河北省石家庄市第二十七中学2023学年物理九上期末学业水平测试模拟试题含解析.pdf

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1、2023 学年九上物理期末模拟测试卷 注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用 2B 铅笔填涂；非选择题必须使用 05 毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单选题 1根据作用效果相同的原理，作用在同一物体上的两个力，我们可以用一个合力来代替它这种“等效方法”是物理学中常用的研究方法之一，它可使研究的问题简化，以下几种情况中，属于这种“等

2、效方法”的是 A在研究磁现象时用磁感线来描述看不见，摸不着的磁场 B在研究电现象时，用电流产生的效应来研究看不见，摸不着的电流 C两个电阻并联时，可用并联的总电阻来代替两个电阻 D在研究电流的变化规律时，用水压和水流来类比电压和电流 2下列做法不符合安全用电原则的是（）A可用铜丝代替熔丝 B电冰箱的金属外壳应该接地线 C控制电灯的开关必须接在火线上 D使用测电笔时，手要接触笔尾金属电极 3如下图所示，有关电能表的说法错误的是（）A“3600r/kW h”表示电能表每消耗1kW h的电能时，该电能表转盘转 3600r B该电能表的示数8633.5kW h C该电能表的转盘转 360 转时，用电器

3、消耗的电能是0.1kW h D该电路允许安装用电器的最大总功率是 2200W 4在使用电压表测电压时，电压表的指针向 0 刻度左侧偏转，说明（）A电压表没有并联在电路中 B用电压表测电流了 C“+”、“”接线柱接反了 D电压表坏了 5如图所示，闭合开关 S，两灯均不亮，电流表无示数，电压表有示数，则故障是 A灯 L1开路 B灯 L2开路 C灯 L1短路 D灯 L2短路 6如图所示，电源电压保持不变，电阻 R1R2，电压表 V1和 V2的示数分别为 U1和 U2，电流表 A1和 A2的示数分别为 I1和 I2，则下列关系中正确的是 AU1=U2，I1I2 CU1U2,，I1=I2 DU1 R2

4、BR1两端的电压越大，其阻值越大 C通过 R2的电流越小，其阻值越小 D将 R1、R2串联接在电路中，电流通过 R1做功较快 三、填空题 11博物馆在整理古籍书本时，为防止书页破损，通常先给古书充电，使书页间自动分开，这种方法是应用了_的原理。12某节能灯泡包装盒上标有“220V 11W”的字样，当灯泡正常发光时，通过灯泡的电流为_A连续通电 10s，消耗的电能是_J。13在用实验探究“电阻的大小与哪些因素有关”时，如图是某实验小组进行探究的实验装置，演示板上固定了四条合金电阻线，a、b、c 的长度均是 1m，d 的长度是 0.5m；a、b、d 的横截面积相同，c 的横截面积比 a、b 的小，

5、a、c是镍铬合金线，b、d 是锰铜合金线，当依次把 M、N 跟 a、c 的两端连接时，探究的是导体电阻的大小与导体_的关系想要探究导体电阻的大小与导体材料的关系，应选_（填字母）两根电阻线进行实验实验中采用的方法叫_ 14发电机是利用_现象制成的，它是把_能转化为电能的装置。15如图所示的电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，开关 S 闭合后，滑动变阻器滑片向左移动时，电流表的示数_，电压表示数与电流表示数之比_（两空均选填“变大”、“变小”或“不变”）16现有规格分别为“6V 3W”和“6V 6W”的两个小灯泡 L1、L2，其电流与电压关系如图所示.由图像可知，两灯灯丝电阻都随电流的增大而_

6、（选填“增大”、“减小”或“不变”）；若将两灯并联接在 6V 的学生电源两端，通电 5min，两灯泡消耗的总电能为_J；若将两灯串联在学生电源两端，在保证每个灯泡两端电压都不超过其额定电压的情况下，电源电压最大可调至 _V.四、作图、实验探究题 17如图所示，能自由转动的小磁针静止在通电螺线管的上方，请在图中括号内标出通电螺线管的 N 极或 S 极以及电源的正极或负极（_）18如图，利用图中给出的信息，标出电源的正极、小磁针的 N 极，并用箭头标出磁感线的方向 19（10 分）小睿在探究“电压不变时，电流与电阻的关系”时，电路如图甲所示，电源电压为 6V 保持不变，R为定值电阻。(1)连接电路

7、时，开关应处于_（选填“断开”或“闭合”）状态，实验前滑动变阻器的滑片应位于_（选填“A”或“B”）端；(2)实验中分别接入 5、10、20 三个定值电阻，调节滑动变阻器的滑片，记录数据，得到了如图丙所示的图像。由图像可以得出结论：_；(3)上述实验中：小睿用 5 的电阻做完实验后，保持滑动变阻器滑片的位置不变。接着把 R换为 10的电阻接入电路，闭合开关，应向_（选填“A”或“B”）端移动滑片，直至电压表示数为_V 时，读出电流表的示数；小睿又把 R换为 20的电阻接入电路，闭合开关，无论怎样移动滑片，电压表都不能达到所控制的电压值，为完成整个实验，应该选取滑动变阻器_（选填字母）。A“20

8、 1.0A”B“30 1.0A”C“50 1.0A”五、计算题 20（6分）小明家的水壶中装有2.5kg的水，在室温下放置一段时间后，用天然气将水烧开，现已知水的比热c4.2103J/（kg），小明想估算水吸收的热量，请你帮他：（1）写出估算时用到的物理量及数值；（2）计算水大约吸收的热量 21（6 分）自动饮水机已经普遍用于车站、学校等公共场所，它的简化电路图如图所示，电热丝电阻分别为 R1、R2，请根据说明书提供的信息计算（水的密度 水=1103kg/m3，水的比热容 C水=4.2103J/kg）饮水机参数 热水温度：90 热胆容积：2 L 额定功率：1000 W 保温功率：40 W 额定

9、电压：220 V 频率：50 Hz （1）如果饮水机处在“加热”状态正常工作时，电热丝所产生的热量有 80%被水吸收，饮水机的热胆装满水，水温由20加热到 90，需用多长时间？_(2)开关 S1断开时，饮水机处于_状态（填“加热”或“保温”）（3）电阻丝 R1的阻值_ 2023 学年模拟测试卷参考答案（含解析）一、单选题 1、C【题目详解】A研究磁现象时，用实际不存在的磁感线描述磁场的分布规律，采用的是模型法，故 A 不符合题意；B研究电现象时，通过电流的效应间接知道电路电流的存在，采用的是转换法，故 B 不符合题意；C在并联电路中，两个电阻共同使用产生的效果与一个电阻的作用相同，采用的是等效

10、替代法，故 C 符合题意；D在研究电流的变化规律时，用水压和水流来说明电压和电流的形成和作用，采用的是类比法，故 D 不符合题意；故选 C。2、A【题目详解】A当电路电流过大时，保险丝容易熔断而保护电路，如果用铜丝代替保险丝后，就起不到保护作用了，故 A 不符合安全用电原则；B家庭电路安装漏电保护器、用电器使用三线插头都是为了防止漏电而采取的安全措施，故 B 符合安全用电原则；C开关接在火线上，更换灯泡时才能更安全，故 C 符合安全用电原则；D使用测电笔时，手要与笔尾金属体接触，故 D符合安全用电原则。故选 A。3、A【题目详解】A“3600r/kW h”表示用电器每消耗1kW h的电能时，该

11、电能表转盘转 3600r，A 项错误，故 A 项符合题意；B电能表的示数8633.5kW h，B 项正确，故 B 项不符合题意；C电能表表盘转 360 转消耗的电能为 360r0.1kW h3600r/kW hW C 项正确，故 C 项不符合题意；D电能表允许接入用电器的最大功率为 220V 10A2200WPUI D 项正确，故 D 项不符合题意。故选 A。4、C【分析】根据电压表使用时，电流要从正接线柱流入，负接线柱流出，否则指针将反转【题目详解】使用电压表测电压时，若发现针往左侧偏，这是因为正负接线柱接反；故选 C 5、B【题目详解】由图可知，两个灯泡串联，闭合开关后，电流表无示数，电压

12、表有示数，说明电路中的电阻过大，与电压表并联的灯 L2开路故选 B 6、B【题目详解】根据电路图可知，电阻 R1、R2并联，电流表 A1测量干路电流，电流表 A2测量通过 R1的电流，电压表V1测量 R1两端电压，电压表 V2测量 R2两端电压；因为并联电路两端电压相等，所以 U1=U2；因为并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，所以 I1I2。故 B 正确，ACD 错误。7、C【题目详解】由电路图可知,光敏电阻 R与定值电阻 R0串联，电压表测 R两端的电压，电流表测电路中的电流，因光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小，所以，逐渐减弱光敏电阻的光照强度时，光敏电阻 R的阻值变大，电路的总电

13、阻变大，由 I=UR可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，电源电压不变，由 P=UI可知，电路中的总功率变小，由 U=IR可知,R0两端的电压变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R两端的电压变大，即电压表的示数变大。故选 C。8、D【答案解析】电热器的发热管与电源线串联，通过它们的电流 I 和通电时间 t 相等，因为电源线的电阻远小于电热器的电阻，即 R电源线R电热器，所以由 Q=I2Rt 可知，Q电源线Q电热器，即电流通过电源线产生的热量少，电流通过电热器产生的热量多，所以，发热管发红发热，而供电的电源线却不怎么热，而与散热快慢、隔热性能无关。故选 D。二、多选题 9、BD

14、【题目详解】A由电路图可知，R1与 R2串联，电压表 V1测 R2两端的电压，电压表 V2测电源的电压，电流表测电路中的电流。因电源电压恒定，所以，滑片移动时，电压表 V2的示数不变，U2=0，当滑动变阻器 R2的滑片 P 由如图位置向左滑动时，接入电路中的电阻变小，滑动变阻器 R2两端的电压变小，即U1不为 0，则U1U2，故 A 错误；B设滑片移动前后电路中的电流为 I1、I2，因串联电路中总电压等于各分电压之和，则电压表 V1示数的变化量U1等于1R两端的电压变化量：U1=I2R1I1R1 I=21II 11UI=211121 I RI RII=1R 故 B 正确；C因串联电路中总电压等

15、于各分电压之和，所以，U2U1等于 R1两端的电压，由 21UUI=1R 可知，21UUI的值不变，故 C 错误；D当滑动变阻器 R2的滑片 P 由如图位置向左滑动时，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由 I=UR可知，电路中的电流变大，即电流表 A 的示数 I变大，电源电压2U不变，则2UI的值变小，故 D 正确；10、AD【题目详解】由图知电压一定时，通过 R1的 R2的电流小，所以 R1 R2，故 A 正确；串联接在电路以后，电流相等根据 W=I2Rt,可知电流通过 R1做功较快，故 D 正确；电阻是导体本身的一种性质，跟导体两端的电压，和通过导体的电流无关，所以 BC 错误；三

16、、填空题 11、同种电荷相互排斥【答案解析】因为同种电荷相互排斥，所以给古书充电，使书页带上同种电荷，这样它们就能自动分开了。12、0.05 110 【题目详解】1因为 PUI，所以灯泡正常发光的电流为：IPU11W220V0.05A；2因为 PWt，所以灯泡消耗的电能为：WPt11W10s110J。13、横截面积 a、b 控制变量法 【题目详解】合金电阻线 a、c 的材料、长度相同，横截面积不同，所以分析比较 a、c 两根金属丝的电阻大小，可探究电阻跟导体的横截面积的关系；研究导体电阻与材料的关系，保持合金线的长度、横截面积不变，材料不同，由题中信息可知应选 a、b 两根电阻线进行实验；电阻

17、的大小与导体的材料、长度和横截面积有关，所以实验采用控制变量法 14、电磁感应 机械 【答案解析】闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中会产生感应电流，这种现象就是电磁感应现象。发电机就是利用该原理制成的，它是把机械能转化为电能的装置。15、变大 不变 【分析】（1）由电路图可知，电阻 R1与滑动变阻器 R2串联，电流表测电路电流；当 P 向左移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，电路总电阻变小，电源电压不变，由欧姆定律可以判断电流表示数变化情况（2）由电路图知，电流表测电路电流，电压表测电阻 R1两端电压，由欧姆定律可以判断电压表与电流表示数之比如何变化【题目详解】（1）当 P

18、 向左移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，电路总电阻 R 变小，电源电压 U 不变，由 I=可知电路电流变大，电流表示数变大（2）由电路图知，电流表测电路电流，电压表测电阻 R1两端电压 U1，由欧姆定律可知 R1=，由于电阻 R1不变，则电压表与电流表示数的比值不变 故答案为变大；不变【点评】分析清楚电路结构，明确电压表与电流表所测的量，熟练应用欧姆定律是正确解题的关键 16、增大 2700 8 【题目详解】1由图可知，随着电流的增大，由URI可知，电压增大的幅度大于电流增大的幅度，电阻增大；2并联是电路电压相等，L1与 L2两端的电压为 6V，由图可知，流过 L1 与 L2 电流分别为

19、0.5A 和 1.0A，总电流为 120.5A1A1.5AIII，总电功率分为 6V 1.5A9WPUI，通电 5min，两灯泡消耗的总电能为 9W 5 60s2700JWPt；3由PUI，灯 L1的额定电流为：1L113W0.5A6VPIU，同理，灯L2的额定电流为1A，根据串联电路电流的规律，电路的最大电流为 0.5A，灯 L1的电压为 6V，由图知，灯L2的电压为 2V，所以电源电压为 126V2V8VUUU。四、作图、实验探究题 17、略【答案解析】从图可知，小磁针的左端是 S 极，右端为 N 极，所以通电螺线管该处的磁场方向即小磁针 N 极的方向，由此可知：通电螺线管的左端是 N 极

20、，右端是 S 极 根据安培定则，用右手握住螺线管使大拇指指示通电螺线管的 N 极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流由螺线管的右端流入，即电源的右端为正极，左端是负极如图所示：18、【题目详解】由图知通电螺线管的右端为 S极，则左端为 N极，根据异名磁极相互吸引，小磁针的右端为 S极，则左端为 N极因为在磁体外部，磁感线总是从 N极发出，回到 S极，所以图中磁感线的方向是指向右的根据右手螺旋定则，伸出右手使大拇指指示螺线管的左端，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流从螺线管的右端流入，则电源的右端为正极 故答案为 19、断开 A 电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比 A

21、2 C 【分析】由题意可知，本题考查了“电流和电阻关系”的探究实验，可由串联电路中电流、电压、电阻的特点，以及欧姆定律进行分析推理。合理运用串联电路的分压原理，可帮助快速解题【题目详解】(1)1连接电路时，开关应处于“打开”状态，以防止短路情况的出现。2滑动变阻器在接通电路前，应将其阻值调到最大值，即 A端，以防止电路中出现过大电流，起到保障电路的作用。(2)3实验中保持 R两端电压为 2V 不变，根据图象中三组数据可知，R中的电流和其电阻满足规律UIR，故可得结论“电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比”。(3)45R由 5换成 10后，由串联电路的分压原理可知，R两端电压会变大；实验

22、中需保持 R两端电压为 2V 不变，要使 R两端电压重回 2V，在总电压不变的情况下，可以增大变阻器两端电压，根据串联电路分压原理，可以将变阻器的滑片 P 向 A端移动，使其接入电路中的有效电阻增大。(3)6把 R换为 20 的电阻接入电路，此时应保持 R两端电压为 2V 不变，电源电压为 6V，这要求变阻器接入的电阻需满足 PRPRURUR 将数据代入上式 P4V2V20R 可得 P40R 这要求变阻器的阻值能达到40，故选项 C 符合题意。五、计算题 20、（1）水的初温为 20和末温；（2）8.4105J【答案解析】（1）水在室温下放置一段时间后大约 20左右，一个标准大气压下水的沸点为

23、 100，即水的末温为 100,所以估算时用到的物理量及数值为水的初温为 20和末温，可求得升高温度 t=10020=80；（2）根据 Q吸=cmt=得，水大约吸收的热量大约为：Q吸=cmt=4.2103J/(kg)2.5kg80=8.4105J 21、735s 保温 1161.6 【题目详解】（1）设所需时间为 t，热胆内水的质量为：m=V=1103kg/m3210-3m3=2kg 由21=()Pt cm tt得：321()4.2 10 J/(kg?)2kg(9020)=735s80%1000Wcm tttP （2）因为断开 S1时，电路中的电阻最大，电流最小，总电压不变，由 P=UI 知，功率最小，为保温状态。（3）S1断开时，饮水机处于保温状态，则 2220V121040WURP 同理可得：R2=48.4 根据串联电路电阻关系可得：R1=R总-R2=1161.6。