.5N0.5N（2）当静摩擦力

36、达到最大静摩擦力时，角速度最大，根据向心力公式得：mgmmax2r解得：max2rad/s所以欲使物体能随圆盘一起做匀速圆周运动，圆盘的角速度应满足的条件是2rad/s（3）圆盘角速度由0缓慢增大到1.6rad/s过程中，圆盘对物体所做的功为：W=12mv20=12m(2r)2=121（1.60.5）20.32J答：（1）物体受到的摩擦力大小f为0.5N；（2）欲使物体能随圆盘一起做匀速圆周运动，圆盘的角速度应满足的条件是2rad/s。（3）圆盘角速度由O缓慢增大到1.6rad/s过程中，圆盘对物体所做的功W是0.32J。【点评】对于做匀速圆周运动的物体要正确分析其向心力来源，熟练应用向心力公

37、式求解。第3小题中摩擦力是变力，只能根据动能定理求摩擦力做功。29【分析】（1）（2）物块离开D点做平抛运动，由P点沿圆轨道切线落入圆轨道，知道了到达P点的速度方向，将P点的速度分解为水平方向和竖直方向，根据竖直方向上做自由落体运动求出竖直分速度，再根据角度关系求出水平分速度，由速度的合成求出P点的速度和P、D之间的水平距离（3）物块在内轨道做圆周运动，在最高点有临界速度，则mgmv2R，根据机械能守恒定律，求出M点的速度，与临界速度进行比较，判断其能否沿圆轨道到达M点【解答】解：（1）设物块由D点以vD做平抛，落到P点时其竖直速度为：12mvy2=mgRvy=2gR=2100.8=4m/s

38、根据几何关系有：vyvD=tan45代入数据解得：vD4m/svP=vD2+vy2=42+42=42m/s（2）平抛运动的时间为：t=2Rg=0.4s所以DP间的水平距离为：xvDt40.4m1.6m（3）设物块到达M点的临界速度为vm，有：mgmvM2RvM=gR=22m/s由机械能守恒定律得：12mv2=12mvD2-22mgR 解得：v=16-82m/s因为16-8222所以物块不能到达M点答：（1）物块在P点的速度大小是42m/s；（2）D、P间的水平距离是1.6m；（3）m不能否沿圆轨道到达M点【点评】该题涉及到多个运动过程，主要考查了机械能守恒定律、平抛运动基本公式、圆周运动向心力公式的应用，用到的知识点及公式较多，难度较大，属于难题第20页（共20页）