黑龙江省鸡西市东方红林业局中学2023学年物理高二第二学期期末学业水平测试模拟试题(含解析).pdf

《黑龙江省鸡西市东方红林业局中学2023学年物理高二第二学期期末学业水平测试模拟试题(含解析).pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《黑龙江省鸡西市东方红林业局中学2023学年物理高二第二学期期末学业水平测试模拟试题(含解析).pdf（11页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、2023 学年高二下学期物理期末模拟测试卷 请考生注意：1请用 2B 铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用 05 毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A、B 两个物体在同一直线上做匀变速直线运动，它们的 vt 图象如图所示，则（）AA、B 两物体运动方向一定相反 B前 4 s 内 A、B 两物体的位移相同 Ct4 s 时，A、B 两物体的速度相同 DA 物

2、体的加速度比 B物体的加速度小 2、快递公司用密封性好、充满气体的塑料袋包裹易碎品，如图所示。假设袋内气体与外界没有热交换，当充气袋四周被挤压时，袋内气体 A对外界做负功，内能增大 B对外界做负功，内能减小 C对外界做正功，内能增大 D对外界做正功，内能减小 3、关于动量定理，下列说法正确的是（）A动量越大，合外力的冲量越大 B动量变化越大，合外力的冲量越大 C动量变化越快，合外力的冲量越大 D冲量方向与动量方向相同 4、如图所示的各图象中表示交变电流的是（）A B C D 5、一个电炉上标有“220V l.0kW”，那么为了使它正常工作，所使用的正弦交流电应是()A电压最大值为 220V，电

3、流最大值约为 6.4A B电压最大值为 311V，电流最大值约为 4.5A C电压有效值为 220V，电流有效值约为 4.5A D电压有效值为 311V，电流有效值约为 6.4A 6、如图所示，根据粒子散射实验，卢瑟福提出了原子的核式结构模型，图中虚线表示原子核所形成的电场的等势线，实线表示一个粒子的运动轨迹.在粒子从 a运动到 b再运动到 c的过程中，下列说法正确的是 A动能先增大后减小 B电势能先减小后增大 C电场力先做负功后做正功，总功等于零 D加速度先减小后增大 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选

4、对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、如图所示，为氢原子能级图，现有大量氢原子从 n=4 的能级发生跃迁，并发射光子照射一个钠光管，其逸出功为2.29ev，以下说法正确的是（）A氢原子可能发出 6 种不同频率的光 B能够让钠光电管发生光电效应现象的有 4 种光子 C光电管发出的光电子与原子核发生 衰变时飞出的电子都是来源于原子核内部 D钠光电管发出的光电子轰击处于基态的氢原子只能使氢原子跃迁到 n=2 的能级 8、如图所示，一矩形金属线圈面积为 S、匝数为 N，在磁感应强度为 B的匀强磁场中，以角速度 绕垂直磁场的固定轴匀速转动则 A电动势的峰值是NBS B电动势的有

5、效值是12NBS C从中性面开始转过 30时，电动势的瞬时值是12NBS D从中性面开始转过 90的过程中，电动势的平均值是NBS 9、如图所示，在点电荷 Q产生的电场中，将两个带正电的检验电荷12qq、分别置于 A、B两点，虚线为等势线，取无穷远处为零电势点，若将12qq、移动到无穷远的过程中外力克服电场力做的功相等，则下列说法正确的是（）AA点电势大于 B点电势 BA、B两点的电场强度相等 C1q的电荷量小于2q的电荷量 D1q在 A点的电势能等于2q在 B点的电势能 10、在平直公路上有甲、乙两辆汽车同时从同一位置沿着同一方向做匀加速直线运动，它们速度的二次方随位移变化的图像如图所示，则

6、 A甲车的加速度 a甲=4m/s2,乙车的加速度 a乙=2m/s2 B在 x0.5m 处甲乙两车的速度相等 C在 t=2s 时甲乙两车相遇 D整个运动过程中甲乙两车不可能相遇 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）用半径均为 r的小球 1 和小球 2 做碰撞验证动量守恒定律，实验装置如图所示，斜槽与水平槽圆滑连接。安装固定好实验装置，竖直挡板上铺一张白纸，白纸上铺放复写纸，用夹子固定住，小球圆心与 O点位置等高。接下来的实验步骤如下：步骤 1：不放小球 2，让小球 1 从斜槽上 A点由_（“静止”或“一定初速度”）滚下，并

7、落在竖直挡板上。重复多次，用尽可能小的圆，把小球的所有落点圈在里面，其圆心就是小球落点的平均位置 P；步骤 2：把小球 2 放在斜槽前端边缘位置 B，让小球 1 从 A点由静止滚下，使它们碰撞。重复多次，并使用与步骤 1同样的方法分别标出碰撞后两小球落点的平均位置 N、M；步骤 3：用毫米刻度尺测得 O点与 M、P、N三点的竖直方向的距离分别为 h1、h2、h3。（1）设球 1 和球 2 的质量 m1、m2，则关于步骤 2 中的说法，正确的是_ A球 1、球 2 的落点分别是 N、M B球 1、球 2 的落点分别是 M、N C如果两球质量相等，则球 2 的落点介于 ON之间 D球 1 的质量应

8、该大于球 2 的质量（2）当所测物理量满足表达式_（可以用（2）问中物理量的字母表示）时，即说明两球碰撞遵守动量守恒定律。12（12 分）某同学利用如图所示的装置验证碰撞中的动量守恒。竖直平面内固定一段弧型轨道，其下端与水平桌面相切。先将质量为 m1小滑块 A 从弧型轨道上某一点无初速度释放，测出小滑块 A在水平桌面上滑行的距离 x1（如图甲）；然后将另一质量为 m2小滑块 B放在弧型轨道的最低点，再将小滑块 A从弧型轨道上某一点无初速度释放，A与B碰撞后，测出 A沿桌面滑动的距离 x2和 B沿桌面滑动的距离 x3（如图乙）。已知滑块 A和 B的材料相同，回答下列问题：(1)下列选项中，属于本

9、实验要求的是_.A所用弧型轨道必须是光滑的 BA的质量小于 B的质量 CA的质量大于 B的质量 D两次实验必须从弧型轨道上同一点无初速度释放滑块 A(2)若下列关系式_成立，则可验证 A、B组成的系统在碰撞过程中动量守恒.A.m1x1m1x2+m2x3 B.m2x3m1x1+m1x2 C.D 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图所示为某高楼电梯上升的速度时间图象，试求：（1）在 t1=5s、t2=8s 时刻的速度；（2）求出各段的加速度；（3）画出电梯上升的加速度时间图象 14（16 分）起跳

10、摸高是学生常进行的一项活动。某中学生身高 1.80m，质量 70kg。他站立举臂，手指摸到的高度为2.10m.在一次摸高测试中，如果他下蹲，再用力瞪地向上跳起，同时举臂，离地后手指摸到高度为 2.55m。设他从蹬地到离开地面所用的时间为 0.7s。不计空气阻力，（g=10m/s2）.求：(1)他跳起刚离地时的速度大小；(2)从蹬地到离开地面过程中重力的冲量的大小；(3)上跳过程中他对地面平均压力的大小。15（12 分）甲车以加速度 3m/s2由静止开始作匀加速直线运动，乙车落后 2s 钟在同一地点由静止开始，以加速度 4m/s2作匀加速直线运动，两车的运动方向相同，求：（1）在乙车追上甲车之前

11、，两车距离的最大值是多少？（2）乙车出发后经多长时间可追上甲车？此时它们离开出发点多远？2023 学年模拟测试卷参考答案（含详细解析）一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【答案解析】A.由图可知，两物体的速度均沿正方向，故运动方向相同，A 错误；B.根据图象与时间轴围成的面积表示两物体通过的位移，则知前 4s 内 B 物体的位移比 A 的位移大，故 B 错误。C.在 t4s 时，两图象相交，表示两物体的速度相同，故 C 正确；D.由速度图象的斜率大小等于加速度大小，前 4s 内二者速度的变化量大小相等，则知

12、A 物体的加速度与 B 物体的加速度大小相等，故 D错误。2、A【答案解析】充气袋四周被挤压时，外界对气体做功，无热交换，根据热力学第一定律分析内能的变化充气袋四周被挤压时，体积减小，外界对气体做正功，即气体对外界做负功，根据热力学第一定律得知气体的内能增大，A正确。3、B【答案解析】合外力的冲量等于物体动量变化量，动量越大，动量变化量不一定越大，A 错误 B 正确；，而动量变化越快，即越大，不一定大，即合力的冲量不一定大，C 错误；冲量的方向和动量变化量的方向相同，即和外力的方向相同，D错误 4、D【答案解析】ABC：图中电流的方向没有发生变化，不是交变电流。故 ABC 三项错误。D：图中电

13、流大小和方向都随时间做周期性变化，是交变电流。故 D 项正确。5、C【答案解析】电动机上标“220V l.0kW”，说明电压有效值为 220V，正常工作时通过它的电流：10004.5A220PIU 根据正弦交流电有效值跟最大值的关系得电压最大值为 311V，电流最大值约为 6.4A A描述与分析不符，故 A 错误.B描述与分析不符，故 B 错误.C描述与分析相符，故 C 正确.D描述与分析不符，故 D 错误.6、C【答案解析】A.粒子及原子核均带正电，故粒子受到原子核的库仑斥力，粒子从 a运动到 b，电场力做负功，动能减小，电势能增大，从 b运动到 c，电场力做正功，动能增大，电势能减小。故

14、A错误，B 错误；C.a、c在同一条等势线上，a、c两点间的电势差为零，则粒子从 a到 c的过程中电场力做的总功等于零，故 C 正确；D.粒子所受的库仑力122kq qFr，b点离原子核最近，所以粒子在 b点时所受的库仑力最大，加速度最大，故加速度先增大后减小，故 D错误。二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、ABD【答案解析】根据数学组合公式求出氢原子可能辐射光子频率的种数，能级间跃迁时，辐射的光子能量等于两能级间的能级差，能级差越大，辐射的光

15、子频率越高；【题目详解】A、根据知，这些氢原子可能辐射出 6 种不同频率的光子，故 A 正确；B、氢原子由跃迁到能级，辐射的光子能量为，大于逸出功，能发生光电效应；而由跃迁到能级，辐射的光子能量为，及跃迁到能级，辐射的光子能量为，都小于逸出功，不能发生光电效应，因此让钠光电管发生光电效应现象的有跃迁到、跃迁到、跃迁到、跃迁到，共 4 种光子，故 B 正确；C、光电管发出的光电子是来自核外，而原子核发生 衰变时飞出的电子是来源于原子核内部的中子衰变成质子而放出的，故 C 错误；E、氢原子从的能级向发生跃迁，发射光子能量最大，当照射钠光管放出能量为，而氢原子从的能级跃的能级，需要吸收能量为，因；氢

16、原子从的能级跃的能级，需要吸收能量为，而，所以钠光电管发出的光电子最多能够让氢原子从的能级跃的能级，故 D 正确。【答案点睛】解决本题的关键知道光电效应的条件，以及知道能级间跃迁时辐射或吸收的光子能量等于两能级间的能级差，并掌握光电效应方程的内容，注意光的强度影响光电流，而光的频率影响光电子的最大初动能。8、AC【答案解析】A当线圈转到垂直中性面位置时，与转轴平行的两边在磁场中垂直切割磁感线，每边产生最大的感应电动势：sin902dENBLvNBL，又因为两边的感应电动势方向相同，所以线圈中总感应电动势：Em=2E=NBLd=NBS，故 A 正确；B根据正弦交流电的有效值为m222EENBS，

17、故 B 错误；C当线圈转到中性面开始计时，线圈中感应电动势随时间变化的表达式：e=Emsint=NBSsint，故当6t时，2NBSe，故 C 正确；D 根据法拉第电磁感应定律，在线圈转过 90的过程中，线圈中感应电动势的平均值：22NNBSNBSEt，故 D 错误。故选 AC。【答案点睛】本题考查交变电流中的最大值及平均值等的应用，掌握法拉第电磁感应定律的应用，要注意求电量时用平均值。9、CD【答案解析】A由题，将两个带正电的试探电荷12qq、移动到无穷远的过程中外力克服电场力做功，则知 Q与两个试探电荷之间存在引力，说明 Q带负电，电场线方向从无穷远处指向 Q，则 A点电势小于 B点电势故

18、 A 错误 B由点电荷场强公式2QEkr分析可知，A点的场强大于 B点的场强故 B 错误 C由图分析可知：A与无穷远间的电势差大于 B与无穷远间的电势差，将12qq、移动到无穷远的过程中外力克服电场力做的功相等，根据电场力做功公式 W=qU，得知，q1的电荷量小于 q2的电荷量故 C 正确 D将12qq、移动到无穷远的过程中外力克服电场力做的功相等，两个试探电荷电势能的变化量相等，无穷远处电势能为零，则 q1在 A点的电势能等于 q2在 B点的电势能故 D 错误 10、BC【答案解析】根据匀变速直线运动速度位移关系 v2-v02=2ax 可知图象的斜率与物体运动的加速度成正比，由图知甲的初速度

19、为 0，由v2-v02=2ax，将 v2=2，x=0.5 代入可得加速度为 a1=2m/s2；对乙：将 v02=1，v2=2，x=0.5 代入可得加速度为 a1=1m/s2，故 A 错误；由图象可知两图象对应位移 0.5m 时，速度的平方向相等，又两车沿同一方向运动，故二者速度相同；故 B正确；当位移相等时两车相遇：a1t2=v0t+a2t2，解得：t=2s，故 C 正确，D错误；故选 BC。【答案点睛】本题考查图象的应用能力；要求能读懂图象的坐标，并能根据匀变速直线运动的位移速度关系求出描述匀变速直线运动的相关物理量，并再由匀变速直线运动的规律求出未知量 三、实验题：本题共 2 小题，共 1

20、8 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、静止 BD =+【答案解析】第一空、静止。为控制小球到达轨道末端时的速度相等，不放小球 2 时，让小球 1 从斜槽上 A点由静止滚下。第二空、BD。AB、小球离开轨道后做平抛运动，小球在水平方向的位移 d相等，小球做平抛运动的时间 t=，小球在竖直方向的位移为：h=gt2=，由于 g、d都相等，小球的初速度 v0越大，小球下落的高度 h越小，两球碰撞后入射球 1 的速度小于被碰球 2 的速度，因此球 1 的竖直分位移大于球 2 的竖直分位移，由图示可知，球 1、球 2 的落点分别是 M、N，故A 错误，B 正确。C、如果两球质量

21、相等，两球发生弹性碰撞后两球交换速度，碰撞后球 1 静止、球 2 做平抛运动，球 2 的落点为 P，故C 错误。D、为防止入射球反弹，球 1 的质量应大于球 2 的质量，故 D 正确。第三空、=+。小球离开轨道后做平抛运动，水平方向：d=v0t，竖直方向：h=gt2，解得：v0=d。由题意可知，碰撞前球 1 的速度为：v0=d 碰撞后球 1 的速度为：v1=d 碰撞后球 2 的速度为：v2=d 碰撞过程系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：m1v0m1v1+m2v2，整理得：=+。12、CD C 【答案解析】第一空.A.只要使 A从同一位置由静止释放，不论圆弧轨道是否光滑，A到达水平

22、面时的速度都相等，实验中所用圆弧轨道不必是光滑的，故 A错误；BC.若 A的质量小于 B的质量则有可能 A、B碰撞后粘在一起，A、B发生完全非弹性碰撞，所以 A的质量大于 B的质量才不致于反弹，故选项 B 错误，选项 C 正确；D.为保证 A到达水平面时的速度相等，两次必须从圆弧轨道上同一点无初速度释放滑块 A，故 D 正确.故填 CD.第二空.A滑下在水平面运动过程，由动能定理得：，解得：同理，碰撞后，A在水平面运动过程中，由动能定理得：，解得:，B碰撞后的速度，代入动量守恒的式子可得:.故填 C.四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字

23、说明、方程式和演算步骤。13、（1）10m/s，5m/s；（2）0s2s：5m/s2；2s5s：0；5s8s：-1.7m/s2；（3）【答案解析】试题分析：（1）由图线可知在 t1=5s 时的速度是 10m/s；在 t2=8s 时刻的速度是 5m/s；（2）0s2s：22110/5/2am sm s5m/s2；2s5s：a2=0m/s2；5s8s：2235 10/1.7/3am sm s；（3）电梯上升的加速度-时间图像：14、（1）3m/s （2）（2）1000N【答案解析】人跳起后在空中运动时机械能守恒，由人的重心升高的高度利用机械能守恒可求得人刚离地时的速度；人在与地接触时，地对人的作用

24、力与重力的合力使人获得上升的速度，由动量定理可求得地面对他的支持力，再由牛顿第三定律可求得他对地面的平均压力；【题目详解】（1）跳起后重心升高 根据机械能守恒定律：，解得：；（2）根据冲量公式可以得到从蹬地到离开地面过程中重力的冲量的大小为：，方向竖直向下；（3）上跳过程过程中，取向上为正方向，由动量定理 即：，将数据代入上式可得 根据牛顿第三定律可知：对地面的平均压力。【答案点睛】本题中要明确人运动的过程，找出人起跳的高度及人在空中运动的高度，从而正确选择物理规律求解。15、（1）12m（2）；334m【答案解析】(1)两车速度相等时距离最大 2 分 即 a1t=a2(t-2)t=8s 2 分 s=a1t2 a（t-2）2=24m 2 分(2)追上甲车时两车位移相等，2 分 S=a1（t2+2）2=at22 2 分 解得：t2=13.3s,s=353m 2 分