气体的等温变化玻意耳定律典型例题_1.pdf

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1、.1 气体的等温变化、玻意耳定律典型例题【例 1】一个气泡从水底升到水面时，它的体积增大为原来的 3 倍，设水的密度为=1103kgm3，大气压强 p0=1.01105Pa，水底与水面的温度差不计，求水的深度。取 g=10ms2。【分析】气泡在水底时，泡气体的压强等于水面上大气压与水的静压强之和。气泡升到水面上时，泡气体的压强减小为与大气压相等，因此其体积增大。由于水底与水面温度一样，泡气体经历的是一个等温变化过程，故可用玻意耳定律计算。【解答】设气泡在水底时的体积为 V1、压强为：p1=p0+gh 气泡升到水面时的体积为 V2，则 V2=3V1，压强为 p2=p0。由玻意耳定律 p1V1=p

2、2V2，即 p0+ghV1=p03V1 得水深【例 2】如图 1 所示，圆柱形气缸活塞的横截面积为 S，下外表与水平面的夹角为，重量为 G。当大气压为 p0，为了使活塞下方密闭气.1 体的体积减速为原来的 1/2，必须在活塞上放置重量为多少的一个重物气缸壁与活塞间的摩擦不计【误解】活塞下方气体原来的压强 设所加重物重为 G，则活塞下方气体的压强变为 气体体积减为原的 1/2，则 p2=2p1【正确解答】据图 2，设活塞下方气体原来的压强为 p1，由活塞的平衡条件得 同理，加上重物 G后，活塞下方的气体压强变为 气体作等温变化，根据玻意耳定律：得 p2=2p1 G=p0S+G【错因分析与解题指导

3、】【误解】从压强角度解题本来也是可以的，但免发生以上关于压强计算的错误，相似类型的题目从力的平衡入手解题比较好。在分析受力时必须注意由气体压强产生的气体压力应该垂.1 直于接触面，气体压强乘上接触面积即为气体压力，情况就如【正确解答】所示。【例 3】一根两端开口、粗细均匀的细玻璃管，长 L=30cm，竖直插入水银槽中深 h0=10cm 处，用手指按住上端，轻轻提出水银槽，并缓缓倒转，则此时管封闭空气柱多长.大气压 P0=75cmHg。【分析】插入水银槽中按住上端后，管封闭了一定质量气体，空气柱长 L1=L-h0=20cm，压强 p1=p0=75cmHg。轻轻提出水银槽直立在空气中时，有一局部水

4、银会流出，被封闭的空气柱长度和压强都会发生变化。设管中水银柱长 h，被封闭气体柱长为 L2=L-h。倒转后，水银柱长度仍为 h 不变，被封闭气体柱长度和压强又发生了变化。设被封闭气体柱长 L3。所以，管封闭气体经历了三个状态。由于“轻轻提出、“缓缓倒转，意味着都可认为温度不变，因此可由玻意耳定律列式求解。【解】根据上面的分析，画出示意图图 a、b、c。气体所经历的三个状态的状态参量如下表所示：由于整个过程中气体的温度不变，由玻意耳定律：p1V1=p2V2=p3V3 即.1 7520S=75-h30-hS=75+hL3S 由前两式得：h2-105h+750=0 取合理解 h=7.7cm，代入得【

5、说明】必须注意题中隐含的状态b，如果遗漏了这一点，将无确求解。【例 4】容器 A 的容积是 10L，用一根带阀门的细管，与容器 B 相连。开场时阀门关闭，A 充有 10atm 的空气，B 是真空。后翻开阀门把A 中空气放一些到 B 中去，当 A 压强降到 4atm 时，把阀门关闭，这时 B 压强是 3atm。求容器 B 的容积。假设整个过程中温度不变。【分析】对流入容器 B 的这局部空气，它后来的状态为压强 pB=3atm，体积 VB容器 B 的容积。为了找出这局部空气的初态，可设想让容器 A 中的空气作等温膨胀，它的压强从 10atm 降为 4atm 时逸出容器 A 的空气便是进入 B 的空

6、气，于是即可确定初态。【解答】先以容器 A 中空气为研究对象，它们等温膨胀前后的状态参量为：.1 VA=10L，pA=10atm；VA=.，pA=4atm。由玻意耳定律 pAVA=pAVA，得 如图 1 所示。再以逸出容器 A 的这些空气为研究对象，它作等温变化前后的状态为：p1=pA=4atm，V1=VA-VA=15L p1=3atm，V1=VB 同理由玻意耳定律 p1V1=p1VB，得 所以容器 B 的容积是 20L。【说明】此题中研究对象的选取至关重要，可以有多种设想。例如，可先以后来充满容器 A 的气体为研究对象见图 2假设它原来在容器 A 中占的体积为 V*，这局部气体等温变化前后的

7、状态为：变化前：压强 pA=10atm、体积 V*，变化后：压强 pA=4atm 体积 V*=VA=10L。由 pAV*=pAV*.1 由此可见，进入 B 中的气体原来在 A 占的体积为 VA-V*=10-4L=6L。再以这局部气体为研究对象，它在等温变化前后的状态为：变化前：压强 p1=10atm，体积 V1=6L，变化后：压强 p2=3atm，体积 V2=VB 由玻意耳定律得容器 B 的容积为：决定气体状态的参量有温度、体积、压强三个物理量，为了研究这三者之间的联系，可以先保持其中一个量不变，研究另外两个量之间的关系，然后再综合起来。这是一个重要的研究方法，关于气体性质的研究也正是按照这个

8、思路进展的。【例 5】一容积为 32L 的氧气瓶充气后压强为 1300N/cm2。按规定当使用到压强降为 100N/cm2时，就要重新充气。*厂每天要用 400L氧气在 1atm 下，一瓶氧气能用多少天1atm=10N/cm2.设使用过程中温度不变。【分析】这里的研究对象是瓶中的氧气。由于它原有的压强1300N/cm2，使用后的压强100N/cm2、工厂应用时的压强10N/cm2都不同，为了确定使用的天数，可把瓶中原有氧气和后来的氧气都转化为 1atm，然后根据每天的耗氧量即可算出天数。【解】作出示意图如图 1 所示。.1 根据玻意耳定律，由 p1V1=p1V1，p2V2=p2V2 得 所以可

9、用天数为：【说明】根据上面的解题思路，也可以作其他设想。如使后来留在瓶中的氧气和工厂每天耗用的氧气都变成 1300N/cm2的压强状态下，或使原来瓶中的氧气和工厂每天耗用的氧气都变成 100N/cm2的压强状态下，统一了压强后，就可由使用前后的体积变化算出使用天数。上面解出的结果，如果先用文字代入并注意到 p1=p2=p0，即得 或 p1V1=p2V2+np0V0 这就是说，在等温变化过程中，当把一定质量的气体分成两局部或几局部，变化前后 pV 值之和保持不变图 2。这个结果，实质上就是质量守恒在等温过程中的具体表达。在气体的分装和混合等问题中很有用。【例 6】如下列图，容器 A 的容积为 V

10、A=100L，抽气机 B 的最大容积为 VB=25L。当活塞向上提时，阀门 a 翻开，阀门 b 关闭；当活塞.1 向下压时，阀门 a 关闭，阀门 b 翻开。假设抽气机每分钟完成 4 次抽气动作，求抽气机工作多长时间，才能使容器 A 中气体的压强由70cmhg 下降到 7.5cmHg设抽气过程中容器气体的温度不变.【误解】设容器中气体等温膨胀至体积 V2，压强由 70cmHg 下降到7.5cmHg，根据 pAVA=p2V2 得 所需时间【正确解答】设抽气 1 次后 A 中气体压强下降到 p1，根据 pAVA=p1VA+VB 得 第二次抽气后，压强为 p2，则 同理，第三次抽气后，抽气 n 次后，

11、气体压强 代入数据得：n=10次.1【错因分析与解题指导】【误解】的原因是不了解抽气机的工作过程，认为每次抽入抽气机的气体压强均为 7.5cmHg。事实上，每次抽气过程中被抽气体体积都是 VB，但压强是逐步减小的，只是最后一次抽气时，压强才降低至 7.5cmHg。因此，必须逐次对抽气过程列出玻意耳定律公式，再利用数学归纳法进展求解。【例 7】有开口向上竖直安放的玻璃管，管中在长 h 的水银柱下方封闭着一段长 L 的空气柱。当玻璃管以加速度 a 向上作匀加速运动时，空气柱的长度将变为多少.当天大气压为 p0，水银密度为，重力加速度为 g。【误解】空气柱原来的压强为 p1=p0+h 当玻璃管向上作

12、匀加速动时，空气柱的压强为 p2，对水银柱的加速运动有 p2S-p0S-mg=ma 即 p2=p0+g+ah 考虑空气的状态变化有 p1LS=p2LS.1【正确解答】空气柱原来的压强为 p1=p0+gh 当玻璃管向上作匀加速运动时，空气柱的压强为 p2，由水银柱加速度运动得 p2S-p0S-mg=ma p2=p0+g+ah 气体作等温变化 p1LS=p2LS【错因分析与解题指导】此题是动力学和气体状态变化结合的综合题。由于牛顿第二定律公式要求使用国际单位，所以压强的单位是“Pa。【误解】中 p1=p0+h，由动力学方程解得 p2=p0+g+ah，在压强的表示上，h 和g+ah 显然不一致，前者

13、以 cmHg 作单位是错误的。所以在解答此类习题时，要特别注意统一单位，高为 h 的水银柱的压强表达为 p=gh 是解题中一个要点。例 8如下列图，径均匀的 U 型玻璃管竖直放置，截面积为 5cm2，管右侧上端封闭，左侧上端开口，有用细线栓住的活塞。两管中分别封入 L=11cm的空气柱 A 和 B，活塞上、下气体压强相等为76cm 水.1 银柱产生的压强，这时两管的水银面的高度差 h=6cm，现将活塞用细线缓慢地向上拉，使两管水银面相平。求 1活塞向上移动的距离是多少.2需用多大拉力才能使活塞静止在这个位置上.分析两局部气体是靠压强来联系 U 型玻璃管要注意水银面的变化，一端假设下降*cm 另

14、一端必上升*cm，两液面高度差为 2*cm，由此可知，两液面相平，B 液面下降 h/2，A 管液面上升 h/2 在此根底上考虑活塞移动的距离 解答1对于 B 段气体 pB1=76-6=70cmHg pB2=p VB1=11S(cm3)VB2=(11+3)S(cm3)根据玻意耳定律 pB1VB1=pB2VB2 对于 A 段气体 pA1=76(cmHg)pA2=pB2=55(cmHg)VA1=11s(cm3)VA2=LS(cm3).1 根据玻意耳定律 pA1VA1=pA2VA2 对于活塞的移动距离：h=L+3-L =15.2+3-11 =7.2(cm)2对于活塞平衡，可知 F+pA2S=P0S F

15、=P0S-PS 说明U 型管粗细一样时，一侧水银面下降 hcm，另一侧水银面就要上升 hcm，两局部液面高度差变化于 2hcm，假设管子粗细不同，应该从体积的变化来考虑，就用几何关系解决物理问题是常用的方法。例 9如下列图，在水平放置的容器中，有一静止的活塞把容器分隔成左、右两局部，左侧的容积是 1.5L，存有空气；右侧的容积是 3L，存有氧气，大气压强是 76cmHg。先翻开阀门 K，当与容器中空气相连的 U 形压强计中左、右水银面的高度差减为 19cm 时，关闭阀 K。求后来氧气的质量与原来氧气的质量之比系统的温度不变，压强计的容积以及摩擦不计。.1 分析对于密封的一定质量空气 把原来容器

16、中的氧气做为研究对象 容器外放走的氧气体积V V=(V1+V2)-(V1+V2)在后来状态下，氧气密度一样 解答对于空气温度不变 对于氧气温度不变做为研究对象 容器外的氧气假设仍处于末态的体积 说明：理想气体的状态方程，是对一定量的气体而言，当它的状态发生变化时，状态参量之间的变化规律。遵守气态方程。而两局部气体时，要各自分别应用状态方程。再通过力学条件，找到这两局部气之间压强或体积的关系。此题容器的氧气是属于变质量问题，也可以把它假想成质量不变来处理。气体单位体积的分子数相等，质量和体积成正比，可求得剩余质量或放出的质量与原质量之间的比例关系。.1 求物体的质量可以用 m=V*个状态时的密度

17、和该状态时体积的乘积，而气态方程也可以写做密度形式 常用此式求*一状态时气体单位体积的分子数，然后再求气体的质量。例 10一横截面积为 S 的气缸水平放置，固定不动，气缸壁是导热的，两个活塞 A 和 B 将气缸分隔为 1、2 两气室，到达平衡时 1、2 两气室体积之比为 32，如下列图，在室温不变的条件下，缓慢推动活塞A，使之向右移动一段距离 d，求活塞 B 向右移动的距离，不计活塞与气缸壁之间的摩擦。分析气缸水平放置，不计活塞与气缸壁的摩擦，平衡时，两气室的压强必相等。两气室各密封一定量的气体，缓慢推动活塞，故温度保持不变，分别运用玻意耳定律解题。解因气缸水平放置，又不计活塞的摩擦，故平衡时两气室的压强必相等，设初态时气室压强为 p0，气室 1、2 的体积分别为 V1和 V2；在活塞 A 向右移动 d 的过程中活塞 B 向右移动的距离为*；最后气缸压强为 p，因温度不变，分别对气室 1 和 2 的气体运用玻意耳定律，得 气室 1 p0V1=p(V1-Sd+S*)