2022-2023年高二上册期中物理试卷带参考答案和解析(山东省济宁市).pdf

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1、 选择题 以下说法正确的是()A.由可知电场中某点的电场强度 E 与 F 成正比 B.由公式可知电场中某点的电势 与 q 成反比 C.由可知，匀强电场中任意两点 a、b 间距离越大，两点间的电势差也越大 D.公式，电容器的电容大小 C 与电容器两极板间电势差 U 无关【答案】D【解析】A.是采用比值定义的，E 和 F 以及检验电荷 q 无关，E 是由电场本身决定的，故 A 错误。B.电场中某点的电势 与检验电荷 q 无关，是由电场本身和零电势点决定的。故 B 错误。C.Uab=Ed 中的 d 是匀强电场中的任意两点 a、b 沿着电场线方向的距离，故 C 错误。D.电容器的电容大小 C 与电容器

2、两极板间电势差 U 无关，与两极板间距离 d，极板面积 S 等有关，故 D 正确。选择题 有 A、B、C 三个点电荷，若将 A、B 放在距离为 12 cm 的位置上，B受到 A 的库仑力大小为 F若将 B、C 放在距离为 12 cm 的位置上，B受到 C 的库仑力大小为 2F那么 C 与 A 所带电荷量之比是（）A.1：2 B.1：4 C.2：1 D.4：1 【答案】C【解析】试题分析：库仑定律：真空中两个静止点电荷之间的作用力与它们电量的乘积成正比，与它们距离的二次方成反比，作用力的方向在它们的连线上 解：将 A、B 放在距离为 12cm 的位置上，B 受到 A 的库仑力大小为 F；将 B、

3、C 放在距离为 12cm 的位置上，B 受到 C 的库仑力大小为 2F；根据库仑定律公式 F=k，当距离一定时，库仑力与电荷量的乘积成正比；现在库仑力变为 2 倍，说明电荷量乘积变为 2 倍，即：qBqC=2qAqB，故 qC：qA=2：1；故选 C 选择题 如图所示的四种电场中，分别标记有 a、b 两点。其中 a、b 两点的电势相等，电场强度大小相等、方向也相同的是()A.甲图：点电荷的电场中，与点电荷等距的 a、b 两点 B.乙图：等量异种电荷电场中，两电荷连线的中垂线上与连线等距的 a、b 两点 C.丙图：点电荷的电场中，与点电荷成一直线的 a、b 两点 D.丁图：匀强电场中的 a、b

4、两点【答案】B【解析】A、甲图中两点电场线方向不同，故电场强度的方向不同；故 A 错误.B、ab 两点方向均向水平向左，且两电荷中垂线为等势面，故电势相等，因两点关于连线对称，故电场强度相等；故 B 正确.C、a、b 两点电场方向相同，a 点电势大于 b 点电势，两点的场强大小不等；故 C 错误.D、a、b 两点不在同一等势面上，故电势不相等；故 D 错误.故选 B.选择题 A、B 是一条电场线上的两个点，一带负电的微粒仅在静电力作用下以一定的初速度从 A 点沿电场线运动到 B 点，其速度 v 与时间 t 的关系图象如图所示。则此电场的电场线分布可能是选项图中的 A.B.C.D.【答案】A【解

5、析】由 v-t 图象可知，微粒的速度在逐渐减小，图象的斜率在逐渐增大，故此带负电的微粒做加速度越来越大的减速直线运动，所受电场力越来越大，由 F=qE 知，场强增大，电场线越来越密。电场力方向与其运动方向相反，电场力向左，所以电场线方向向右。A该图与结论相符，选项 A 正确；B该图与结论不相符，选项 B 错误；C该图与结论不相符，选项 C 错误；D该图与结论不相符，选项 D 错误；选择题 在磁场中某一点，已经测出一段 0.5 cm 长的导线中通入 0.01 A 电流时，受到的安培力为 5.0106N，则下列说法正确的是()A.该点磁感应强度大小一定是 0.1 T B.该点磁感应强度大小一定不小

6、于 0.1 T C.该点磁感应强度大小一定不大于 0.1 T D.该点磁感应强度的方向即为导线所受磁场力的方向【答案】B【解析】试题当电流和磁场的方向垂直的时候，安培力最大，最大值为 F=BIL，根据安培力的公式来计算磁感应强度的大小 解：因为导线受到的安培力 F=BILsin=5.0106N，计算得：Bsin=0.1T即 B=，所以 B0.1T，故 AC 错误，B 正确；D、该点的磁感应强度的方向与导线所受的磁场力方向垂直，所以磁感应强度的方向一定不是导线所受的磁场力方向，故 D 错误；故选：B 选择题 如图所示的电路，电表均为理想电表，闭合开关 S，当滑动变阻器滑片 P 向右移动时，下列说

7、法正确的是（）A.电流表读数变小，电压表读数变大 B.小灯泡 L 变暗 C.电源的总功率变小 D.电容器 C 上电荷量减小【答案】D【解析】AB由图可知，电路采用串联结构，电容器并联在滑动变阻器两端；当滑片 P 右移时，滑动变阻器接入电阻减小，则总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知，总电流增大，故电流表示数增大，灯泡亮度变亮，因内压增大，故电压表示数减小，故 AB 错误；C 由 P=EI 可知，I 变大，则电源的总功率变大，故 C 错误；D因电容器并联在滑动变阻器两端总电流变大，灯泡及内阻分压增大，则滑动变阻器分压减小，故电容器 C 两端的电压减小，故 C上的电量减小，故 D 正确 选择题 如图

8、所示为一个多量程多用电表的简化电路图.单刀多掷开关 S 可以与不同接点连接.下列说法正确的是（）A.当 S 接 1 或 2 时为直流电流档，接 1 时量程较小 B.当 S 接 1 或 2 时为直流电压档，接 1 时量程较大 C.当 S 接 3 或 4 时为直流电流档，接 3 时量程较大 D.当 S 接 5 或 6 时为直流电压档，接 5 时量程较小【答案】D【解析】AB、当开关 S 旋到位置 1、2 位置，电阻与表头并联，则多用电表就成了电流表，接 1 时分流电阻小，其分流大，则量程大，故 A、B 错误；C、当开关 S 旋到位置 3 或 4，电路中有电源，则多用电表就成了欧姆表，故 C 错误；

9、D、当开关 S 旋转到 5、6 位置，表头与电阻串联，则多用电表就成了电压表，串联电阻越大，则量程越大，所以接 5 时量程较小，接 6时量程较大，故 D 正确。故选 D。选择题 有 A、B 两个电阻，它们的伏安特性曲线如图所示，从图线可以判断()A.电阻 A 的阻值大于电阻 B B.电阻 A 的阻值小于电阻 B C.两电阻串联时，电阻 A 消耗的功率较小 D.两电阻并联时，流过电阻 B 的电流强度较大【答案】BC【解析】伏安特性曲线中直线的斜率表示的是电阻的倒数，根据斜率的大小可以判断 AB 电阻的大小；根据电阻的大小，再由欧姆定律可以判断流过电阻的电流的大小；A、I-U 图线的斜率表示电阻的

10、倒数，A 图线的斜率大，则 A 的电阻小，故 A 错误，B 正确；C、当两电阻串联时，电阻的电流相同，由可得，电阻小的电阻的功率小，所以电阻 A 消耗的功率较小，所以 C 正确；D、两电阻并联时，即电压相同的时，由于 A 的电阻小，流过电阻 A的电流强度较大，则流过电阻 B 的电流强度较小，所以 D 错误。选择题 如图所示，在某一真空中，只有水平向右的匀强电场和竖直向下的重力场，在竖直平面内有初速度为 v0 的带电微粒，恰能沿图示虚线由A 向 B 做直线运动。那么()A.微粒带负电 B.微粒做匀减速直线运动 C.微粒做匀速直线运动 D.微粒做匀加速直线运动【答案】AB【解析】微粒做直线运动的条

11、件是速度方向和合外力的方向在同一条直线上，只有微粒受到水平向左的电场力才能使得合力方向与速度方向相反且在同一条直线上，由此可知微粒所受的电场力的方向与场强方向相反，则微粒必带负电，且运动过程中微粒做匀减速直线运动；故 A，B 正确，C，D 错误.故选 AB.选择题 如图所示平行板电容器两个极板为 A、B，B 板接地，A 板带有电荷量+Q板间电场有一固定点 P若将 B 板固定，A 板下移一些，或者将 A 板固定，B 板上移一些在这两种情况下，以下说法正确的是 A.A 板下移时，P 点的电场强度不变，P 点电势不变 B.A 板下移时，P 点的电场强度不变，P 点电势升高 C.B 板上移时，P 点的

12、电场强度不变，P 点电势降低 D.B 板上移时，P 点的电场强度减小，P 点电势降低【答案】AC【解析】AB由题，电容器两板所带电量不变，正对面积不变，A 板下移时，根据、和可推出：可知，P点的电场强度E不变。P点与下板的距离不变，根据公式 U=Ed，P 点与下板的电势差不变，则 P 点的电势不变。故 A 正确，B 错误。CDB 板上移时，同理得知，P 点的电场强度不变，根据公式 U=Ed，P 点与下板的电势差减小，而 P 点的电势高于下板的电势，下板的电势为零，所以 P 点电势降低。故 C 正确，D 错误。选择题 两个等量同种电荷固定于光滑水平面上，其连线中垂线上有 A、B、C三点，如图甲所

13、示，一个电荷量为 2 C，质量为 1 kg 的小物块从 C 点静止释放，其运动的 v-t 图像如图乙所示，其中 B 点处为整条图线切线斜率最大的位置(图中标出了该切线)则下列说法正确的是()A.B 点为中垂线上电场强度最大的点，电场强度 E1V/m B.由 C 点到 A 点的过程中物块的电势能先减小后变大 C.由 C 点到 A 点的过程中，电势逐渐升高 D.AB 两点电势差 UAB5 V【答案】AD【解析】A带电粒子在 B 点的加速度最大，为 所受的电场力最大为 Fm=mam=12N=2N 则场强最大值为 故 A 正确；B 从速度时间图象可知，由 C 到 A 的过程中，物块的速度一直增大，电场

14、力对物块做正功，电势能一直减小，故 B 错误；C据两个等量同种正电荷其连线中垂线上电场强度方向由 O 点沿中垂线指向外侧，故由 C 点到 A 点的过程中电势逐渐减小，故 C 错误；D 从速度时间图象可知，A、B 两点的速度分别为 vA=6m/s，vB=4m/s，再根据动能定理得 解得：UAB=-5V 故 D 正确 实验题(1)在测定一根粗细均匀合金丝电阻率的实验中，利用螺旋测微器测定合金丝的直径_mm.(2)某同学为了测定一只电阻的阻值，采用了如下方法：用多用电表粗测：多用电表电阻挡有 4 个倍率，分别为“1 k”、“100”、“10”、“1”该同学选择“100”倍率，用正确的操作步骤测量时，

15、发现指针偏转角度太大(指针位置如图虚线所示)为了较准确地进行测量，请你补充完整下列依次应该进行的主要操作步骤：a _.b两表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使指针指在“0”处 c重新测量并读数，若这时刻度盘上的指针位置如图中实线所示，测量结果是_(3)为了描绘标有“3 V，0.4 W”的小灯泡的伏安特性曲线，要求灯泡电压能从零开始变化所给器材如下：A电流表(0200 mA，内阻 0.5);B电流表(00.6 A，内阻 0.01);C电压表(03 V，内阻 5 k)；D电压表(015 V，内阻 50 k);E滑动变阻器(010，0.5 A)；F滑动变阻器(01 k，0.1 A)；G电源(3 V);H电

16、键一个，导线若干 为了完成上述实验，实验中应选择的仪器是_ 在虚线框中画出完成此实验的电路原理图，并将实物按电路图用导线连好_ 此实验描绘出的 IU 图线是_(填“曲线”或“直线”)，其原因是_.【答 案】0.6440.646 mm 换 用 倍 率“10”的 挡 120 ACEGH 曲线 温度变化，灯丝电阻也会变化 【解析】（1）1合金丝的直径：0.5mm+0.01mm14.5=0.645mm；（2）a.2该同学选择“100”倍率，用正确的操作步骤测量时，发现指针偏转角度太大，说明倍率档选择过高，应该换用倍率“10”的挡；c3测量结果是 120.（3）4小灯泡的额定电流为，则电流表可选A；电压

17、表选 C；滑动变阻器要接成分压电路，故选阻值较小的 E；则为了完成上述实验，实验中应选择的仪器是 ACEGH；56电压表内阻远大于灯泡的内阻，可知要采用安培表外接；滑动变阻器用分压电路，则电路图以及实物连线如图；7此实验描绘出的 IU 图线是曲线，其原因是灯丝温度变化，电阻也会变化.解答题 如图所示的电路中，电源电动势为 E6V，内电阻为 r2，外电路电阻为 R10，闭合电键 S 后，求：（1）通过电阻 R 的电流强度 I；（2）电阻 R 两端的电压 U；（3）电阻 R 上所消耗的电功率 P。【答案】（1）0.5A（2）5V（3）2.5W【解析】（1）根据闭合电路欧姆定律得通过电阻 R 的电流

18、强度为：（2）电阻 R 两端的电压为：U=IR=0.510V=5V（3）电阻 R 上所消耗的电功率为：P=I2R=0.5210W=2.5W 解答题 如图所示，电源电动势 E14 V，内电阻 r1，小灯泡标有“2 V，4 W”，电动机 D 的内阻 r0.5，当变阻器的阻值 R 调到 1 时，电灯和电动机均能正常工作，求：(1)电动机两端的电压；(2)电动机输出的机械功率；(3)电路消耗的总功率 【答案】（1）8V（2）14 W（3）28 W【解析】试题分析：由电功率变形公式可以求出灯泡额定电流，由串联电路特点及欧姆定律可以求出电动机两端电压；由功率公式求出电动机输入功率与热功率，然后求出电动机的

19、机械功率；根据 P 总=EI求解电源的总功率。(1)电灯和电动机正常工作，通过灯泡的电流为：设电动机两端电压为 U，由闭合电路欧姆定律：代入数据解得：U8 V(2)电动机输出功率：(3)电路消耗的总功率为：解答题 如图所示，为表示竖立放在场强为的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道，其中轨道的部分是半径为 的半圆环，轨道的 水 平 部 分 与 半 圆 环 相 切，为 水 平 轨 道 上 的 一 点，而 且把一质量、带电量的小球，放在水 平 轨 道 的点 由 静 止 开 始 被 释 放 后，在 轨 道 的 内 侧 运动（）求：(1)它达到 点时的速度是多大(2)它达到 点时对轨道压力是多大(3)小球所能

20、获得的最大动能是多少【答案】(1)2m/s(2)3N(3)【解析】本题(1)的关键是可以应用动能定理直接求出速度；(2)题关键是应用牛顿第二定律可求压力；(3)题的关键是首先找到动能最大的位置即所谓“等效最低点”的方法，即小球能够平衡的位置，然后结合动能定理即可求解(1)设小球在 C 点的速度大小是 vC，则对于小球由 AC 的过程中，应用动能定理：解得:故小球到达 C 点时的速度为 2m/s(2)小球在 C 点时受力分析如图，应满足 解得 由牛顿第三定律可知小球对轨道的压力为 3N(3)由 mg=qE=1N，可知小球受到合力的方向垂直于 B、C 点的连线 BC指向圆心 O，所以“等效最低点”

21、在 BC 的中点 E，设小球的最大动能为，由动能定理可得：解得：故小球所能获得的最大动能为.解答题 如图（a）所示，平行板电容器的两个极板 A、B 分别接在电压为 U的恒压电源的两极，电容器所带电荷量为 Q，两极板间距为 d，板长为 L，粒子从非常靠近上极板的 C 点以 v0 的速度沿垂直电场线方向的直线 CO 方向射入电场，经电场偏转后由 D 点飞出匀强电场，已知 粒子质量为 m，电荷量为 2e，不计 粒子重力求：(1)平行板电容器的电容；(2)CD 两点间电势差；(3)若 A、B 板上加上如图（b）所示的周期性的方波形电压，t=0 时 A板比 B 板的电势高，为使 时刻射入两板间的 粒子刚好能由 O 点水平射出，则电压变化周期 T 和板间距离 d 各应满足什么条件？（用 L、U、m、e、v0 表示）【答案】(1)(2)(3)(n=1,2,3,)【解析】(1)依电容定义有：平行板电容器的电容(2)两板之间为匀强电场 粒子在电场中加速度 粒子的偏移量:运动时间 解得:CD 两点的电势差为：(3)为使 a 粒子刚好由 O 点水平射出，粒子在一个周期内竖直方向的分位移应为零，必须从进入电场，且在电场中运动时间与电压变化周期T的关系为 t=nT，（n=1，2，3，）则 竖直方向向下的最大分位移应满足：即:解得:（n=1,2,3,）