备考2023中考物理第一轮复习(人教)：简单机械附解析.pdf

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1、 1/30 备考 2023 中考物理第一轮复习（人教）：简单机械附解析 一、单选题 1（2022 九上镇江期中）下列工具在使用时，属于费力杠杆的是（）A B C D 2（2022 九上镇江期中）如图所示，甲、乙两装置所用滑轮质量均相等，用它们分别将重为 G1和 G2的两物体匀速提升相同的高度。所用竖直方向上的拉力分别为 F1和 F2，两装置的机械效率分别为 1和 2（不计绳重和一切摩擦），则下列选项正确的是（）A若 G1=G2，则 12 B若 G12 D若 F1F2，则一定有 1/G2，那么一定有 12，C 符合题意；D据 C 中等式可知，若 F1F2，G1、G2关系不确定，所以有可能 12，

2、但不一定有 12，D不符合题意。故答案为：C。【分析】根据公式=有有+额=物物+动=物物+动可知，若 G1=G2，则 1=2，若 G1G2，则12，根据公式=1(+动)，若 F1=F2，则 G1G2，那么一定有 12。3【答案】D【解析】【解答】A由图可知，F 与杠杆的夹角为 30，根据三角形知识可知，F 的力臂为 12 小于 OA，即动力臂小于阻力臂，为费力杠杆，A 不符合题意；B当悬挂点右移时，动力臂、阻力不变，阻力臂变小，根据杠杆平衡的条件可知，动力 F 将变小，15/30 B 不符合题意；C若改沿图中虚线方向施力，F 与杠杆的夹角为 30，根据三角形知识可知，F 的力臂为 12，动力臂

3、、阻力臂、阻力不变，根据杠杆的平衡条件可知，F 大小不变，C 不符合题意；D若物重增加 1N，此时的动力臂为阻力臂的六分之一，根据杠杆的平衡条件可知，动力会增加为1N 的 6 倍，所以 F 的大小增加 6N，D 符合题意。故答案为：D。【分析】动力臂小于阻力臂，为费力杠杆；动力臂、阻力不变，阻力臂变小，根据杠杆平衡的条件可知，动力 F 将变小；动力臂、阻力臂、阻力不变，根据杠杆的平衡条件可知，F 大小不变；根据杠杆平衡条件，求出力的增加量。4【答案】D【解析】【解答】用四个完全相同的滑轮和两根相同的绳子组成的甲、乙滑轮组，匀速提升重力相同的物体。由题图可知，图甲由两股绳子拉物体，则有 1=12

4、(物+动)图乙由三股绳子拉物体，则有 2=13(物+动)所以两个滑轮组的省力效果不同；由机械效率计算公式 =有总 100%=物物+动 100%=物物+动 100%可知，两滑轮组的机械效率相同。D 符合题意，ABC 不符合题意。故答案为：D。【分析】根据公式=1(物+动)，可比较力的大小；根据=有总 100%=物物+动100%=物物+动 100%，可比较机械效率大小。5【答案】C【解析】【解答】A上坡时，自行车上升的高度不变，走 S 形路线所走的路线较长，A 不符合题意；B使用任何机械都不省功，B 不符合题意；16/30 C上坡时，走 S 形路线所走的路线较长，相当于增长了斜面的长度，斜面越长越

5、省力，C 符合题意；D速度一定，走 S 形路线所走的路线较长，所用的时间较长，D 不符合题意。故答案为：C。【分析】上坡时，走 S 形路线所走的路线较长，相当于增长了斜面的长度，斜面越长越省力。6【答案】A【解析】【解答】从使用的情况看，两根木棍和绳子组成的“简单机械”相当于滑轮组，设一段绳子上的拉力为 F，大人那端木棍有 6 段绳子相连，大人所用的力为 6F，男孩那端木棍有 5 段绳子相连，男孩所用的力为 5F，女孩拉住绳子的一端，所用的力为 F，大人的拉力最大，女孩所用的拉力最小，由滑轮组的特点可知女孩运动的距离最长，A 符合题意，BCD 不符合题意。故答案为：A。【分析】根据 F拉=nF

6、，可比较拉力大小；由滑轮组的特点可知女孩运动的距离最长。7【答案】C【解析】【解答】AB放长和缩短吊绳，不会改变力和力臂的大小，不会造成起重机侧翻，AB 不符合题意；CD开始时，杠杆平衡，动力乘动力臂等于阻力乘阻力臂，当伸长吊臂时，阻力不变，阻力臂变长，阻力与阻力臂乘积变大，动力和动力臂都不变，即动力乘动力臂大于阻力乘阻力臂，起重机容易倾翻；当缩短吊臂，阻力与阻力臂乘积变小，动力和动力臂都不变，即动力乘动力臂小于阻力乘阻力臂，起重机不容易侧翻，D 不符合题意，C 符合题意。故答案为：C。【分析】杠杆平衡，动力乘动力臂等于阻力乘阻力臂，动力乘动力臂大于阻力乘阻力臂，起重机容易倾翻。8【答案】B【

7、解析】【解答】A瓶盖起子在使用时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，费距离，A 不符合题意；B食品夹在使用时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，省距离，B 符合题意；C盘山公路与斜面的原理相同，省力但费距离，C 不符合题意；17/30 D滑轮组在使用时，能省力但费距离，D 不符合题意。故答案为：B。【分析】使用杠杆时，电流表小于阻力臂，是费力杠杆，但省距离；使用斜面、使用滑轮组省力费距离。9【答案】C【解析】【解答】A根据杠杆的五要素并结合图知道，“标”“本”表示力臂，“权”“重”表示力，A 正确，不符合题意；B在“权”不变时，“重”增大，根据杠杆平衡条件知道，需要“标”增大，即适当把“权”远离 O

8、 点，B正确，不符合题意；C若“权”有磨损，根据杠杆平衡条件知道，需要“标”增大，会导致测量结果偏大，C 错误，符合题意；D为提高测量精度，应使“标”增大，根据杠杆平衡条件知道，可换轻一点的“权”，D 正确，不符合题意。故答案为：C。【分析】杠杆转动时绕的点是支点；阻碍杠杆转动的力是阻力，使杠杆转动的力是动力；支点到力的作用线的垂线是力臂。10【答案】D【解析】【解答】A在升起横杆时，施加在 A 端的力为动力，此时的动力臂要小于阻力臂，为费力杠杆，A 不符合题意；B升起横杆时，沿 F1方向的动力臂比沿 F2方向的动力臂要小，根据杠杆的平衡条件可知，此时会更费力，B 不符合题意；C相同条件下，在

9、 A 端施加的动力越靠近 O 点，动力臂变小了，阻力和阻力臂不变，根据杠杆平衡条件可知，升起横杆所需的动力越大，C 不符合题意；D要使横杆 AB 保持水平平衡，根据杠杆的平衡条件可知，当动力臂最大为 OA 的长度时，动力最小，即有 =(2)则有 0.3=100 (32 0.3)解得，F200N，即在 A 端施加的最小的力为 200N，D 符合题意。故答案为：D。18/30 【分析】杠杆上的动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；根据杠杆上的力和力臂，结合杠杆的平衡条件，计算力的大小。11【答案】C【解析】【解答】A滑轮组克服物体重力做的有用功 W有Gh200N3m600J A 不符合题意；B动滑轮承担重

10、物绳子的段数 n2，绳端拉力做的总功 W总FsFnh125N23m750J 所以拉力的功率 =总=75010=75 B 不符合题意；C滑轮的机械效率 =有总 100%=600750 100%=80%C 符合题意；D滑轮的机械效率为 80%，说明额外功占总功的 20%，即克服动滑轮重和摩擦做的功占总功的20%，D 不符合题意。故答案为：C。【分析】根据物体的重力和高度的乘积计算有用功；利用滑轮上的拉力和距离的乘积计算总功，有用功和总功的比值，计算机械效率；功和时间的比值，计算功率。12【答案】C【解析】【解答】A不计摩擦，定滑轮绳子的拉力 F1=G B不计摩擦，动滑轮绳子的拉力 F2=12(G+

11、G动)C根据杠杆的平衡条件 F3l1=F2l2得到拉力 3=12 D根据杠杆的平衡条件 F4l1=F2l2得到拉力 4=2 故答案为：C。【分析】定滑轮可以改变力的方向，不省力；动滑轮可以省力；杠杆上的动力臂大于阻力臂，可以省力。13【答案】A【解析】【解答】设杠杆一格长度为 l，左端物体的重力为 G，右端物体的重力为 G，根据杠杆平衡 19/30 条件可知 G2l=G3l 则 GG 若将两侧重物同时向外移动一格，则支点左侧力和力臂的乘积 G3lG2l+Gl 杠杆右边力和力臂的乘积 G4lG3l+Gl 由于 GG 所以 GlGl 因为 G2l=G3l 所以 G3lG4l 故左端下降，A 符合题

12、意，BCD 不符合题意。故答案为：A。【分析】根据动力动力臂=阻力阻力臂判断杠杆是否平衡。14【答案】A【解析】【解答】解：由题知，AOOC，两边的力不同，说明杠杆的重心不在 O 点，因为右边受到的力大于左边受到的力，所以杠杆的重心在 O 点的左侧。设杠杆的重心在 D，一个钩码重为 G，如图：由题意：杠杆原来平衡，则 F左AO+G0ODF右CO，2GAO+G0OD3GCO，G0ODGCOGAO，在木棒的 A、C 两点各减少两个钩码：左边力和力臂的乘积为 G0OD，右边力和力臂的乘积为 GCO，由于 G0ODGCO，所以减少钩码后两边力和力臂的乘积相等，所以杠杆仍平衡。故答案为：A。【分析】根据

13、杠杆平衡条件，讨论力与力臂的变化，进而确定杠杆的状态。15【答案】B【解析】【解答】A由功的定义可知，由于拉力在拉力方向上移动的距离并不是水平方向移动的距离，因此拉力 F 做的功不等于拉力与水平方向移动距离的乘积，A 不符合题意；BCD由题意可知，圆柱体匀速转动过程中处于平衡状态，且拉力 F 始终与 OA 保持垂直，杠杆平衡原理有 FOA=GOB，其中 OB 是重力的力臂，圆柱体转动过程中 F 的力臂 OA 保持不变，但是重 20/30 力的力臂 OB 逐渐减小，所以拉力 F 逐渐减小。B 符合题意，CD 不符合题意。故答案为：B。【分析】由于拉力在拉力方向上移动的距离并不是水平方向移动的距离

14、，因此拉力 F 做的功不等于拉力与水平方向移动距离的乘积；根据杠杆平衡原理有 FOA=GOB，判断力的大小。16【答案】B；200；300【解析】【解答】由图可知，CA：AB=1：3，由于金属棒质量分布均匀，重心在 O 点，当以 A 为支点、在 B 点施加一个竖直向上的力，则 AB 为动力臂，动力臂与阻力臂的比值为 3：1，此时的比值是最大的，根据杠杆的平衡条件可知，此时的动力是最小的；则 1=13 600=200 若保持与 F1的作用点和方向均相同，则 C 为支点，BC 为动力臂，动力臂与阻力臂的比值为 2：1，此时的动力臂是最小的，根据杠杆的平衡条件可知，此时的 F2最大，则 2=12 6

15、00=300 【分析】根据杠杆平衡条件可知，力臂越大，力越小；根据1=，求出 F1，根据2=，求出 F2。17【答案】40；50；10；变大【解析】【解答】上述过程中所做的有用功为 W有=Gh=40N1m=40J 由 总=有 可得，总功为 总=有=4080%=50 从图中可知，滑轮组的绳子承重股数为 n=2，绳子自由端移动的距离为 s=nh=21m=2m 拉力为 =总=502=25 不计绳重及轮与轴间的摩擦，根据 =1(+动)可知，动滑轮的重为 动=2 25 40=10 不计绳重及轮与轴间的摩擦，如果用该动滑轮把重 100N 的一袋大米匀速提升相同高度，由此得，滑轮组的机械效率为=有总=有有+

16、额=+动=+动=100100+10 100%91%80%因此动滑轮的机械效率将变大。【分析】根据 W有=Gh，可求出有用功；根据公式总=有，可求出总功；根据公式=1(+21/30 动)，可求出动滑轮重；根据=有总=有有+额=+动=+动，可求出机械效率变化。18【答案】D；A【解析】【解答】根据图示可知，当柜子翻倒时，柜子将绕 D 点运动，所以此时 D 点为支点。为了固定柜子，并使该装置起作用时受力最小，根据杠杆平衡条件可知，动力臂应最长，由于图中DA 为最长的动力臂，所以需在 A 点固定该装置，并使该装置起作用时受力最小。【分析】杠杆运动时，固定不动的点是支点；为了固定柜子，并使该装置起作用时

17、受力最小，根据杠杆平衡条件可知，动力臂应最长。19【答案】2.5；0.5【解析】【解答】拉力做的有用功 有用10 0.22 由 =有总 得，拉力做的总功 总=有 10000=28000=2.5 根据 总 可得，拉力大小 总=2.51=2.5 由 总有用+额 得，所以拉力做的额外功 额总有用2.520.5 由 额 得摩擦力 额=0.51=0.5 【分析】根据公式 W=Gh 及=有总、总，可求出拉力大小；根据总有用+额及额，可求出摩擦力大小。20【答案】400；【解析】【解答】如图 1 所示，O 为支点，重力的力臂为 lA，F1的力臂为 lB，依据杠杆的平衡条件F1lBGlA 可得，地面对手的力为

18、 1=56011.4=400 手扶凳子时，抽象成杠杆模型如图 2 所示，O 为支点，重力的力臂为 lA，F2的力臂为 lB，依据杠 22/30 杆的平衡条件，F2lBGlA可得，2=，由图可知 lAlA，lBlB，因此 F2F1。【分析】根据杠杆上已知的力和力臂，计算未知力的大小；根据杠杆上的动力臂和阻力臂的大小，判断力的大小。21【答案】定；改变用力方向；能；能【解析】【解答】定滑轮的作用：不能改变力的大小，但可以改变力的方向。旗杆顶端装置是定滑轮，它的作用是改变用力方向。粗细均匀的直尺 AB，将中点 O 支起来。在 B 端放一支蜡烛，在 AO 的中点 C 处放上两支完全相同的蜡烛，即有 2

19、蜡2=蜡 所以此时直尺能保持平衡。若将三支蜡烛同时点燃，且它们的燃烧速度相同，在燃烧过程中，仍能满足杠杆平衡条件，所以直尺能保持平衡。【分析】固定不动的滑轮是定滑轮，可以改变力的方向；根据杠杆上的力和力臂，判断杠杆是否平衡。22【答案】100；70%；30【解析】【解答】由图像知，拉力做的总功为 总800 木箱移动的距离为 8 由 得，拉力大小为 =总=8008=100 木箱上升过程中，拉力做的有用功为 有总 额800 240560 斜面的机械效率为 有总 100%=560800 100%=70%23/30 由 额 得摩擦力大小 =额=2408=30 【分析】根据功和距离的比值，计算力的大小；

20、利用有用功和总功的比值，计算机械效率。23【答案】方向；力；近【解析】【解答】旗杆顶端的滑轮是一种简单机械，升旗时不随红旗一起升降为定滑轮，使用这种滑轮的目的是改变力的方向。园艺工人修剪树枝时使用的剪刀，由图可知使用这种剪刀时，动力臂长，阻力臂短，可以省力，如果树枝太硬不容易剪断，可以使树枝到支点 O 的距离变近一些，减小阻力臂。【分析】固定不动的滑轮是定滑轮，可以改变力的方向；使用杠杆时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。24【答案】200；2500；50【解析】【解答】若斜面是光滑的，拉力做的功等于提升小车做的功，即 FsGh 则拉力大小 =1000210=200 如果斜面不光滑，拉力做的有用

21、功 W有用Gh1000N2m2000J 由 =有总 知道，拉力做的功（总功）总=有用=200080%=2500 拉力做的额外功 W额W总W有用2500J2000J500J 由 W额fs 知道，小车受到的摩擦力 =额=50010=50 【分析】根据物体的重力和高度的乘积计算功；根据功和距离的比值，计算力的大小；利用有用功和机械效率的比值，计算总功；根据总功和有用功的差，计算额外功。25【答案】C；增大；增大【解析】【解答】杠杆绕着转动的固定点叫支点，支点为杠杆在转动过程中的不动点，视海报架为杠杆，水平向右的风将其吹倒的瞬间，B 点在移动，C 点不动，故支点为 C 点。BAC 角度越大，重力 G

22、的力臂 l2越长，重力 G 大小不变，根据杠杆平衡条件可知，此时可承受更大的阻力，故若要使海报架抵抗更大的风力，应增大BAC 角度。【分析】杠杆转动时绕的点，是支点；阻力一定时，增大阻力臂，可以使动力变大。24/30 26【答案】解：如图所示：【解析】【解答】由杠杆平衡条件可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在 O 点，动力作用于 A 点，当 OA 作为动力臂 l1时，动力臂最长，此时动力最小；由图知动力的方向应该向上，过 A 点垂直于 OA 向上作出最小动力 F 的示意图，如下图所示：【分析】在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；力臂与对应的力的作用线

23、垂直。27【答案】解：如下图所示：【解析】【解答】由题意知道，绳子的自由端移动 1.6m 时，重物升高 0.8m，则 =1.60.8=2 所以，滑轮组由 2 段绳子承担物重，连线如下图 25/30 【分析】根据物体移动的距离和滑轮组绳子的距离关系，计算绳子股数，将滑轮组绕线。28【答案】解：如下图所示：【解析】【解答】由图示可知，将重物抬起时，支点为 A 点，根据杠杆平衡条件可知，当阻力和阻力臂一定时，动力臂越长，动力越小，因此当以 AC 为动力臂时，动力臂最长，所需动力最小，过 C点作垂直于 AC 的力，方向向上，即为所求得最小动力 F，如图所示：【分析】杠杆上最大的力臂是支点到力的作用点的

24、连线，最小的力和最大的力臂垂直。29【答案】（1）匀速（2）1.3；0.4；0.06；76.9（3）增大；减小【解析】【解答】（1）实验中要竖直向上匀速拉动弹簧测力计，使整个装置处于平衡状态，弹簧测力计示数不变，便于读数。（2）第 2 次实验中，由图可知，弹簧测力计的分度值是 0.1N，弹簧测力计的示数为 1.3N。拉力做的总功为 W总=Fs=1.3N0.4m=0.52J 26/30 滑轮对钩码所做的有用功为 W有=Gh=2N0.2m=0.4J 额外功为 W额=W总-W有=0.52J-0.4J=0.12J 克服动滑轮重力做的额外功为 W额动=G动h=0.3N0.2m=0.06J 拉力克服绳重及

25、轮与轴的摩擦所做功为 W额摩擦=W额-W额动=0.12J-0.06J=0.06J 动滑轮的机械效率为 =有总=0.40.52 100%=76.9%（3）在用同一动滑轮将物体匀速提升相同的高度时，由表格数据可知：第一次拉力所做的额外功为W额1=W总1-W有1=F1s-G1h=0.70N0.4m-1N0.2m=0.08J 第二次拉力所做的额外功为 W额2=W总2-W有2=F2s-G2h=1.3N0.4m-2N0.2m=0.12J 综上可知，若仅增加被提升物体的物重，则拉力所做的额外功增大，由表格数据最后一列可知，动滑轮的机械效率增大，有用功占总功的比值将增大，则拉力所做的额外功占总功的比值将减小。

26、【分析】（1）实验中要竖直向上匀速拉动弹簧测力计，使整个装置处于平衡状态，弹簧测力计示数不变，便于读数；（2）看清弹簧测力计分度值，结合对应刻度读数；根据 W总=Fs，求出拉力做的总功；根据 W有=Gh，可求出有用功；根据 W额=W总-W有及 W额摩擦=W额-W额动，可求出摩擦力做的功；根据=有总，可求出机械效率；（3）根据 W额1=W总1-W有1=F1s-G1h，可求出拉力做的额外功变化；动滑轮的机械效率增大，有用功占总功的比值将增大，则拉力所做的额外功占总功的比值将减小。30【答案】（1）右；便于测量力臂（2）右（3）8；B【解析】【解答】（1）挂钩码前，杠杆在如图甲所示位置静止，根据调节

27、杠杆平衡的方法：左高左调，右高右调，所以应当将杠杆右端的平衡螺母向右端调节，使杆在水平位置平衡。当杠杆在水平位置平衡时，应作用在杠杆上的力都在竖直方向，则力的力臂均与杠杆重合，由此我们可以直接根据杠杆的刻度读出力臂。（2）设每个钩码重为 G，杠杆上每一格为 l，则在 A、B 下方再各加一个相同的钩码时，左端F1L1=4G2l=8Gl 右端 F2L2=3G3l9Gl 因 F1L1F2L2，故杠杆右端下沉。27/30（3）根据杠杆的平衡条件可得 G1OA=G2OB 即 4N0.2m=G20.1m 解得：G2=8N。松开螺母保持 OA 水平不动，使 OB 向下折 30角度后，再拧紧螺母形成一根可绕

28、O 点转动的籽杆AOB（B对应 B 点），保持物块 M 的位置不变，则 G1OA 保持不变，若要使杠杆仍保持平衡，则应保持 G2OB=G2OB，因 G2保持不变，则应保持力臂 OB=OB，力臂是指从支点到力的作用线的距离，而力始终是竖直向下的，则我们应将 N 移到点处，以确保力臂相同，ACD 不符合题意，B符合题意。故答案为：B。【分析】（1）挂钩码前，调节杠杆平衡的方法：左高左调，右高右调，所以应当将杠杆右端的平衡螺母向右端调节，使杆在水平位置平衡，这样便于读出力臂；（2）根据杠杆的平衡条件，计算杠杆上的力的大小，进而确定杠杆运动状态；（3）根据杠杆的平衡条件可得 G1OA=G2OB，可求出

29、重力；力臂是指从支点到力的作用线的距离，而力始终是竖直向下的，则我们应将 N 移到点处，以确保力臂相同。31【答案】（1）弹簧测力计（2）斜面的机械效率与物重无关（3）0.25N；75%；变大（4）能；机械效率的大小与物重无关，只需控制斜面的倾斜程度相同【解析】【解答】（1）实验中，需要测量拉力大小，故还需补充的器材有弹簧测力计。（2）虽然表格中的机械效率的数值不同，但差别极其微小，由于实验中存在误差，所以我们认为机械效率是相同的；由数据可知，斜面的倾斜程度和斜面的粗糙程度均相同，在改变物重时，机械效率不变，说明斜面的机械效率与物重无关。（3）保持斜面长度不变，将斜面升高到 0.2m，把一个重

30、 3N 物体沿斜面匀速向上拉时，所需拉力为1.0N，则所做的有用功为 W有=Gh=3N0.2m=0.6J 拉力做的总功为 W总=Fs=1.0N0.8m=0.8J 则额外功为 W额=W总-W有=0.8J-0.6J=0.2J 拉动物体上升的过程中，克服斜面的摩擦力所做的功为额外功，即 W额=fs；则此时物体受到的摩擦力为 =额=0.20.80=0.25 斜面的机械效率 =有总=0.60.8=0.75=75 28/30 匀速拉动物体上升的过程中，速度不变，动能不变，高度增加，重力势能变大，所以物体的机械能变大。（4）探究斜面的机械效率与斜面的粗糙程度的关系时，采用的是控制变量法，需要控制斜面的倾斜程

31、度、物体的重力不变；由（2）可知，斜面的机械效率的大小与物体的重力无关，所以本实验中只需要控制斜面的倾斜程度相同就行；实验中可以将三条粗糙程度不同的长木板放置成相同的倾斜程度，并分别将这三个不同物重的物体沿斜面匀速拉动相同的长度，测出弹簧测力计的示数，就能比较它们的机械效率。【分析】（1）实验中，需补充弹簧测力计测量拉力大小；（2）斜面的机械效率与物重无关；（3）根据 W有=Gh、W总=Fs、W额=W总-W有及 W额=fs，可求出摩擦力；根据=有总，可求出机械效率；速度不变，动能不变，高度增加，重力势能变大，所以物体的机械能变大；（4）探究斜面的机械效率与斜面的粗糙程度的关系时，采用的是控制变

32、量法，需要控制斜面的倾斜程度、物体的重力不变。32【答案】（1）解：根据杠杆平衡的条件可知，杆在水平位置平衡时拉力 F 的大小为 =+=23=23=23 90=60 答：若不考虑杆重和摩擦，杆在水平位置平衡时拉力 F 的大小为 60N；（2）解：拉力所做的有用功为 有=90 0.2=18 拉力所做的总功为 总=有+额=18+6=24 该装置的机械效率为 =有总 100%=1824 100%=75%提升时实际所需的拉力为 =总=240.3=80 答：拉力所做的有用功为 18J；该装置的机械效率为 75%，提升时实际所需的拉力 的大小为 80N。【解析】【分析】（1）根据杠杆平衡的条件可知，杆在水

33、平位置平衡时拉力 F；（2）根据公式 W=Gh，可求出有用功；根据 W总=W有W额、=有总及=，可求出拉力。33【答案】（1）解：由 =可得，物体被提升的高度为 物0.1/101 29/30 拉力 F 做的有用功为 有900 1900 答：拉力 F 做的有用功为 900J；（2）解：由图知，承担重物绳子的段数 n2，由 和 总 可得，拉力做总功为 总500 2 11000 滑轮组的机械效率为 有总=9001000=90%答：滑轮组的机械效率为 90%；（3）解：拉力的功率为 =总=100010=100 答：拉力的功率为 100W。【解析】【分析】（1）根据速度和时间的乘积计算路程，利用重力和高

34、度的乘积计算做功多少；（2）根据力和距离的乘积计算做功多少，有用功和总功的比值，计算机械效率；（3）功和时间的比值，计算功率。34【答案】（1）解：拉力做功为 总=1.6 1=1.6 拉力做功的功率为 =1.610=0.16 答：拉力 F 做功的功率是 0.16W；（2）解：所做有用功为 有用=4 0.3=1.2 机械效率为 =有总 100%=1.21.6 100%=75%答：该斜面的机械效率是 75%。【解析】【分析】（1）根据公式=，可求出功率；（2）根据公式 W=Gh、=有总，可求出机械效率。35【答案】（1）滚动代替滑动，减小摩擦力；（2）目的：省力；原因：以轮为支点的省力杠杆，拉出的

35、杆越长，动力臂越长，越省力 【解析】【解答】（1）行李箱的下部装有滚轮的目的是用滚动代替滑动，减小摩擦力，从而省力；（2）拉行李箱的时候要拉出拉杆，目的是为了省力，此时相当于一个杠杆，支点为轮子，拉出的杆 30/30 越长，动力臂越长，而阻力与阻力臂不变，故由杠杆原理可知，动力越小，即越省力。【分析】（1）减小摩擦力可以通过减小接触面粗糙程度、减小压力和变滑动摩擦为滚动摩擦的方式来减小；（2）动力臂大于阻力臂的杠杆为省力杠杆，省力杠杆可以省力，但是费距离，动力臂等于阻力臂的杠杆为等臂杠杆，动力臂小于阻力臂的杠杆为费力杠杆，费力杠杆可以省距离，但是费力。36【答案】（1）30；不变（2）200；300【解析】【解答】（1）根据杠杆的平衡条件可得=12 60=30 F 的方向不变，在将杠杆从 A 位置匀速提到 B 位置的过程中，动力臂、阻力臂之比不变，又重力不变，故力 F 将大小不变。（2）根据杠杆的平衡条件可得 (2+4)=4 所以 =3=6003=200 若 F 的方向不变，微微抬起这根铁棒的 B 端 =2 所以 =2=6002=300【分析】（1）根据杠杆上的阻力和动力臂、阻力臂，结合杠杆平衡条件，可以计算拉力的大小；当杠杆上的拉力和阻力方向相反时，改变杠杆的位置，拉力大小不变；（2）根据杠杆的平衡条件，计算杠杆上拉力的大小。