甘肃省白银市靖远第一中学2023学年物理高二第二学期期末综合测试试题(含解析).pdf

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1、2023 学年高二下学期物理期末模拟测试卷 请考生注意：1请用 2B 铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用 05 毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、电路中有一段金属丝长为L，电阻为R，要使电阻变为4R，下列方法可行的是（）A将金属丝拉长至4L B将金属丝拉长至2L C将金属丝对折后拧成一股 D将金属丝两端的电压提高到原来的4倍 2、出国旅游成为新时尚，但

2、是一些国家的电源电压与我国不同，“国内电器去日美使用”这是淘宝上某品牌的一款电源变压器广告语，产品如图（甲）所示设此变压器为理想变压器，如图（乙）所示，根据图中数据有 110V转 220V字样，下列说法正确的是（）A该变压器原、副线圈的匝数比为 21 B该变压器工作时原、副线圈的电流比为 21 Ccd端并联用电器增加，原线圈电压变大 Dcd端并联用电器增加，副线圈电压变小 3、如图所示，在一根张紧的绳子上挂几个摆，其中 A、B的摆长相等先让 A摆振动起来，B、C、D三个摆随后也跟着振动起来，则稳定时 A三个摆振动的振幅大小相等 B三个摆的振幅大小不同，B摆的振幅最大 CB摆的振动周期最大，D摆

3、的振动周期最小 DD摆的振动周期最大，C摆的振动周期最小 4、一小球从水平地面上方无初速释放，与地面发生碰撞后反弹至速度为零，假设小球与地面碰撞没有机械能损失，运动时的空气阻力大小不变，下列说法正确的是 A上升过程中小球动量改变量等于该过程中空气阻力的冲量 B小球与地面碰撞过程中，地面对小球的冲量为零 C下落过程中小球动能的改变量等于该过程中重力做的功 D从释放到反弹至速度为零过程中小球克服空气阻力做的功等于重力做的功 5、在演示光电效应的实验中，原来不带电的一块锌板与灵敏验电器相连，用弧光灯照射锌板时，验电器的指针就张开一个角度，如图所示，这时（）A金属内的每个电子可以吸收一个或一个以上的光

4、子，当它积累的动能足够大时，就能逸出金属 B锌板带正电，指针带正电 C锌板带负电，指针带正电 D若仅减弱照射光的强度，则可能不再有光电子飞出 6、如图所示，质量为05kg的小球在距离小车底部 20m 高处以一定的初速度向左平抛，落在以75/m s的速度沿光滑水平面向右匀速行驶的敞篷小车中，车底涂有一层油泥，车与油泥的总质量为 4kg设小球在落到车底前瞬间速度是25/m s，重力加速度取210/m s则当小球与小车相对静止时，小车的速度是（）A4/m s B5/m s C8.5/m s D9.5/m s 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有

5、多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、下列说法正确的是 A由波尔原子模型可以推知，氢原子处于激发态，量子数越大，核外电子动能越小 B康普顿效应的发现，说明了光子不但具有能量，还具有动量 C德布罗意指出微观粒子的动量越大，其对应的波长就越长 D现已建成的核电站的能量均来自于核聚变 8、图示是氢原子的能级示意图，大量处于基态的氢原子吸收了某种单色光的能量后能发出 6 种不同频率的光子，分别用它们照射某种金属板时，只有频率分别为 v1、v2、v3、v4（v1v2v3v4）的四种光能发生光电效应。则普朗克常量可表示为（）A B C D 9、用图

6、示方法可以测定木块 a 与长木板 b 之间的滑动摩擦力的大小.把一个木块 a 放在长木板 b 上，长木板 b 放在水平地面上，在恒力 F 作用下，长木板 b 以速度 v 匀速运动，水平弹簧测力计的示数为.T下列说法正确的是()A木块 a 受到的滑动摩擦力的大小等于 T B木块 a 受到的滑动摩擦力的大小等于 F C长木板 b 以 2v 的速度匀速运动时，木块 a 受到的摩擦力的大小等于 T D若用 2F 的力作用在长木板上，木块 a 受到的摩擦力的大小等于 2F 10、下列有关核反应的方程中,表述正确的是（）A32411120H+HHe+n是核聚变反应 B32411120H+HHe+n是衰变

7、C422211HeHH是核裂变反应 D235114489192056360U+nBa+Kr+3 n是核裂变反应 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6 分）在测定一组千电池的电动势和内电阻的实验中，备有下列器材：A待测的干电池 B电流传感器 1 C电流传感器 2 D滑动变阻器 R(020，2A)E.定值电阻 R0(2000)F.开关和导线若干 某同学发现上述器材中虽然没有电压传感器，但给出了两个电流传感器，于是他设计了如图甲所示的电路来完成实验 (1)在实验操作过程中，该同学将滑动变阻器的滑片 P 向右滑动，则电流传感器 1 的

8、示数将_(选填“变大”或“变小”)(2)图乙为该同学利用测出的实验数据绘出的 I1-I2图线(I1为电流传感器 1 的示数，I2为电流传感器 2 的示数，且 I2的数值远远大于 I1的数值)，则由图线可得被测电池的电动势 E=_V，内阻 r=_(3)如果考虑到 I2的数值并不是远远大于 I1的数值，(2)间中电动势的测量值与真实值之间的关系是 E测 _ E真(填“大于”、“等于”或“小于”)12（12 分）某实验小组用图甲所示的装置验证动量守恒定律.实验时，先将金属小球 A 从斜槽上某一固定位置由静止释放，A 从斜槽末端飞出后落到水平地面的记录纸上留下落点痕迹，重复 10 次把相同半径的塑料小

9、球 B 放在与斜槽末端等高的支柱上，让 A 仍从斜槽上同-位置由静止释放，与 B 碰撞后，A、B 分别在记录纸上留下落点痕迹，重复 10次.图中 0 点是水平槽末端在记录纸上的垂直投影点，M、P、N 分别为小球落点的痕迹，小立柱与斜槽末端的距离等于小球的直径.(1)下列说法正确的是_.A斜槽的末端必须水平 B需要测量斜槽末端距地面的高度 C图中 M 点是未放小球 B 时小球 A 的落点痕迹 D图中 P 点是未放小球 B 时小球 A 的落点痕迹(2)用螺旋测微器测量小球的直径时示数如图乙所示，则小球的直径 d=_ _mm.(3)实验中测出小球的直径及 M、P、N 与 0 点的距离分别用 d、OM

10、、OP、ON 表示，若碰撞过程中动量守恒，则两小球的质量之比ABmm=_(用所给符号表示).四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图为一升降机向上做直线运动的位移时间图象，根据图象求：（1）升降机在 15s25s 内的平均速度的大小；（2）升降机在 5s 时的速度大小 14（16 分）如图所示，内壁光滑的圆柱形气缸竖直放置，内有一质量为 m的活塞封闭一定质量的理想气体已知活塞截面积为 S，外界大气压强为 p0、缸内气体温度为 T1现对气缸缓慢加热，使体积由 V1增大到 V2的过程中，气体吸收的热量

11、为 Q1，停止加热并保持体积 V2不变，使其降温到 T1，求：(1)停止加热时缸内的气体的温度；(2)降温过程中气体放出的热量 15（12 分）如图所示，矩形线圈 abcd的匝数为 N=50 匝，线圈 ab的边长为 L1=0.2m，bc的边长为 L2=0.25m，在磁感应强度为 B=0.4T 的匀强磁场中，绕垂直于磁感线且通过线圈中线的 OO轴匀速转动，转动的角速度=1002rad/s，若线圈自身电阻为 r=1，负载电阻 R=9试求：（1）穿过线圈平面的最大磁通量 m；（2）线圈在图示位置（线圈平面与磁感线平行）时，感应电动势 e的大小；（3）1min 时间内电阻 R上产生的焦耳热 Q的大小

12、2023 学年模拟测试卷参考答案（含详细解析）一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【答案解析】试题分析：将金属丝拉长至 4L，体积不变，则横截面积变为原来的14，根据lRS知，电阻变为原来的 16 倍故 A 错误将金属丝拉长至 2L，体积不变，则横截面积变为原来12，根据lRS知，电阻变为原来的4 倍故 B 正确将金属丝对折后拧成一股，长度变为原来的一半，横截面积变为原来的 2 倍，根据lRS知，电阻变为原来的14故 C 错误将金属丝两端的电压提高到原来的 4 倍，电阻不变故 D 错误故选 B.2、B【答案解

13、析】110V转 220V，可知该变压器原副线圈的匝数比为 1:2，选项 A 错误；该变压器工作时原、副线圈的电流比等于匝数的倒数比，则为 2:1，选项B正确；原线圈电压由供电系统决定，副线圈电压由原线圈电压决定，与次级所接电器的多少无关，选项 CD 错误；3、B【答案解析】AB、由 A摆摆动从而带动其它 3 个单摆做受迫振动，受迫振动中，当固有频率等于驱动力频率时，出现共振现象，振幅达到最大，由于 B摆的固有频率与 A摆的相同，故 B摆发生共振，振幅最大，故 A 错误，B 正确；CD、受迫振动的频率等于驱动力的频率，故其它各摆振动周期跟 A摆相同，CD 错误 4、D【答案解析】根据动量定理可知

14、，上升过程中小球动量改变量等于该过程中重力和空气阻力的合力的冲量，选项A错误；小球与地面碰撞过程中，由动量定理得：21()Ftmgtmvmv ,可知地面对小球的冲量 Ft不为零，选项B错误；下落过程中小球动能的改变量等于该过程中重力和空气阻力做功代数和，选项C错误；由能量守恒关系可知，从释放到反弹至速度为零过程中小球克服空气阻力做的功等于重力做的功，选项D正确；故选D.5、B【答案解析】（1）每个电子吸收一个光子，只有当入射光的能量大于逸出功，才会有电子飞出，故 A 错误；（2）锌板在弧光灯照射下，发生光电效应，有光电子逸出，锌板失去电子带正电，验电器与锌板相连，导致指针带正电。故 B 正确，

15、C 错误；（3）是否有光电子飞出，与照射光的强度无关，故 D 错误。故本题正确答案选 B。6、B【答案解析】小球做平抛运动，下落时间为22htsg，竖直方向速度大小为10220/yvgtm s，小球在落到车底前瞬时速度是25/m s，根据速度合成原则，2222252015/xyvvvm s，小球与车在水平方向上动量守恒，以向右为正方向，得：-()xMvmvmM v共车 解得：=5/vm s共 故 B 正确；故选 B 点睛：小车和球相互作用的过程中是水平方向上动量守恒，整体看不守恒 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求

16、的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、AB【答案解析】由波尔原子模型可以推知，氢原子处于激发态，量子数越大，核外电子半径越大，根据222evkmrr可知，动能越小，选项 A 正确；康普顿效应的发现，说明了光子不但具有能量，还具有动量，选项 B 正确；德布罗意指出微观粒子的动量越大，其对应的波长就越短，选项 C 错误；现已建成的核电站的能量均来自于核裂变，选项 D 错误；故选 AB.8、BD【答案解析】大量处于基态的氢原子吸收了某种单色光的能量后能发出 6 种不同频率的光子，可知氢原子从 n=1 跃迁到了 n=4 能级，根据能级差可知从 n=4 跃迁到 n=1

17、 放出光子的频率最大即 v1，有：，可得：，故 A 错误；根据能级差可知从 n=3 跃迁到 n=1 放出光子的频率为 v2，有，可得：，故 B 正确；根据能级差可知从 n=2 跃迁到 n=1 放出光子的频率为 v3，有：，可得：，故 C 错误；根据能级差可知从 n=4 跃迁到 n=2 放出光子的频率为 v4，有：，可得：，故 D 正确。所以 BD 正确，AC 错误。9、AC【答案解析】AB、ab 之间有相对滑动，所以它们之间是滑动摩擦力，a 在水平方向收到弹簧测力计的拉力和摩擦力，同时 a 静止不动，所以木块 a 受到的滑动摩擦力的大小等于 T，A 对 B 错。CD、不管用多大的力作用在 b

18、上，也不管 b 以多大的速度运动，只要 ab 之间有相对滑动，ab 之间的滑动摩擦力始终等于测力计示数，C对 D错。10、AD【答案解析】A 反应是轻核聚变反应，选项 A 正确，B 错误；核裂变是重核在中子轰击下分裂成中等核，并放出大量核能的反应，则 C 反应不是核裂变反应，D 反应是重核裂变反应，选项 C 错误，D 正确；故选 AD.三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、变小 3.0 2.0 小于 【答案解析】（1）滑动变阻器在电路中应起到调节电流的作用，滑片 P 向右滑动时 R 值减小，电路的总电流变大，路端电压减小，则电流传

19、感器 1 的示数变小 （2）由闭合电路欧姆定律可得：I1R0=E-（I1+I2）r，变形得：1200ErIIRrRr；由数学知可得：图象中的 k=0rRr；b=0ERr；由图可知：b=1.50；k=1.5 1.0 0.5110-3=110-3，解得：E=3.0V，r=2；（3）本题中传感器 1 与定值电阻串联充当电压表使用；本实验中由于电流传感器 1 的分流，使电流传感器 2 中电流测量值小于真实值，而所测量并计算出的电压示数是准确的，当电路短路时，电压表的分流可以忽略不计，故短路电流为准确的，则图象应以短流电流向左下移动，故图象与纵坐标的交点减小，图象的斜率减小，故电动势减小，内阻小于真实值

20、；点睛：本题根据实验原理分析误差产生的原因，并根据误差的大小选择实验电路，可见实验原理是实验的核心，要理解并掌握牢固；同时注意正确分析电表内阻的影响 12、AD;7.500;ONdOPOM;【答案解析】(1)斜槽的末端必须水平才能保证小球从斜槽末端飞出时做平抛运动，故 A 正确；B、本实验是根据平抛的规律验证动量守恒定律，需要测量的是 A、B 两小球抛出的水平距离，因为抛出高度相同落地时间一样，验证时式子两端会把时间消去，所以与高度无关，不需要测量斜槽末端距地面的高度，故 B 错误；CD、碰撞后 A 球速度小，B 球速度大，因为落地时间相同，所以 M 点是碰撞后 A 球落点，N 点是 B 球落

21、点，而图中P 点是未放小球 B 时小球 A 的落点，故 C 错误，D正确；故选 AD(2)螺旋测微器的固定刻度读数为 7.5mm可动刻度读数为 0.010.0mm=0.000mm，所以小球的直径最终读数为：7.5mm+0.000mm=7.500mm；(3)根据实验原理可知012aabm vm vm v，因为下落时间相同，所以有()()()aabm OPdm OMdm ONd，解得两小球质量之比ONdOPOM 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）1m/s；（2）3m/s【答案解析】（1）升降机在 15s

22、25s 内做匀速直线运动，平均速度为：v=x/t=-1m/s，大小为 1m/s（2）升降机在 0s10s 内做匀速直线运动，易知：v=x/t=3m/s 14、(1)2211VTTV (2)21021()()mgQQpVVS 【答案解析】气缸中气体在停止加热前发生等压变化，根据盖吕萨克定律求末态温度；根据热力学第一定律，升温和降温过程内能的变化量绝对值相等，体积不变不做功，求出升温过程的内能变化量，即可求出降温过程放出的热量；【题目详解】（）停止加热前缸内气体发生等压变化，由盖吕萨克定律得1212VVTT 由题意知23VV 解得：213TT（）体积由 V增大到 3V的过程中，活塞受力平衡有 0p

23、Sp Smg 解得：0mgppS 气体对外所做的功102mgWp VVpS 停止加热后体积不变，20W 全程内能变化0U 根据热力学第一定律112UWQQ 所以降温过程中气体放出的热量2102mgQQVpS 15、（1）0.02Wb （2）1002V （3）5.4104 J【答案解析】（1）穿过线圈平面的最大磁通量 120.40.20.25Wb0.02WbmBSBL L （2）感应电动势的最大值 Em=NBS=NBL1L2=500.40.20.251002V=1002V 线圈在图示位置时电动势达到最大值，此时感应电动势的值为 1002V.（3）电动势的有效值为 E=2mE=100V 电流有效值为 I=ERr=1009 1A=10A 电阻 R上产生的热量为 Q=I2Rt=102 960=5.4104 J 点睛：线框在匀强磁场中匀速转动，产生正弦式交变电流而对于电表读数、求产生的热量均由交变电的有效值来确定，而涉及到耐压值时，则由最大值来确定而通过某一电量时，则用平均值来求