高考物理一轮复习课时跟踪检测十牛顿运动定律的综合应用.doc

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1、题目看错的原因：1、最多的是因为看到题目非常熟悉，想都不想就做，导致错误；2、精神恍惚看错（不认真，这种情况极少，通常考试时注意力是非常集中的）解释：很多同学看到题目感觉很熟悉很简单，想都不想就开始算，结果一不小心方向就错了，没有弄清楚问题是什么，忽略了题目条件表述和你以前熟悉的题型上细微的差别，导致做错。这是过于想当然造成的，中了命题人的陷阱。这属于“兴奋”型马虎。1 / 9【2019【2019 最新最新】精选高考物理一轮复习课时跟踪检测十牛顿精选高考物理一轮复习课时跟踪检测十牛顿运动定律的综合应用运动定律的综合应用对点训练：对超重与失重的理解1探究超重和失重规律时，一位体重为 G 的同学站

2、在一个压力传感器上完成一次下蹲动作。传感器和计算机相连，经计算机处理后得到压力 F 随时间 t 变化的图像，则下列图像中可能正确的是( )解析：选 D 人在压力传感器上下蹲时，先加速下降，然后减速下降，即加速度方向先向下后向上，人先失重后超重，故选项 D正确。2(2018江阴六校联考)动物园的海洋馆深受小朋友的喜欢，其中“海狮顶球”节目因其互动性强而更深受小朋友的喜爱。如图所示为一海狮把球顶向空中，并等其落下。下列有关球的受力与运动的一些说法正确的是( )A球在最高处受到重力和海狮对它的顶力作用B球在最高处时球的速度为 0，处于平衡状态C球在上升的过程中处于超重状态D球在下落的过程中可认为只受

3、重力作用解析：选 D 竖直上抛运动是初速度向上，只在重力作用下的运动，球在最高处只受到重力，故 A 错误；球上升到最高点时受到重力的作用，速度为零，加速度为 g，不是平衡状态，故 B 错误；球在上升的过程中只受到重力的作用，加速度为 g，加速度的方向向下，处于失重状态，故 C 错误；竖直上抛运动上升和下落过程都是只受到重力的作用，故 D 正确。题目看错的原因：1、最多的是因为看到题目非常熟悉，想都不想就做，导致错误；2、精神恍惚看错（不认真，这种情况极少，通常考试时注意力是非常集中的）解释：很多同学看到题目感觉很熟悉很简单，想都不想就开始算，结果一不小心方向就错了，没有弄清楚问题是什么，忽略了

4、题目条件表述和你以前熟悉的题型上细微的差别，导致做错。这是过于想当然造成的，中了命题人的陷阱。这属于“兴奋”型马虎。2 / 93.多选某同学用台秤研究电梯中的超重、失重现象。地面上其体重为 500 N，再将台秤移至电梯内测其体重。电梯从 t0 时由静止开始运动，到 t11 s 时停止，得到台秤的示数 F 随时间 t 变化的情况如图所示，重力加速度 g10 m/s2。则( )A电梯为下降过程B在 1011 s 内电梯的加速度大小为 2 m/s2CF3 的示数为 550 ND电梯运行的总位移为 19 m解析：选 ABD 02 s 该同学所受的支持力小于重力，合力向下，加速度向下，由于电梯初始为静止

5、状态，所以 02 s 内电梯匀加速下降，210 s 内该同学所受的支持力等于重力，此时为平衡状态，所以 210 s 内电梯保持 2 s 末的速度匀速下降，1011 s内该同学所受的支持力大于重力，合力向上，由于之前的速度向下，所以此阶段电梯匀减速下降，选项 A 正确；匀加速阶段加速度a1 m/s2,2 s 末的速度 v2at2 m/s，此阶段位移x1at22 m；匀速阶段位移 x216 m；匀减速阶段时间 t1 s，初速度为 2 m/s，末速度等于 0，所以此阶段加速度 a2 m/s2，根据牛顿第二定律 FNGmaa，解得此时的支持力FN600 N，即 F3600 N，此阶段位移 x3t1 m

6、。总位移xx1x2x319 m，故选项 B、D 正确，C 错误。对点训练：动力学中整体法与隔离法的应用4(2018武威模拟)在水平地面上运动的小车车厢底部有一质量为 m1 的木块，木块和车厢通过一根轻质弹簧相连接，弹簧的劲度系数为题目看错的原因：1、最多的是因为看到题目非常熟悉，想都不想就做，导致错误；2、精神恍惚看错（不认真，这种情况极少，通常考试时注意力是非常集中的）解释：很多同学看到题目感觉很熟悉很简单，想都不想就开始算，结果一不小心方向就错了，没有弄清楚问题是什么，忽略了题目条件表述和你以前熟悉的题型上细微的差别，导致做错。这是过于想当然造成的，中了命题人的陷阱。这属于“兴奋”型马虎。

7、3 / 9k。在车厢的顶部用一根细线悬挂一质量为 m2 的小球。某段时间内发现细线与竖直方向的夹角为 ，在这段时间内木块与车厢保持相对静止，如图所示。不计木块与车厢底部的摩擦力，则在这段时间内弹簧的形变为( )A伸长量为 B压缩量为m1gtan kC伸长量为 D压缩量为m1g ktan 解析：选 A 对小球受力分析，如图，由几何关系 F 合m2gtan 由牛顿第二定律 agtan 车向左加速或向右减速对小物体受力分析，受重力、支持力和弹簧弹力，合力等于弹簧弹力，根据牛顿第二定律 F 弹m1gtan 物体受向左的弹力结合胡克定律可知弹簧的伸长量为。5多选(2018惠县模拟)如图所示，两个质量分别

8、为m12 kg，m23 kg 的物体置于光滑的水平面上，中间用轻质弹簧秤连接。两个大小分别为 F130 N、F220 N 的水平拉力分别作用在 m1、m2 上，则( )A弹簧秤的示数是 10 NB弹簧秤的示数是 50 NC在突然撤去 F2 的瞬间，m1 的加速度不变D在突然撤去 F2 的瞬间，m2 的加速度变大解析：选 CD 对整体分析，整体的加速度 a m/s22 m/s2。隔离对 m2 分析，有 FF2m2a，解得：FF2m2a2032 N26 N，故 A、B 错误。在突然撤去 F2 的题目看错的原因：1、最多的是因为看到题目非常熟悉，想都不想就做，导致错误；2、精神恍惚看错（不认真，这种

9、情况极少，通常考试时注意力是非常集中的）解释：很多同学看到题目感觉很熟悉很简单，想都不想就开始算，结果一不小心方向就错了，没有弄清楚问题是什么，忽略了题目条件表述和你以前熟悉的题型上细微的差别，导致做错。这是过于想当然造成的，中了命题人的陷阱。这属于“兴奋”型马虎。4 / 9瞬间，弹簧的弹力不变，则 m1 所受的合力不变，所以 m1 的加速度不变，故 C 正确。在突然撤去 F2 的瞬间，弹簧的弹力不变，m2 所受的合力变为弹簧的弹力，则加速度 a m/s2，加速度变大，故 D 正确。6.如图所示，已知 Mm，不计滑轮及绳子的质量，物体 M 和 m 恰好做匀速运动，若将 M 与 m 互换，M、m

10、 与桌面间的动摩因数相同，则( )A物体 M 与 m 仍做匀速运动B物体 M 与 m 做加速运动，加速度 aMmg MC物体 M 与 m 做加速运动，加速度 aMg MmD绳子中张力不变解析：选 D 当物体 M 和 m 恰好做匀速运动，对 M，水平方向受到绳子的拉力和桌面的摩擦力，得：MgTmg所以：m M若将 M 与 m 互换，则对 M：MaMgT对 m，则：maTmg得：a故 A、B、C 错误；绳子中的拉力：Tmamgmgmg。故 D 正确。7(2018淮阴高三模拟)粗糙的地面上放着一个质量 M1.5 kg 的斜面体，斜面部分光滑，底面与地面间的动摩擦因数0.2，倾角 37，在固定在斜面的

11、挡板上用轻质弹簧连接一质量 m0.5 kg 的小球，弹簧的劲度系数 k200 N/m，现给斜面体施加一水平向右的恒力 F，使整体向右以加速度 a1 m/s2 做匀题目看错的原因：1、最多的是因为看到题目非常熟悉，想都不想就做，导致错误；2、精神恍惚看错（不认真，这种情况极少，通常考试时注意力是非常集中的）解释：很多同学看到题目感觉很熟悉很简单，想都不想就开始算，结果一不小心方向就错了，没有弄清楚问题是什么，忽略了题目条件表述和你以前熟悉的题型上细微的差别，导致做错。这是过于想当然造成的，中了命题人的陷阱。这属于“兴奋”型马虎。5 / 9加速运动。已知 sin 370.6，cos 370.8，g

12、10 m/s2。(1)求 F 的大小；(2)求出弹簧的形变量及斜面对小球的支持力大小。解析：(1)整体以 a 匀加速向右运动，根据牛顿第二定律：F(Mm)g(Mm)a，解得 F6 N。(2)设弹簧的形变量为 x，斜面对小球的支持力为 FN对小球受力分析：在水平方向：kxcos FNsin ma在竖直方向：kxsin FNcos mg解得：x0.017 m FN3.7 N。答案：(1)6 N (2)0.017 m 3.7 N对点训练：动力学中的临界极值问题8如图所示，物块 A 放在木板 B 上，A、B 的质量均为m，A、B 之间的动摩擦因数为 ，B 与地面之间的动摩擦因数为。若将水平力作用在 A

13、 上，使 A 刚好要相对 B 滑动，此时 A 的加速度为 a1；若将水平力作用在 B 上，使 B 刚好要相对 A 滑动，此时 B 的加速度为 a2，则 a1 与 a2 的比为( )A11 B23C13 D32解析：选 C 当水平力作用在 A 上，使 A 刚好要相对 B 滑动，临界情况是 A、B 的加速度相等，隔离对 B 分析，B 的加速度为：aBa1g，当水平力作用在 B 上，使 B 刚好要相对 A 滑动，此时 A、B 间的题目看错的原因：1、最多的是因为看到题目非常熟悉，想都不想就做，导致错误；2、精神恍惚看错（不认真，这种情况极少，通常考试时注意力是非常集中的）解释：很多同学看到题目感觉很

14、熟悉很简单，想都不想就开始算，结果一不小心方向就错了，没有弄清楚问题是什么，忽略了题目条件表述和你以前熟悉的题型上细微的差别，导致做错。这是过于想当然造成的，中了命题人的陷阱。这属于“兴奋”型马虎。6 / 9摩擦力刚好达到最大，A、B 的加速度相等，有：aAa2g，可得：a1a213。9(2018桂林一模)如图所示 A、B 两个物体叠放在一起，静止在粗糙水平地面上，B 与水平地面间的动摩擦因数 10.1，A与 B 之间的动摩擦因数 20.2。已知物体 A 的质量 m2 kg，物体 B 的质量 M3 kg，重力加速度 g 取 10 m/s2。现对物体 B 施加一个水平向右的恒力 F，为使物体 A

15、 与物体 B 相对静止，则恒力的最大值是(物体间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力)( )A20 N B15 NC10 N D5 N解析：选 B 当 F 作用在物体 B 上时，A、B 恰好不滑动时，A、B 间的静摩擦力达到最大值，对物体 A，有：2mgma对整体，有：Fmax1(m1m2)g(m1m2)a；由上述各式联立解得：Fmax15 N。10.多选(2018武汉模拟)如图所示，在倾角为 30的光滑斜面上端系有一劲度系数为 200 N/m 的轻质弹簧，弹簧下端连一个质量为 2 kg 的小球，球被一垂直于斜面的挡板 A 挡住，此时弹簧没有形变。若挡板 A 以 4 m/s2 的加速度沿斜面向下做匀加

16、速运动，取 g10 m/s2，则( )A小球向下运动 0.05 m 时速度最大B小球向下运动 0.01 m 时与挡板分离C小球速度最大时与挡板分离D小球从一开始就与挡板分离解析：选 AB 球和挡板分离前小球做匀加速运动；球和挡板分题目看错的原因：1、最多的是因为看到题目非常熟悉，想都不想就做，导致错误；2、精神恍惚看错（不认真，这种情况极少，通常考试时注意力是非常集中的）解释：很多同学看到题目感觉很熟悉很简单，想都不想就开始算，结果一不小心方向就错了，没有弄清楚问题是什么，忽略了题目条件表述和你以前熟悉的题型上细微的差别，导致做错。这是过于想当然造成的，中了命题人的陷阱。这属于“兴奋”型马虎。

17、7 / 9离后做加速度减小的加速运动。当加速度为零时，速度最大，此时物体所受合力为零，即：kxmmgsin 30，解得：xm0.05 m，由于开始时弹簧处于原长，所以速度最大时小球向下运动的路程为 0.05 m，故 A 正确。设球与挡板分离时位移为 x，经历的时间为 t，从开始运动到分离的过程中，m 受竖直向下的重力，垂直斜面向上的支持力 FN，沿斜面向上的挡板支持力 F1 和弹簧弹力 F。根据牛顿第二定律有：mgsin 30kxF1ma，保持 a 不变，随着 x 的增大，F1 减小，当 m 与挡板分离时，F1减小到零，则有：mgsin 30kxma，解得：x0.01 m，即小球向下运动 0.

18、01 m 时与挡板分离，故 B 正确，C、D 错误。考点综合训练11(2018武汉模拟)冰壶运动是在水平冰面上进行的体育项目，运动场地示意图如图所示。在第一次训练中，运动员从起滑架处推着冰壶出发，在投掷线上的 A 处放手，让冰壶以一定的速度沿虚线滑出，冰壶沿虚线路径运动了 s28.9 m，停在圆垒内的虚线上。已知冰壶与冰面间的动摩擦因数为 0.02，重力加速度大小为 g10 m/s2。(1)运动员在投掷线 A 处放手时，冰壶的速度是多大？(2)在第二次训练中，该运动员在投掷线 A 处放手让冰壶以同样的速度滑出，同时，多名擦冰员用毛刷不断地擦冰壶运行前方的冰面，冰壶沿虚线路径比第一次多走了 s5

19、.1 m 停下。假设用毛刷擦冰面后，被擦冰面各处粗糙程度相同，求冰壶与被擦冰面间的动题目看错的原因：1、最多的是因为看到题目非常熟悉，想都不想就做，导致错误；2、精神恍惚看错（不认真，这种情况极少，通常考试时注意力是非常集中的）解释：很多同学看到题目感觉很熟悉很简单，想都不想就开始算，结果一不小心方向就错了，没有弄清楚问题是什么，忽略了题目条件表述和你以前熟悉的题型上细微的差别，导致做错。这是过于想当然造成的，中了命题人的陷阱。这属于“兴奋”型马虎。8 / 9摩擦因数。解析：(1)第一次训练中，设冰壶离手时的速度为 v0，加速度为 a，以冰壶运动方向为正方向，根据匀变速直线运动的速度位移公式：

20、0v022as设冰壶质量为 m，冰壶沿水平方向只受摩擦力作用，根据牛顿第二定律：mgma联立解得：v0代入数据求得：v03.4 m/s。(2)设冰壶与被擦后的冰面之间的动摩擦因数为 ，同理可得：v0联立解得：代入数据求得：0.017。答案：(1)3.4 m/s (2)0.01712(2018哈尔滨模拟)如图甲所示，滑块与长木板叠放在光滑水平面上，开始时均处于静止状态。作用于滑块的水平力 F 随时间 t 的变化图像如图乙所示，t2.0 s 时撤去力 F，最终滑块与木板间无相对运动。已知滑块质量 m2 kg，木板质量 M1 kg，滑块与木板间的动摩擦因数 0.2，g 取 10 m/s2。(已知滑块

21、在 2.0 s 内没有滑离木板)求：(1)在 00.5 s 内，滑块和长木板之间的摩擦力大小？(2)在 2.0 s 时，滑块和长木板的速度分别是多少？解析：(1)在 00.5 s 过程中，假设 M、m 具有共同加速度a1，对整体由牛顿第二定律有：F1(Mm)a1代入数据得：a12 m/s2题目看错的原因：1、最多的是因为看到题目非常熟悉，想都不想就做，导致错误；2、精神恍惚看错（不认真，这种情况极少，通常考试时注意力是非常集中的）解释：很多同学看到题目感觉很熟悉很简单，想都不想就开始算，结果一不小心方向就错了，没有弄清楚问题是什么，忽略了题目条件表述和你以前熟悉的题型上细微的差别，导致做错。这

22、是过于想当然造成的，中了命题人的陷阱。这属于“兴奋”型马虎。9 / 9木板 M 能达到的最大加速度为：a2 m/s24 m/s2a1所以 M、m 相对静止，M、m 之间为静摩擦力为：fMa112 N2 N。(2)则木板和滑块在 0.5 s 时的速度为：v1a1t1代入数据可得：v11 m/s在 0.52.0 s 过程中，假设 M、m 具有共同加速度 a3，则：F2(Mm)a3a35.3 m/s2a2则 M、m 相对滑动长木板在 2.0 s 时的速度为：v2v1a2t2代入数据得：v27 m/s以滑块为研究对象：F2mgma4代入数据解得：a46 m/s2滑块在 2.0 s 时的速度为：v3v1a4t2代入数据解得：v310 m/s。答案：(1)2 N (2)10 m/s 7 m/s