2023学年江苏省扬州市江都区真武中学物理九年级第一学期期末复习检测模拟试题含解析.pdf

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1、2023 学年九上物理期末模拟测试卷 考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用 2B 铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、选择题 1如图为我国新型反潜巡逻机。机尾的“棍子”叫做磁异探测器，它能将潜艇经过海域引起的磁场强弱变化转化为强弱变化的电流，从而发现潜艇的存在。下图能解释磁异探测器工作原理的是（）A B C D 2关于静电现象，下列说法中正确的是 A用毛皮摩擦过的橡胶棒吸引纸屑的

2、现象说明异种电荷可以相互吸引 B同种物质摩擦，一定可以使它们分别带上异种电荷 C摩擦起电创造了电荷 D自然界只存在正、负两种电荷 3如图所示两个灯泡 L1、L2阻值分别为 6和 10，闭合开关后的现象是（）A通过两灯泡的电流 I1：I2=3：5 B灯泡两端的电压 U1：U2=3：5 C灯泡的电功率 P1：P2=5：3 D灯泡 L1比 L2暗 4如图所示，两个小灯泡 L1、L2串联，闭合开关 S，L1发光，L2不发光，发生这一现象的原因，不可能的是（）A电源电压较低 BL2发生了断路 CL2发生了短路 DL2的实际功率很小 5下列现象中能说明分子在不停地做无规则运动的是（）A久打扫房间时灰尘飞扬

3、 B水从高处流向低处 C放在空气中的铁器过一段时间生锈了 D在一杯水中放些盐，一会儿整杯水变咸了 6 如图所示，GMR 是一个巨磁电阻，其阻值随磁场的增强而急剧减小，当闭合开关 S1、S2时，下列说法正确的是（）电磁铁的右端为 N 极 小磁针将顺时针旋转 当 P 向左滑动时，电磁铁的磁性增强，指示灯变亮 当 P 向右滑动时，电磁铁的磁性减小，电压表的示数减小 A只有正确 B只有正确 C只有正确 D都正确 7高铁每节车厢内，有两个彼此相邻的洗手间.如果两个洗手间都有人使用，红灯亮；如果两个洗手间都无人使用或者只有一个洗手间有人使用，灯不亮.洗手间有人使用，门落锁、开关闭合.下列电路图中符合要求的

4、是 A B C D 8如图所示为蹄形磁体周围的磁感线分布图，在 a、b、c、d 四点中，磁场最强的是 Aa 点 Bb 点 Cc 点 Dd 点 9图表示了：家庭电路中四种用电器正常工作 40 小时的耗电情况则 A甲用电器可能是笔记本电脑 B乙和丙产生的电热肯定相同 C电流通过乙做功 7.2107J D丁的实际功率最大 10以下有关磁现象的说法中，错误的是 A磁体周围存在着磁场 B磁感线是真实存在的 C同名磁极互相排斥 D指南针能指南北是受地磁场的作用 11下列电路图正确的是 A B C D 12如图所示，验电器 A带负电，验电器 B 不带电，现在用带有绝缘柄的金属棒将 A、B 验电器的金属球连接

5、起来，下列说法正确的是 A电流从 A 到 B B电流从 B 到 A C正电荷从 A 转移到 B D正电荷从 B 转移到 A 二、填空题 13 将阻值为 R甲=40和 R乙=10的两个电阻串联后接在电源上，相同时间内，两电阻中产生热量较多的是 _。若将两电阻并联后接在 4 V 的电源上，1 min 内两电阻产生的总热量为_J。14如图所示，小明在燃烧皿中放入 10g 酒精，点燃后对质量为 200g 的水加热充分燃烧后，水温升高 50已知水的比热容为 4.2103J/(kg)，此过程中水吸收的热量为_J，水的内能_（选填“增大”、“减小”或“不变”）根据实验数据计算得到的酒精热值明显偏小，其原因是

6、_ 15随着我国经济的飞达发展，汽车已经进入寻常百姓人家如图是一种自动测定汽车油箱内油面高度的装置R0为定值电阻，R是滑动变阻器，它的金属滑片连在杠杆的一端从油量表（由电流表改装）指针所指的刻度就可知道油箱内油面高低，当油面下降时，滑动变阻器连入电路的阻值将_，电流表的示数将_（选填“变大”、“变小”或“不变”）若换用电压表改装成油量表，要求油面升高时电压表示数变大，电压表应并联在图_元件两端 16有 4 个带电小球甲、乙、丙、丁，己知小球丙带正电，小球甲吸引小球乙，小球乙吸引小球丙，小球丙与小球丁相互排斥，那么小球甲带_电，小球甲与小球丁接触时将互相_。三、实验题 17（8 分）小明想测量小

7、灯泡（额定电压为 2.5V）在不同电压下发光时的电阻，于是连接了如图甲所示的实物电路（电源电压恒为 4V）。（1）图甲中有一条导线连接有误，请将连接错误的导线画“”，并用笔画线代替导线画出正确连线。（_）（2）排除故障后，小明正确实验，得到如表所示的数据表。1 2 3 4 U/V 2.5 2.0 1.5 1.0 I/A 0.30 0.26 0.24 0.20 R/8.3 7.7 6.3 5.0 分析实验数据发现灯丝电阻不是定值，这是因为_。根据表中的数据可知实验中使用的滑动变阻器的规格是（_）A30 0.2A B20 1A C10 1A D5 0.5 A（拓展）实验结束后，小明发现利用得到的数

8、据还可以计算小灯泡不同发光情况下的功率，并且得到小灯泡的额定功率为_W。小明想挑战一下不用电压表测另一个己知额定电流为 I额的小灯泡的额定功率，于是设计了如图乙所示的电路（R0为己知阻值的定值电阻），老师看了电路后说小明设计的电路无法完成测量，并告诉小明后只需将图乙中的_和_互换位置即可。小明根据老师的建议连接电路并按正确方法进行测量，电流表两次读数分别为 I1和 I2。灯泡的额定功率 P额=_。（用己知和测得的物理量表示）18（8 分）一只小灯泡的额定电压为 2.0V，正常发光时的电阻约为 8小明想测量这个小灯泡的额定功率，实验室中有如下器材：一个电压表、一个电流表、一个开关，电压为 6V

9、的电源，滑动变阻器有 A 规格：“10 2A”、B 规格：“30 1A”可选导线若干 （1）本实验应该选择_（选填“A”或“B”）规格的滑动变阻器（2）用笔画线代替导线，将图甲所示电路连接完整（要求滑片向左滑动时变阻器阻值变小）（3）小明在连接好电路的最后一根导线时，发现电压表指针立刻偏到最大刻度处，小灯泡却不亮，且电流表也没有示数，上述现象反映他在操作中存在的不规范之处是_，出现上述故障的原因可能是 _ （4）排除故障后，小明发现他很幸运，电压表并没有因此而损坏小明便开始进行测量，调节滑动变阻器滑片位置直到电压表读数为 2.0V，小灯泡正常发光，此时电流表示数如图乙所示，则该小灯泡的额定功率

10、为_W（5）完成上述实验后，小明进行了反思，如果刚才电压表被损坏了，能不能换成其他的实验器材来完成实验呢，经过思考，他用了一个已知阻值为 R0的电阻和一个单刀双掷开关，借助部分现有的实验器材，设计了如图丙所示的电路，也测出了灯泡的额定功率，请完成下列实验步骤：闭合开关 S1，将 S2拨到触点“1”，移动滑片，使电流表的示数为_；再将开关 S2拨到触点“2”，保持滑片的位置不动，读出电流表的示数 I；灯泡额定功率的表达式为 P 额=_（用已知量和测量量表示）19（8 分）在“探究杠杆平衡条件”的实验中：（1）安装好杠杆，将其放到水平位置后松手，发现杠杆沿顺时针方向转动，如图甲所示，则应将平衡螺母

11、向_（选填“左”或“右”）调节，直到杠杆在水平位量平衡；（2）杠杆调节平衡后，如图乙所示，在杠杆a点悬挂 3 个重力均为0.5N的钩码，在b点用竖直向上的拉力F拉杠杆，使杠杆在水平位置平衡，拉力的大小为_N；（杠杆上相邻两个黑点之间距离相等）（3）实验结束后，小红把两个质量不等的实心铜块分别挂在另一杠杆两端，此时杠杆恰好在水平位置平衡，然后再将两个铜块同时浸没在水中，如图丙所示，则杠杆将_（选填“左端下沉”“右端下沉”或“仍然平衡”）。四、作图题 20（8 分）如图中电路图所示，电路接通后，电流表的示数为 0.8A，请用笔画线代替导线把右边的实物连接起来（导线不要交叉）。（_）21（8 分）如

12、图所示，根据小磁针 N 极的指向，标出磁感线方向，并在括号内标出电源的“+”、“”极。（_）五、计算题 22（10 分）某电热水壶铭牌的部分参数如表，忽略温度对电阻的影响。电热水壶在额定电压下工作 300s 能将 1L 的水从 20加热到 85。求：c水4.2103J/（kg），水1.0103kg/m3 额定电压 220V 额定功率 1000W 最大容量 1.2L（1）水吸收的热量是多少？（2）电热水壶的效率是多少？（3）在用电高峰时，实际电压为 200V，若与该电热水壶在额定电压下工作 300s 消耗相同的电能，实际加热时间为多少 s？23（12 分）如下图所示是某电水壶的电路图，其铭牌如下

13、表。R 为加热器，温控器 S 是一个双金属片温控开关，当温度较低时，其处于闭合状态，加热器加热。当水沸腾后，会自动断开进入保温状态，从而实现了自动温度开关控制。若加热器电阻阻值随温度改变而发生的变化可忽略不计，则：(1)电水壶正常工作时，其加热电阻的阻值是多大？(2)若正常工作时，对加热电阻通电 5 分钟产生的热量是多少？(3)若电水壶产生的热量全部被水吸收，现将一满壶25 C的水在标准大气压下烧开需要多长时间？水的比热容34.2 10 J/kgCc，-331L=10 m。(4)当电水壶处于保温状态时，通过加热器的电流是 0.2A，此时电阻 R0的电功率是多少？2023 学年模拟测试卷参考答案

14、（含解析）一、选择题 1、A【题目详解】A机尾的“棍子”叫做磁异探测器，它能将潜艇经过海域引起的磁场强弱变化转化为强弱变化的电流，是把机械能转化为电能，发电机原理，图 A 是发电机原理符合题意；B研究电磁铁的实验，不符合题意；C演示的磁极间的作用规律，不符合题意；D演示电流周围存在磁场，不符合题意。故选 A。考点：电磁感应现象 2、D【答案解析】A因为带电体具有吸引轻小物体的性质，故用毛皮摩擦过的橡胶棒吸引纸屑的现象不能说明异种电荷可以相互吸引，故 A错误；B同种物质的原子核束缚电子的本领相同，所以同种物质摩擦，不可以使它们分别带上异种电荷，故 B 错误；C摩擦起电的实质并不是创造了电荷，而是

15、电荷是转移，故 C 错误；D自然界只存在正、负两种电荷，故 D 正确。故选 D。3、C【题目详解】由电路图可知，两灯泡并联，A根据欧姆定律公式 I=UR，得通过两灯泡的电流之比：=，故 A 不正确；B由并联电路中各支路两端的电压相等，得灯泡两端的电压：U1:U2=1:1，故 B 不正确；C根据电工率决定式 P=UI，得：=，故 C 正确；D由灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，由于=，灯泡 L1比 L2亮，故 D 不正确 4、B【题目详解】两灯泡串联，其中 L1发光，L2不发光，可能原因电源电压较低，灯 L2实际功率太小，没有达到发光的功率，AD 正确，不符合题意；既然 L1发光，说明电路中有电流

16、通过，则 L2不可能断路，有故障也只能是短路，故答案选 B.5、D【题目详解】A打扫房间时灰尘飞扬，属于机械运动；B水从高处流向低处是因为重力的作用；C放在空气中的铁器过一段时间生锈了是因为发生了氧化反应；D在一杯水中放一些盐，一会儿整杯水变咸，是因为发生了扩散现象。故选 D。6、B【题目详解】根据安培定则可知，电磁铁的左端为 N 极，右端为 S 极；根据磁极间的相互作用规律可知，通电后，小磁针将会逆时针旋转，故错误；闭合开关 S1和 S2，使滑片 P 向左滑动，变阻器接入电路的电阻变小，左侧电路中电流变大，电磁铁的磁性增强，巨磁电阻的阻值减小，右侧电路中电流变大，所以指示灯的亮度会变亮，故正

17、确。使滑片 P 向右滑动，变阻器接入电路的电阻变大，左侧电路中电流变小，电磁铁的磁性变弱，巨磁电阻的阻值变大，右侧电路中电流变小，根据 UIR可知，灯泡两端的电压减小，即电压表示数变小，故正确。故选：B。7、B【分析】在连接电路中不允许把电源两极直接用导线连接，这样会造成短路，两间洗手间的门都关上时，灯才会发光，说明两个开关相互影响、不能独立工作即两个开关串联且控制灯泡。【题目详解】A由题知，两个洗手间都有人并锁住时，灯亮；由电路图可知，闭合任意一个开关，灯泡都发光，故 A项不符合题意；B当两个洗手间都没有人或者只有一个有人时，灯不亮；由电路图可知，只有两个开关都闭合时灯泡才发光，故 B项符合

18、题意；CD由电路图可知，当两个开关都闭合时灯不亮，而且还会发生电源短路，故 CD 项都不符合题意。8、B【题目详解】磁体两级磁性最强，磁感线最密集离两极越近的位置磁性越强观察图可见，在 a、b、c、d 四点中，b 点离磁极距离最近，磁场最强，B 选项符合题意，选填 B.9、C【答案解析】A由图可知，甲用电器 40h 消耗电能 40kWh，则其功率为WPt=h40kW h40=1kW=1000W，而笔记本电脑的功率大约为 40W 左右故 A 错误 B由图可知，乙和丙两用电器在相同时间内消耗了相同的电能，即两用电器功率相同但两用电器有可能不都是电热器，所以它们产生的电热可能不相同故 B 错误 C用

19、电器消耗的电能即电流所做的功由图可知，乙用电器消耗电能 W=20kWh=7.2107J，即电流通过乙做功7.2107J故 C 正确 D由WPt可知，用电器在相同时间内消耗的电能越多，其功率越大由图可知，在相同时间内甲用电器消耗的电能最多，则甲用电器功率最大故 D 错误 10、B【分析】A、磁场存在于磁体的周围，是真实存在的；B、由磁感线的概念来判断；C、由磁极间的相互作用规律判断；D、由地磁两极与地理两极的关系判断【题目详解】A.磁体周围存在着磁场，磁体间的作用就是通过磁场完成的，说法正确，不符合题意；B.由于磁场是看不见、摸不着的，为了形象地描述磁场，而引入了磁感线的概念，它不是真实存在的，

20、故说法是错误的；符合题意；C.由同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引知，说法正确；不符合题意；D.地磁两极与地理两极的关系为：地磁北极在地理南极附近，地磁南极在地理的北极附近，指南针能指南北是受地磁场的作用，说法正确；不符合题意 故选 B.11、B【答案解析】A此图中，电压表的正负接线柱接反了，故 A 项不符合题意；B此图中，电流表串联，电压表并联，且正负接线柱都是正确的，故 B项符合题意；C此图中电压表串联在电路中，故 C 项不符合题意；D此图中，电流表的正负接线柱接反了，故 D 项不符合题意。12、B【答案解析】A 验电器带负电荷，B 不带电，拿一根绝缘柄的金属棒把 A、B 两个验电器连接起

21、来，A 上的部分电子经金属棒转移到 B 上，这时 B 将因多余电子带负电；故 CD 错误 由于电流方向跟自由电子的移动方向相反，所以电流方向是从 B 到 A，故 A错误，B 正确。二、填空题 13、R甲 120 【题目详解】1已知 R甲R乙，根据焦耳定律 Q=2I Rt，两个电阻串联后，通过的电流相等，相同时间内，电阻 R甲产生热量较多。2两电阻并联，由 Q=2I Rt,I=UR得，Q甲=2U tR甲=24V60s40=24J，Q乙=2U tR乙=24V60s10=96J 共产生的热量 Q=Q甲+Q乙=24J+96J=120J 14、4.2104 增大 有热量的损失 【题目详解】1水的质量 2

22、00g0.2kgm水，水吸收的热量：344.2 10 J/kg0.2kg504.2 10 JQcm t吸()；2水吸收热量，其温度升高、内能增大；3小明是按下面方法来计算酒精的热值：酒精完全燃烧放出的热量，完全被水吸收，即QQ吸放，再利用Qmq放计算酒精的热值；实际上酒精不可能完全燃烧，并且酒精完全燃烧放出的热量不能完全被水吸收，所以该实验计算得到的酒精热值明显偏小。15、变大 变小 R0 【题目详解】第一空由图知，R0和变阻器 R串联，电流表测电路中电流，当油箱中油面下降时，滑片向上滑动，变阻器连入电路的长度变大，阻值变大；第二空电路中总电阻变大，电源电压一定，由欧姆定律UIR 可知电路中电

23、流变小；第三空油面升高时，滑片向下滑动，变阻器连入电路的阻值变小，由串联电路的分压原理知，变阻器分得电压减小，R0分得电压变大，根据题目要求电压表示数变大，所以电压表应并联在 R0两端 16、正 排斥 【题目详解】12由于四个小球都带电，小球丙带正电，小球乙吸引小球丙，根据电荷相互作用的规律，异种电荷互相吸引，小球乙带负电，同种电荷互相排斥，小球丙与小球丁相互排斥，那么小球丁带正电，小球甲吸引小球乙，那么小球甲带正电；小球甲带正电，小球丁带正电，同种电荷互相排斥，那么小球甲与小球丁接触时将互相排斥。三、实验题 17、灯丝电阻随温度的升高而增大 B 0.75 S2 电流表 1210-PIIIR额

24、 【答案解析】(1)1从图中可以看到，电流从滑动变阻器流出后，不会流过灯泡，直接流向电流表，最后回负极，应该把滑动变阻器与灯泡左端相连的这条线去掉，改接为变阻器与灯泡右端相连，这样电流从变阻器流出后，会流过灯泡，电压表并联在灯泡两端，正确连线如下图所示；(2)2分析实验数据发现灯丝电阻不是定值，这是因为灯丝电阻随温度的升高而增大；3从表中数据可知，第 4次实验时，滑动变阻器接入电路的电阻两端电压是-4V-1V3VUU U滑灯 这时电路中的电流大小是 0.2A，滑动变阻器接入电路的电阻大小是 3V150.2AURI滑滑滑 要求滑动变阻器的电阻大小是15，所以应该选择“20 1A”规格的变阻器，故

25、选 B；4小灯泡在额定电压下的电功率是额定功率，所以额定功率大小是 2.5V0.3A0.75WPU I额额额 567只需将图乙中的 S2和电流表互换位置即可；具体步骤是：第一步互换位置后，闭合 S2，断开 S1，调节滑动变阻器的滑片，使电流表的示数等于小灯泡的额定电流 I额，即1II额；第二步闭合 S1，断开 S2，滑动变阻器的滑片不动，读出电流表的示数2I，那么可知流过 R0的电流大小是 021-III 那么 R0的电压大小是 000210-UI RIIR 由于小灯泡是正常发光的，那么 0210-UUIIR额 可知小灯泡的额定功率是 11210-PU IIIIR额额 18、B 连接电路时开关

26、未断开 小灯断路 0.52 2V/R0 2V（I-2V/R0）【答案解析】灯泡正常发光时，滑动变阻器的电压：U滑=U-UL=6V-2V=4V，根据分压原理LLURUR滑滑得：48162LLU RVRUV 滑滑 故选择 B 规格的滑动变阻器 滑片向左滑动时，变阻器阻值变小，所以将滑动变阻器左下接线柱连入电路中 在连接好电路的最后一根导线时，发现电压表指针立刻偏到最大刻度处，小灯泡却不亮，且电流表也没有示数，上述现象反映他在操作中存在的不规范之处是连接电路时开关未断开出现上述故障的原因可能是灯泡断路此时电流表示数如乙所示 I=0.26A，所以 P额=U额I=2.0V0.26A=0.52W。灯泡 L

27、 与 R0并联，根据并联电路的电压关系，首先调节滑动变阻器滑片，使电流表示数为02VR，此时灯泡两端电压为其额定电压。再将开关 S2拨到触点“2”，保持滑片的位置不动，电流表测干路的电流，电流表示数为 I，则通过小灯泡的电流为：02LVIIR，灯泡额定功率的表达式：02V2VPU IIR额额（）。19、左 2 仍然平衡 【分析】(1)在调平杠杆平衡时，杠杆的向哪端转动，那端沉，平衡螺母要向另一端移动；(2)根据杠杆平衡条件可求出弹簧测力计的示数；(3)掌握杠杆的平衡条件：1 12 2FlF l，利用阿基米德原理=FgV浮液排，计算出两铜块浸没在水中后两端力和力臂的乘积，根据乘积的大小，判断杠杆

28、的状态。【题目详解】(1)1安装好杠杆，将其放到水平位置后松手，发现杠杆沿顺时针方向转动，左端上翘，如图甲所示，在调平杠杆平衡时，杠杆的向哪端转动，那端沉，平衡螺母要向另一端移动，则应将平衡螺母向左调节，直到杠杄在水平位置平衡；(2)2由图可知,根据杠杆平衡条件得：a ab bF lF l带入数据，3 0.5N43blFl，解得2NbF；(3)3分别挂上质量不等的实心铜块时，恰好能使杠杆在水平位置平衡，设力臂分别为1l、2l，根据杠杆的平衡条件1 12 2FlF l可得，12gVlgVl铜铜右左 则有 12VlVl右左，若将两铜块同时浸没在水中，则杠杆左端力和力臂的乘积 111gVgVlgVl

29、gVl铜铜左水左左水左（）则杠杆右端力和力臂的乘积 222gVgVlgVlgVl铜右右铜右右水水（）又由于12VlVl右左，则有 12gVlgVl右水左水 根据上述等式、可得 1122=gVlgVlgVlgVl铜铜右右左水左水 因此杠杆仍然平衡。四、作图题 20、【答案解析】左图中，两灯并联，电流表 A2测 L2的电流，A2可选用小量程与灯 L2串联，电流表 A1测干路电流，因电流表的示数为 0.8A，故 A1选用大量程接在干路上，开关 S 控制整个电路，S 接在干路上，如下所示：。21、【题目详解】由于异名磁极相互吸引，所以当小磁针自由静止时，与小磁针 S 极靠近的螺线管的右端一定是 N 极

30、；根据题图所示的线圈绕向和螺线管的 N、S 极，利用安培定则可知螺线管中电流的方向是从螺线管的左端流入、右端流出，因此电源的右端为负极，左端为正极；在磁体的外部，磁感线的方向从 N 极指向 S 极。如图所示：。五、计算题 22、(1)2.73105；(2)91%；(3)363s。【题目详解】(1)水的质量：m=V=1.0103kg/m310-3m3=1kg，水吸收的热量：Q吸=cmt=4.2103J/(kg)1kg(85-20)=2.73105J；(2)电热水壶消耗的电能：W=Pt=1000W300s=3105J，电热水壶的效率：=552.73 10 J3 10 JQW吸=91%；(3)由题意

31、可知，W1=W 22=UUttRR实实，t实=2222(220V)300s=363s(200V)UtU实。答：(1)水吸收的热量是 2.73105J；(2)电热水壶的效率是 91%；(3)在用电高峰时，实际电压为 200V，若与该电热水壶在额定电压下工作 300s 消耗相同的电能，实际加热时间为 363s。23、(1)48.4；(2)53 10 J；(3)10.5min；(4)42.064W【分析】首先分析电路，当温控开关闭合时，仅 R接入电路，电路中电阻最小，功率最大，电热水壶正常工作，为加热状态；当温控开关断开时，R与 R0接入电路，电路中电阻最大，功率最小，为保温状态。再根据，电功、电动

32、率等相关知识求解。【题目详解】由图可知，当温控开关闭合时，仅 R接入电路，电路中电阻最小，功率最大，电热水壶正常工作，为加热状态；当温控开关断开时，R与 R0接入电路，电路中电阻最大，功率最小，为保温状态。(1)当温控开关闭合时，电水壶正常工作即加热状态，其加热电阻的阻值为 22220V48.41000WURP额额(2)因为电水壶，是纯电阻电路，正常工作时，加热电阻通电 5 分钟产生的热量为 5=1000W5 60s=3 10 JQ W Pt (3)-332L=2 10 m 一满壶水的质量为 33331.0 10 kg m2 10 m2kgmV 一满壶25 C的水在标准大气压下烧开所吸收的热量

33、为 0354.2 10 J/kgC2kg100 C25 C=6.3 10 JQcm tt 吸 电水壶产生的热量全部被水吸收则电流做功为 56.3 10 JWQ电 烧开需要多长时间为 56.3 10 J630s10.5min1000WWtP(4)当电水壶处于保温状态时，电路的总电阻为 220V11000.2AURI串 则 R0的阻值为 110048.41051.6RRR 0串 电阻 R0的电功率为 22000.2A105642.064WPI R 答：(1)电水壶正常工作时，其加热电阻的阻值是48.4；(2)若正常工作时，对加热电阻通电 5 分钟产生的热量是53 10 J；(3)若电水壶产生的热量全部被水吸收，现将一满壶25 C的水在标准大气压下烧开需要10.5min；(4)当电水壶处于保温状态时，通过加热器的电流是 0.2A，此时电阻 R0的电功率是42.064W。