高考物理一轮复习 专题6-9 与抛体运动相关的功能问题千题精练.doc

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1、1 / 15【2019【2019 最新最新】精选高考物理一轮复习精选高考物理一轮复习 专题专题 6-96-9 与抛体运动相关的功与抛体运动相关的功能问题千题精练能问题千题精练一选择题1.(2018 名校模拟)如图所示，质量为 m 的足球静止在地面 1 的位置，被踢出后落到地面 3 的位置。在空中达到最高点 2 的高度为 h，速度为 v，已知重力加速度为 g。下列说法正确的是（ ）A. 运动员对足球做的功为 mgh+mv2B. 足球落到 3 位置时的动能为 mghC. 足球刚离开 1 位置时的动能大于 mgh+mv2D. 足球在 2 位置时的机械能等于其在 3 位置时的动能【参考答案】C由于有空

2、气阻力做负功，所以足球的机械能不断减少，所以足球在 2 位置时的机械能大于其在 3 位置时的动能，故 D 错误。从踢球到足球运动到 2 位置的过程，运用动能定理列式，可求得运动员对足球做的功。由功能原理分析足球落到 3 位置时的动能和刚离开 1 位置时的动能。2.（2018江苏）从地面竖直向上抛出一只小球，小球运动一段时间后落回地面忽略空气阻力，该过程中小球的动能 Ek 与时间 t 的关系图像是（ ） 2 / 15A. B. C. D. 【答案】A 【分析】由竖直上抛运动的特点可求得某时刻的速度，将速度代入动能的定义式得出动能与时间的关系，结合数学知识得出动能随时间的变化图像。3.如图所示，在

3、地面上以速度v0抛出质量为m的物体，抛出后物体落到比地面低h的海平面上若以地面为参考平面，且不计空气阻力，则下列选项正确的是( )A. 物体落到海平面时的势能为 mgh B. 物体在最高点处的机械能为 C. 物体在海平面上的机械能为 +mgh 3 / 15D. 物体在海平面上的动能为 【答案】B 【解析】 【解答】A 项：以地面为零势能面，海平面低于地面 h，所以物体在海平面上时的重力势能为-mgh，A 不符合题意；B、C 项：整个过程机械能守恒，即初末状态的机械能相等，以地面为零势能面，抛出时的机械能为 ，所以物体在海平面时的机械能也为 ，B 符合题意，C 不符合题意；D 项：由动能定理 w

4、=Ek2-Ek1 ， 有 ，D 不符合题意。故答案为：B【分析】仅重力做功机械能守恒，无论在哪里机械能，都等于初状态动能，但高度降低势能降低，动能变大。4.(2016湖北孝感高三模拟)质量为 50 kg 的某中学生参加学校运动会立定跳远项目比赛，起跳直至着地过程如简图，经实际测量得知上升的最大高度是 0.8 m，在最高点的速度为 3 m/s，则起跳过程该同学所做功最接近(取 g10 m/s2)( )A225 J B400 J C625 J D850 J4 / 15【参考答案参考答案】C】C5(2016江苏苏北四市高三联考)某踢出的足球在空中运动轨迹如图所示，足球视为质点，空气阻力不计。用 v、

5、E、Ek、P 分别表示足球的速率、机械能、动能和重力的瞬时功率大小，用 t 表示足球在空中的运动时间，下列图象中可能正确的是( )【参考答案】D 6. (2017河北衡水中学模拟)如图 2 所示，质量为 0.1 kg 的小物块在粗糙水平桌面上滑行 4 m 后以 3.0 m/s 的速度飞离桌面，最终落在水平地面上，已知物块与桌面间的动摩擦因数为 0.5，桌面高 0.45 m，若不计空气阻力，取 g10 m/s2，则( )图 2A.小物块的初速度是 5 m/sB.小物块的水平射程为 1.2 mC.小物块在桌面上克服摩擦力做 8 J 的功D.小物块落地时的动能为 0.9 J【参考答案】D【名师解析】

6、小物块在桌面上克服摩擦力做功 WfmgL2 J，选项 C 错误；在水平桌面上滑行时，由动能定理得Wfmv2mv，解得 v07 m/s，选项 A 错误；小物块飞离桌面后做平抛运动，有 xvt、hgt2，解得 x0.9 m，选项 B 错误；设小物块落地时动能为 Ek，由动能定理得 mghEkmv2，解得 Ek0.9 J，选项 D 正确。5 / 157人教版必修 2P78T3 改编(多选)如图 1 所示，在地面上以速度 v0 抛出质量为 m 的物体，抛出后物体落到比地面低 h 的海平面上。若以地面为零势能面，而且不计空气阻力，则下列说法正确的是( )图 1A.重力对物体做的功为 mghB.物体在海平

7、面上的势能为 mghC.物体在海平面上的动能为 mvmghD.物体在海平面上的机械能为 mv2 0【参考答案】AD8.(2017广西玉林模拟)有两个物体 a 和 b，其质量分别为 ma 和 mb，且mamb，它们的初动能相同，若 a 和 b 分别受到不变的阻力 Fa 和 Fb 的作用，经过相同的时间停下来，它们的位移分别为 sa 和 sb，则( )A.Fasb B.FaFb，sasbC.FaFb，sav2C.v1v2D.由于不知道 1、2 的具体数值，v1、v2 关系无法判定【参考答案】C10.(多选)如图 4 所示为一滑草场。某条滑道由上、下两段高均为 h，与水平面倾角分别为 45和 37的

8、滑道组成，滑草车与草地之间的动摩擦因数为 。质量为 m 的载人滑草车从坡顶由静止开始自由下滑，经过上、下两段滑道后，最后恰好静止于滑道的底端(不计滑草车在两段滑道交接处的能量损失，sin370.6，cos 370.8)。则( )图 4A.动摩擦因数 6 7B.载人滑草车最大速度为2gh 7C.载人滑草车克服摩擦力做功为 mghD.载人滑草车在下段滑道上的加速度大小为 g【参考答案】AB二计算题1.如图 9 是某同学的漫画中出现的装置，描述了一个“吃货”用来做“糖炒栗子”的“萌”事儿：将板栗在地面小平台上以一定的初速度经两个四分之一圆弧衔接而成的轨道，从最高点 P 飞出进入炒锅内，利用来回运动使

9、其均匀受热。7 / 15用质量为 m10 g 的小滑块代替栗子，借这套装置来研究一物理问题。设大小两个四分之一圆弧半径为 2R 和 R，R0.8 m，小平台和圆弧均光滑。将过锅底的纵截面看作是两个斜面 AB、CD 和一段光滑圆弧组成，斜面动摩擦因数均为0.25，两斜面倾角均为 37，ABCD2R，A、D 等高，D 端固定一挡板，碰撞不损失机械能，滑块的运动始终在包括锅底最低点的竖直平面内，取 g10 m/s2。(已知 sin 370.6，cos 370.8)图 9(1)若滑块恰好能经 P 点飞出，又恰好沿 AB 斜面进入锅内，应调节锅底支架高度，此时斜面的 A、D 点离地面多高？(2)求滑块在

10、锅内斜面上运动的总路程。(2)滑块到达 A 点的速度为 v假设经过一个来回恰能回到 A 点，设回到 A 点时动能为 Ek，由动能定理得mgcos 8REkmv2解得 Ek0，所以滑块不会滑到 A 点。滑块在斜面上运动的全过程应用动能定理得mg2Rsin mgcos s0mv2解得滑块在锅内斜面上运动的总路程 s11.05 m答案 (1)1.95 m (2)11.05 m2.如图所示，有一个可视为质点的质量 m1 kg 的小物块，从光滑平台上的 A点以 v01.8 m/s 的初速度水平抛出，到达 C 点时，恰好沿 C 点的切线方向进8 / 15入固定在竖直平面内的光滑圆弧轨道，最后小物块无碰撞地

11、滑上紧靠轨道末端D 点的足够长的水平传送带。已知传送带上表面与圆弧轨道末端切线相平，传送带沿顺时针方向匀速运行的速度为 v3 m/s，小物块与传送带间的动摩擦因数0.5，圆弧轨道的半径为 R2 m，C 点和圆弧的圆心 O 点连线与竖直方向的夹角 53，不计空气阻力，重力加速度 g10 m/s2，sin 530.8，cos 530.6。求：(1)小物块到达圆弧轨道末端 D 点时对轨道的压力；(2)小物块从滑上传送带到第一次离开传送带的过程中产生的热量。(2)设小物块在传送带上的加速度为 a，则mgma ag5 m/s2设小物块由 D 点向左运动至速度为零，所用时间为 t1，位移为 x1，则vDa

12、t1x1t1设 t1 时间内传送带向右的位移为 x2，则 x2vt1小物块速度由零增加到与传送带速度相等的过程，所用时间为 t2，t2v a通过的位移 x3，x3t2传送带的位移为 x4vt2小物块相对传送带移动的位移为xx1x2x4x3Qmgx，解得 Q32 J。9 / 15答案 (1)22.5 N，方向竖直向下 (2)32 J3、(2017浙江杭州模拟)在学校组织的趣味运动会上，某科技小组为大家提供了一个游戏。如图 4 所示，将一质量为 0.1 kg 的钢球放在 O 点，用弹射装置将其弹出，使其沿着光滑的半环形轨道 OA 和 AB 运动。BC 段为一段长为 L2.0 m的粗糙平面，DEFG

13、 为接球槽。圆弧 OA 和 AB 的半径分别为 r0.2 m、R0.4 m,小球与 BC 段的动摩擦因数为 0.7，C 点离接球槽的高度为 h1.25 m，水平距离为 x0.5 m，接球槽足够大，g 取 10 m/s2。求：图 4(1)要使钢球恰好不脱离半环形轨道，钢球在 A 点的速度大小；(2)钢球恰好不脱离轨道时，在 B 位置对半环形轨道的压力大小；(3)要使钢球最终能落入槽中，弹射速度 v0 至少多大？【名师解析】(1)要使钢球恰好不脱离轨道，钢球在最高点时，对钢球分析有mgm,R)，解得 vA2 m/s。(2)钢球从 A 到 B 的过程由动能定理得mg2Rmvmv，在 B 点有 FNm

14、gm,R)，解得 FN6 N，根据牛顿第三定律，钢球在 B 位置对半环形轨道的压力为 6 N。故当钢球在 A 点的速度恰为 vA2 m/s 时，钢球不可能到达 C 点，更不可能入槽，要使钢球最终能落入槽中，需要更大的弹射速度，才能使钢球既不脱离轨10 / 15道，又能落入槽中。当钢球到达 C 点速度为 vC 时，v0 有最小值，从 O 到 C 有mgRmgLmvmv，解得 v0 m/s。答案 (1)2 m/s (2)6 N (3) m/s4.如图 4 所示，一质量 m0.4 kg 的滑块(可视为质点)静止于水平轨道上的 A点，滑块与轨道间的动摩擦因数 0.1。现对滑块施加一水平外力，使其向右运

15、动，外力的功率恒为 P10 W。经过一段时间后撤去外力，滑块继续滑行至 B点后水平飞出，恰好在 C 点沿切线方向进入固定在竖直平面内的光滑圆弧形轨道，轨道的最低点 D 处装有压力传感器，当滑块到达传感器上方时，传感器的示数为25.6 N。已知轨道 AB 的长度 L2 m，圆弧形轨道的半径 R0.5 m，半径 OC 和竖直方向的夹角 37。(空气阻力可忽略，重力加速度 g10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8)求：图 4(1)滑块运动到 C 点时速度的大小 vC；(2)B、C 两点的高度差 h 及水平距离 x；(3)水平外力作用在滑块上的时间 t。【名师解析】(1)滑块运动到 D

16、 点时，由牛顿第二定律得FNmgm,R)，滑块由 C 点运动到 D 点的过程，由机械能守恒定律得mgR(1cos )mvmv，11 / 15代入数据，联立解得 vC5 m/s。所以 B、C 间的水平距离 xvBt140.3 m1.2 m。(3)滑块由 A 点运动到 B 点的过程，由动能定理得PtmgLmv2 B代入数据解得 t0.4 s。答案 (1)5 m/s (2)0.45 m 1.2 m (3)0.4 s5.如图 5 所示，半径 R0.4 m 的光滑圆弧轨道 BC 固定在竖直平面内，轨道的上端点 B 和圆心 O 的连线与水平方向的夹角 30，下端点 C 为轨道的最低点且与粗糙水平面相切，一

17、根轻质弹簧的右端固定在竖直挡板上。质量 m0.1 kg 的小物块(可视为质点)从空中 A 点以 v02 m/s 的速度被水平抛出，恰好从B 点沿轨道切线方向进入轨道，经过 C 点后沿水平面向右运动至 D 点时，弹簧被压缩至最短，C、D 两点间的水平距离 L1.2 m，小物块与水平面间的动摩擦因数 0.5，g 取 10 m/s2。求：图 5(1)小物块经过圆弧轨道上 B 点时速度 vB 的大小；(2)小物块经过圆弧轨道上 C 点时对轨道的压力大小；(3)弹簧的弹性势能的最大值 Epm。(3)小物块从 B 点运动到 D 点，由能量守恒定律有EpmmvmgR(1sin )mgL0.8 J。答案 (1

18、)4 m/s (2)8 N (3)0.8 J12 / 156.如图所示，水平台面 AB 距地面的高度 h=0.80 m。质量为 0.2 kg 的滑块以 v0=60m/s 的初速度从 A 点开始滑动，滑块与平台间的动摩擦因数 =0.25。滑块滑到平台边缘的 B 点后水平飞出。已知 AB 间距离s1=2.2m。滑块可视为质点，不计空气阻力。(g 取 10m/s2)求：（1）滑块从 B 点飞出时的速度大小； （2）滑块落地点到平台边缘的水平距离 s2 。 （3）滑块自 A 点到落地点的过程中滑块的动能、势能和机械能的变化量各是多少。 【答案】（1）解：滑块从 A 点滑到 B 点的过程中，克服摩擦力做

19、功，由动能定理-fS1= 其中滑动摩擦力 f=mg 由两式联立，将 v0=6.0m/s，s1=2.2m，=0.25 带入可得 v=5.0m/s故滑块从 B 点飞出时的速度大小为 5.0m/s（3）解：落地时的动能 E2= =4.1J滑块在 A 点的初动能为 3.6J13 / 15由 A 到落地点滑块的动能增加了EK=E2-E1=0.5J重力势能减小量为Ep=mgh=1.6J机械能的减小量E=mgS1=1.1J即滑块自 A 点到落地点的过程中滑块的动能增加 0.5J、势能减小 1.6J、机械能减小 1.1J 【解析】 【分析】 （1）该问主要考察的是动能定理的应用，利用公式 Ek2-Ek1=W进

20、行求解即可，其中 W 是合外力做的功，该问具体指的是摩擦力做负功。（2）该问考察的是平抛运动，把运动分解为水平的匀速运动和竖直的加速运动，结合第一问求出的水平初速度求解。（3）该问考察的是动能和势能的计算及其关系，体系总的能量分为动能、势能和摩擦力做功的内能，内能和势能容易求解，利用该关系可以求出动能。7.(25 分)(2018西昌模拟)如图所示,足够长的斜面与水平面夹角为 37,斜面上有一质量 M=3 kg 的长木板,斜面底端挡板高度与木板厚度相同。m=1 kg 的小物块从空中某点以 v0=3 m/s 水平抛出,抛出同时木板由静止释放,小物块下降h=0.8 m 掉在木板前端,碰撞时间极短可忽

21、略不计,碰后瞬间物块垂直斜面分速度立即变为零。碰后两者向下运动,小物块恰好在木板与挡板碰撞时在挡板处离开14 / 15木板。已知木板与斜面间动摩擦因数 =0.5,木板上表面光滑,木板与挡板每次碰撞均无能量损失,g 取 10 m/s2,求:(1)碰前瞬间小物块速度大小和方向。(2)木板至少多长小物块才没有从木板后端离开木板。(3)木板从开始运动到最后停在斜面底端的整个过程中通过路程多大。(2)小物块平抛,则:h=g木板下滑,由牛顿第二定律得:Mgsin-Mgcos=Mav=at1解得:a=2 m/s2,t1=0.4 s,v=0.8 m/s小物块掉到木板上后速度变为 0,然后向下运动,直到与木板速度相同过程:小物块:mgsin=ma1木板:Mgsin-(M+m)gcos=Ma2速度相同时:a1t=v+a2t解得:a1=6 m/s2,a2= m/s2,t=0.15 sLmin=vt+a2t2-a1t2=0.06 m此时木板速度:v2=v+a2t2=1 m/s木板与挡板碰后全程生热:Q=Mgcoss=M代入数据解得:s=0.125 m15 / 15可见木板在斜面上通过路程:s 总=x1+x2+s=0.555 m答案:(1)5 m/s 方向与斜面垂直 (2)0.06 m(3)0.555 m