高考化学一轮复习 选考 有机化学基础 第4节 基本营养物质 有机合成课后达标检测 鲁科版.doc

《高考化学一轮复习 选考 有机化学基础 第4节 基本营养物质 有机合成课后达标检测 鲁科版.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《高考化学一轮复习 选考 有机化学基础 第4节 基本营养物质 有机合成课后达标检测 鲁科版.doc（15页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、1 / 15【2019【2019 最新最新】精选高考化学一轮复习精选高考化学一轮复习 选考选考 有机化学有机化学基础基础 第第 4 4 节节 基本营养物质基本营养物质 有机合成课后达标检测有机合成课后达标检测 鲁科鲁科版版课后达标检测一、选择题1下列关于有机物的说法中正确的是( )A米酒变酸的过程涉及了氧化反应B汽油、柴油、植物油都是碳氢化合物C含 5 个碳原子的有机物分子中最多可形成 4 个碳碳单键D蛋白质的水解和油脂的皂化都是由高分子生成小分子的过程解析：选 A。米酒的主要成分是乙醇， “变酸”是因为部分乙醇转化成了乙酸，乙醇被氧化，A 项正确；植物油不是碳氢化合物，其主要成分是高级脂肪酸

2、和甘油形成的酯，B 项错误；含 5 个碳原子的环戊烷形成 5 个碳碳单键，C 项错误；油脂不是高分子化合物，D 项错误。2下列有关说法正确的是( )A肌醇()与葡萄糖()的化学式均为 C6H12O6，满足 Cm(H2O)n，因此二者均属于糖类B麦芽糖和蔗糖的水解产物均有葡萄糖，故二者为还原性糖2 / 15C油脂是一种酯，不同油脂的水解产物为不同的高级脂肪酸和不同的醇D油脂、麦芽糖和淀粉三种物质都能发生水解反应解析：选 D。A 项，肌醇不属于糖类，错误；B 项，蔗糖不能被弱氧化剂氧化，为非还原性糖，错误；C 项，所有油脂的水解产物除高级脂肪酸不同外，另一水解产物均为甘油，错误；D 项，酯、双糖和

3、多糖均能水解，正确。3结构简式为的聚合物的单体有( )HOCH2CH2OHB只有A只有 D只有C只有解析：选 D。该聚合物链节中含有酯基由此推知该聚合物是由羧酸和醇分子间脱水形成的，即羧基上脱去羟基，醇羟基上脱去氢原子。因此逆推单体时，可以将酯键中的羰基和氧原子断开，在羰基上补OH，氧原子上补 H，即可得到单体：HOCH2CH2OH。A、B、C 项错误，D 项正确。4直链型的不饱和油酸(C17H33COOH)与蔗糖反应可以制得非天3 / 15然油脂，其反应示意图如下所示(注：图的反应式不完整)：则下列说法不正确的是( )A甘油和蔗糖在一定条件下都可以发生消去反应B天然油脂、蔗糖、非天然油脂都能

4、发生水解反应C该非天然油脂与氢氧化钠溶液共热，可以发生皂化反应，水解后的产物均可与溴的四氯化碳溶液反应D植物油、非天然油脂都可以与 H2 发生加成反应解析：选 C。由于甘油和蔗糖分子中OH 所连碳原子的邻近碳原子上都连有氢原子，A 项正确；天然油脂和非天然油脂分子中均含有酯基，故二者均可发生水解反应，蔗糖属于双糖，可水解为葡萄糖和果糖，B 项正确；非天然油脂在 NaOH 溶液中水解为不饱和油酸钠和蔗糖，前者与 Br2 发生加成反应，后者(蔗糖)不与 Br2 的CCl4 溶液反应，C 项错误；植物油和非天然油脂中均含有碳碳双键，均与 H2 发生加成反应，D 项正确。5对如图两种化合物的结构或性质

5、描述正确的是( )A不是同分异构体B分子中共平面的碳原子数相同C均能与溴水反应D可用红外光谱区分，但不能用核磁共振氢谱区分解析：选 C。两种有机物的分子式均为 C10H14O，但二者的分子结构不同，二者互为同分异构体，A 错误。根据的结构特点，可知两种化合物的分子中共平面的碳原子数不相同，B 错误。前一种有4 / 15机物分子中含有酚羟基，苯环上酚羟基的邻、对位 H 原子与溴水发生取代反应；后一种有机物分子中含有可与溴水发生加成反应，C正确。两种有机物的分子结构不同，H 原子所处的化学环境也不同，可以采用核磁共振氢谱进行区分，D 错误。二、非选择题6(2018银川一模)麻黄素 M 是拟交感神经

6、药。合成 M 的一种路线如图所示：已知：.芳香烃 A 的相对分子质量为 92.RCH2OHRCHO请回答下列问题：(1)D 的名称是_；G 中含氧官能团的名称是_。(2)反应的反应类型为_；A 的结构简式为_。(3)写出反应的化学方程式：_。(4)X 分子中最多有_个碳原子共平面。(5)在 H 的同分异构体中，同时能发生水解反应和银镜反应的芳香族化合物有_种。其中，核磁共振氢谱上有 4 组峰，且峰5 / 15面积之比为 1126 的有机物的结构简式为_。(6)已知：仿照上述流程，设计以苯、乙醛为主要原料合成某药物中间体的路线：_。解析：信息说明 A 中含苯环，A 的相对分子质量为 92，设 A

7、的化学式为 CnH2n6，则 A 的分子式为 C7H8，A 为甲苯由流程图知，在光照下发生一元取代反应生成 B，故 B 为 B 在氢氧化钠溶液中水解生成苯甲醇。根据信息知，D 为苯甲醛由信息推知，D 与F(HCCNa)发生反应生成 G，G 为结合信息可推知，H 为结合信息可推知，X 为(1)D 的名称是苯甲醛，G 中的含氧官能团是羟基。(2)反应属6 / 15于取代反应(或水解反应)，A 为甲苯。(3)根据信息，直接写出反应方程式，副产物有水。(4)X 分子中可能存在两个平面(一个苯环确定的平面和一个碳氮双键确定的平面)，当两个平面重合时，共平面的碳原子数最多，即最多有 10 个碳原子共平面。

8、(5)满足条件的H 的同分异构体分三类：苯环上只有 1 个侧链(含甲酸酯基)时有2 种；苯环上有 2 个侧链，分两种情况，a.CH3、HCOOCH2，b.HCOO、CH2CH3，分别存在三种位置关系，共 6 种；苯环上有 3 个取代基，为CH3、CH3 和 HCOO，共 6 种。符合条件的H 的同分异构体共有 14 种。其中，核磁共振氢谱上有 4 组峰，且峰面积之比为 1126 的为 (6)根据已知信息，苯发生硝化反应生成硝基苯，硝基苯被还原成苯胺，苯胺与乙醛发生反应可得目标产物。答案：(1)苯甲醛 羟基(2)取代反应(或水解反应) (4)107A(C2H4)和 E(C3H4)是基础有机化工原

9、料。由 A 和 E 制备聚酰亚胺泡沫塑料(PMI)的合成路线如下：(部分反应条件略去)已知：7 / 15(注：R1、R2 可以是烃基，也可以是 H 原子)F 的核磁共振氢谱有两种化学环境的氢，其峰面积之比为23回答下列问题：(1)A 的名称是_，E 的结构简式是_。(2)B 含有的官能团是_，C 的结构简式是_。(3)的反应类型是_，F 的结构简式是_。(4)D 的同系物 G 比 D 的相对分子质量多 14。G 的同分异构体中，能发生银镜反应且 1 mol G 恰好消耗 4 mol Ag(NH3)2OH，共有_种(不考虑立体异构)，其中一种同分异构体的核磁共振氢谱只呈现 2 个吸收峰，其结构简

10、式为_。(5)由及其他物质为原料经如下步骤可合成对甲基苯丙烯酸甲酯：反应 1 中的试剂与条件为8 / 15_，反应 3 的化学方程式为_。解析：由反应的条件、A 和 B 的分子式，结合信息可知 A为 CH2=CH2，B 为 CH3CH2CHO，结合信息及反应的聚合产物可知 C 为反应为 C 中的醛基被氧化为羧基，则 D 为结合信息及反应可推出 F 为则 E 为 HCCCH3。答案：(1)乙烯 HCCCH3(5)CH3CHO，碱性条件下加热8(2018东北三省四市一模)芳香化合物 A 的分子式为C9H10O2，B 的相对分子质量比 A 大 79，J 是乙酸，K 是聚乙酸乙烯酯的单体，G 与氯化铁

11、溶液能发生显色反应，且苯环上的一元取代物只有两种。有如下转化关系：已知：当羟基与双键碳原子相连时，易发生转化：RCH=CHOHRCH2CHO；ONa 连在烃基上不会被氧化。请回答下列问题：(1)化合物 K 的结构简式是9 / 15_。I 中官能团的名称为_。(2)反应中属于水解反应的是_(填反应编号)。由 CG 操作顺序为，而不采取，原因是_。(3)G 可以与 NaHCO3 溶液反应，1 mol G 与 NaHCO3 溶液反应时最多消耗_mol NaHCO3。(4)写出 BCD 的化学方程式：_。(5)同时符合下列要求的 A 的同分异构体有_种。(不考虑立体异构).含有苯环；.能发生银镜反应和

12、水解反应。在这些同分异构体中，满足下列条件的同分异构体的结构简式为_。核磁共振氢谱有 5 个吸收峰；1 mol 该同分异构体只能与 1 mol NaOH 反应。解析：据题给信息可知 K 为 I 为 CH3CHO、D 为 CH3COONa、C 为10 / 15答案：(1)CH3COOCH=CH2 醛基(2) 保护酚羟基，防止被氧化 (3)19(2018长沙一模)氯吡格雷是一种用于预防和治疗因血小板高聚集引起的心、脑及其他动脉循环障碍疾病的药物。以 2氯苯甲醛为原料合成该药物的路线如下：(1)A 中官能团名称为_。(2)C 生成 D 的反应类型为_。(3)X(C6H7BrS)的结构简式为_。(4)

13、写出 C 聚合成高分子化合物的反应的化学方程式：_。(5)物质 G 是物质 A 的同系物，比 A 多一个碳原子，符合以下条件的 G 的同分异构体共有_种。除苯环之外无其他环状结构；能发生银镜反应。其中核磁共振氢谱中有 5 个吸收峰，且峰值比为22111 的结构简式为_。(6)已知：写出以乙烯、甲醇为有机原料制备化合物 的合成路线(无机试剂任选)。解析：(5)结合题中限定条件分析，G 的同分异构体中苯环上的11 / 15取代基有以下几种组合方式：Cl、CH2CHO，二者在苯环上有邻、间、对 3 种位置关系；CH2Cl、CHO，二者在苯环上有邻、间、对 3 种位置关系；Cl、CHO、CH3，三者在

14、苯环上有 10种位置关系(先固定 2 个取代基为邻、间、对位关系，再移动第 3 个取代基)；故符合条件的 G 的同分异构体共有 3310117 种。核磁共振氢谱中有 5 个吸收峰，且峰值比为 22111 的结构简式为 (6)运用逆合成分析法倒推中间产物，确定合成路线。答案：(1)醛基、氯原子(2)酯化反应(或取代反应)(3)(6)10(2018海南五校一模)药物普仑司特在临床上对特异性的哮喘疗效较好，其重要中间体 X 的合成路线如下：回答下列问题：(1)D 中的官能团为_(用结构式表示)。(2)反应的反应类型为_。(3)写出反应的化学方程式：12 / 15_。(4)满足下列条件的 A 的同分异

15、构体(包括环状结构)有_种。a能发生银镜反应和水解反应b考虑顺反异构(5)以溴代烃(CH2=CHCH2Br、C6H5CH2Br、G 等)为原料，通过下列两种途径也能合成中间体 X，其路线为已知：R1MgBrR2BrR1R2MgBr2，R1、R2 为烃基。写出 FX 的化学方程式：_。G 的结构简式为_。已知 H 能发生加聚反应，则 G 转化为 H 所需试剂是_。(6)根据(5)中信息，以 2丁烯为原料(无机试剂任选)，设计制备的合成路线：_。解析：(1)由 D 的结构可知其官能团为羰基和溴原子，注意用结构式表示。(2)加氢去氧的反应为还原反应。(3)结合已知信息可推出 B 为 Br(CH2)3

16、COOH。(4)符合题意的同分异构体有HCOOCH2CH=CH2、HCOOC(CH3)=CH2、HCOOCH=CHCH3(有顺反异构)、13 / 15，共五种结构。(5)由 X 的结构简式以及反应物的结构判断，F 生成 X 的反应为加成反应。C6H5MgBr 与化合物 G 直接反应可制得 X，结合题给信息可知 G 为 Br(CH2)4Br。卤代烃发生消去反应的条件是氢氧化钠的醇溶液、加热。(6)根据(5)中的信息，先制备出答案：(2)还原反应(3)(4)5(5)C6H5CH2CH2CH=CH2HBr过氧化物C6H5CH2CH2CH2CH2Br Br(CH2)4Br 氢氧化钠的醇溶液11(201

17、6高考江苏卷)化合物 H 是合成抗心律失常药物决奈达隆的一种中间体，可通过以下方法合成：(1)D 中的含氧官能团名称为_(写两种)。(2)FG 的反应类型为_。(3)写出同时满足下列条件的 C 的一种同分异构体的结构简式：_。能发生银镜反应；能发生水解反应，其水解产物之一能与FeCl3 溶液发生显色反应；分子中只有 4 种不同化学环境的氢。(4)E 经还原得到 F。E 的分子式为 C14H17O3N，写出 E 的结构简式：_。14 / 15(5)已知：苯胺易被氧化写出相应的合成路线流程图(无机试剂任用，合成路线流程图示例见本题题干)。解析：(1)D 中含氧官能团的名称为(酚)羟基、羰基、酰胺键。(2)根据 F、G 的结构简式，可以推断 FG 的反应为消去反应。(3)根据可知，分子中含有醛基或甲酸酯基，根据可知，分子中含有酯基，且为酚酯，根据可知，分子中含有 4 种类型的氢原子，满足上述条件的同分异构体有 (4)E 经还原得到 F，结合 E 的分子式和 F 的结构简式，可推知 E 的结构简式为。(5)运用逆合成分析法，倒推中间产物，确定合成路线。答案：(1)(酚)羟基、羰基、酰胺键(任写两种)(2)消去反应(4)15 / 15