2023学年上海市嘉定区名校物理九年级第一学期期末预测试题含解析.pdf

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1、2023 学年九上物理期末模拟测试卷 注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用 2B 铅笔填涂；非选择题必须使用 05 毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题 1如图所示的电路中，电源的电压保持不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，闭合开关 S，滑片 P向右移动时 A电流表 A 的示数变大 B电压表 V的示数变小 C电路消耗的总功

2、率减小 DR1消耗的电功率变大 2随着人们生活水平的提高，汽车走进千家万户，下列关于小汽车的知识说法正确的是（）A用甘油做发动机的冷却剂 B单缸四冲程内燃机的一个工作循环中有两次能量的转化 C精心保养可使发电机的效率达到 100%D排出的尾气对环境没有任何污染 3如图所示，开关闭合后当滑动变阻器滑片向某一方向滑动时，观察到灯泡变暗，该过程中 A电流表示数变大，电压表示数变小 B电流表示数变大，电压表示数变大 C电流表示数变小，电压表示数变小 D电流表示数变小，电压表示数变大 4如图所示，R1为光敏电阻，其阻值随光照强度的增大而减小，R2是定值电阻闭合开关，逐渐增大光敏电阻上的光照强度，电表示数

3、情况是 A电流表示数变小，电压表示数变大 B电流表示数变大，电压表示数变小 C电压表和电流表示数的比值将变小 D电流表和电压表示数均变大 5小李同学在探究“串联电路中的电流”的实验时，用如图所示的电路图连接电路当她把开关 S 闭合后，发现电灯不亮，电流表指针不动，这时用电压表测得 E、D 两点间和 E、C 两点间的电压均为零，而 A、E 间和 B、E 间以及 A、C 间的电压均不为零，这说明（）A灯泡 L2的灯丝断了或灯座接触不良 B开关的触片或接线柱接触不良 C电流表的接线柱接触不良 D灯泡 L1的灯丝断了或灯座接触不良 6火力发电中，进的是煤，出来的是电，在这个过程中的能量转化程序是 A机

4、械能、内能、化学能、电能 B化学能、内能、机械能、电能 C化学能、重力势能、动能、电能 D内能、化学能、机械能、电能 7已知汽油的热值为74.610J/kg。1kg 的汽油燃烧一半后，剩下汽油的热值为（）A71.15 10J/kg B72.3 10J/kg C74.610J/kg D79.2 10J/kg 8某同学利用如图甲所示的电路进行实验，电源电压恒为 3V，更换 5 个定值电阻xR，得到如图乙所示的图像以下有关叙述正确的是（）A该同学研究的是电流和电压的关系 B实验中电压表的示数保持 0.5V 不变 C滑动变阻器阻值变化范围为15 D将xR从 5 换成 10 后，应将滑片 P 向左移 9

5、如图所示的电路中，电源电压不变，当闭合开关 S，滑动变阻器的滑片 P 向右移动时，下列判断正确的是 A电流表示数变大，电压表示数变小 B电流表示数变小，电压表示数不变 C电流表示数变小，电压表示数变大 D电流表示数变大，电压表示数不变 10关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（）A0的冰块，内能一定为零 B温度高的物体，所含的内能一定多 C温度相同的两物体间不会发生热传递 D物体的温度升高，一定是由于吸收了热量 11在春晚舞台上使用了大量的 LEDLED 就是发光二极管，从物理角度来看，它属于 A导体 B绝缘体 C超导体 D半导体 12小阳闭合开关后，发现电灯不亮，他用试电笔试如图中的 a、

6、b、c、d 四点，只有 d 点发光，那么可能发生的故障是 A电灯灯丝断了 Bcd 间某处断路 Cab 之间某处断路 D开关处短路 二、填空题 13如左图所示的电路，电源电压保持不变，闭合开关 S，滑动变阻器滑片 P 从 a端移动到 b端的整个过程中，电流表示数 I与电压表示数 U的关系图象如右图所示 则电阻1R的阻值为_；当变阻器滑片 P 处于 a端时，电阻1R消耗的电功率为_W 14两个电阻甲和乙，规格分别为“6V 0.3A”和“4V 0.4A”，将它们串联接入 3V的电路中，则甲乙两电阻两端的电压之比为_；将它们并联接入同样的电路中，通过甲乙两电阻的电流之比为_ 15如图甲，定值电阻 R2

7、的阻值为 40.闭合开关，电流表 A1、A2的指针偏转均如图乙所示，则电流表 A1的读数为_A，电源电压为_V，R1的阻值为_.16对物体做功，物体的内能会_；物体对外做功，物体的内能会_内能的单位是_ 三、实验题 17（8 分）善于观察的小华发现家里轿车的前灯有好几组，且灯丝粗细不同，发光的亮度也不同，他猜想车灯的亮度可能与灯丝的粗细有关，于是他设计了模拟电路，并选择下列器材：电源、滑动变阻器、小灯泡（L1“2.5V 1.25W”、L2“2.5V 0.5W”各一只，代替轿车前灯）、电流表、电压表等进行实验来验证自己的猜想如图甲 （1）在电源电压为 12V的情况下，为保证电路安全，应选择的滑动

8、变阻器规格为（_）A10、1A B20、0.5A C20、1A D50、1A（2）闭合开关 S，发现无论怎样移动变阻器的滑片，灯泡 L1、L2均不亮，A、V1无示数，V2有示数，则电路出现的故障是_；排除故障后，移动变阻器的滑片，分别读出电流表、电压表的示数，观察并记录灯泡发光情况填入表一当变阻器滑片移至某位置时。电流表的示数如图乙所示，则电路中的电流_A，此时发现灯 L2发光异常耀眼，原因是_。（3）分析表一中的数据，可得结论：两灯串联，灯泡的灯丝越细，亮度越_；（4）然后，小华按图丙所示设计连接电路进行实验，记录的实验数据及现象如表二，根据表二可得出结论：两灯并联时，灯泡的灯丝越细，亮度越

9、_；（5）小华完成实验后有困惑，通过向爸爸请教，明白了轿车的灯是可以不同时工作的，在额定电压相同时，若想要更换更亮的灯，应选择灯丝较_（选填“粗”或“细”）的灯泡。表 1 灯 泡 L1 粗细 电压/V 电流/A 亮度 灯 泡 L2 粗细 电压/V 电流/A 亮度 粗 0.6 0.12 不发光 细 1.5 0.12 微亮 粗 0.8 0.16 微亮 细 2.0 0.16 不很亮 粗 1.0 0.20 微亮 细 2.5 0.20 较亮 粗 1.3 不很亮 细 3.25 异常耀眼 表 2 灯 泡 L1 粗细 电压/V 电流/A 亮度 灯 泡 L2 粗细 电压/V 电流/A 亮度 粗 1.0 0.2

10、微亮 细 1.0 0.08 不发光 粗 1.5 0.3 不很亮 细 1.5 0.12 微亮 粗 2.0 0.4 较亮 细 2.0 0.16 不很亮 粗 2.5 0.5 明亮 细 2.5 0.20 较亮 18（8 分）在“探究串联电路电压的特点”活动中 (1)如图所示，连接电路时，至少需要_根导线；实验中应选择规格_(填“相同”或“不同”)的小灯泡(2)在测 L1两端电压时，闭合开关 S，发现电压表示数为零，原因可能是_(填出一种即可)(3)小芳保持电压表的 B 连接点不动，只断开 A 连接点，并改接到 C 连接点上，测量 L2两端电压她能否测出 L2两端电压？_，理由是_(4)小明分别测出 A

11、B、BC、AC 间的电压并记录在如下表格中，分析实验数据得出结论：串联电路总电压等于各部分电路两端电压之和请对小明的做法进行评价：_，改进方法是_ 19（8 分）（实验探究）小军设计了一个实验来探究煤油和菜籽油的热值大小关系，他组装了如图所示的两套规格完全相同的装置，并每隔 lmin 记录了杯中水的温度；加热时间/min 0 1 2 3 4 5 6 甲杯水温/25 27 29 32 34 36 38 乙杯水温/25 26 27 28 29 30 31（进行实验）(1)在安装、调整实验器材时，科学合理的顺序（如图甲中）：先调整固定_的位置，再调整固定_的位置（选填“A”成“B”）；(2)为了保证

12、实验结论的可靠，实验时应控制两套装置中水的_和_相同，加热时间也相同；同时，还要保证煤油和菜籽油的_相同；（分析论证）(3)通过表中记录的数据，你认为煤油和菜籽油两种燃料中，热值较大的是_；说明理由：_。四、作图题 20（8 分）为节约电能，地下通道电动扶梯只需在白天且有人时才开启，利用红外线自动开关 S1（现场有人，S1闭合；现场无人，S1断开）以及可见光自动开关 S2（白天，S2闭合；夜间，S2断开）控制电路，可达到目的请完成电路连接_ 21（8 分）请按安全用电的原则，将如图所示家庭电路中各电器元件正确连入电路中 五、计算题 22（10 分）如图甲是小红家里具有加热和保温功能的电热饮水机

13、，其电路图如图乙所示，S1为温控开关，额定电压为 220V，加热功率为 500W保温功率为 60WR1、R2均为加热电阻丝（假设电阻不变），请解答下列问题：（1）电阻丝 R1的阻值是多少？（2）某一次小红家中只使用了饮水机，在加热状态下她观察到电能表上的指示灯在 5 分钟内闪烁了 54 次，她家电能表上标有“1600imp/kWh”的字样，此时，饮水机的实际功率和实际电压是多少？23（12 分）如图所示的电路中，电源电压不变，小灯泡 L 上标有“6V 4.5W”字样，灯丝电阻不随温度变化。当 S1、S2都闭合时，小灯泡正常发光，电流表示数为 1A；当 S1、S2都断开，移动滑动变阻器滑片，在滑

14、动变阻器全部接入电路和总电阻的14接入电路两种情况下，滑动变阻器消耗的功率相等。求：(1)电源电压；(2)电阻 R的值；(3)S1、S2都断开时电路中的最小电流。2023 学年模拟测试卷参考答案（含解析）一、选择题 1、C【答案解析】试题分析：从图可知，定值电阻 R1和滑动变阻器串联 R2串联，当滑片 P 向右移动时，其连入电路中电阻的变大，则根据串联电路电阻的特点可知，此时电路中的总电阻的变大，而电源电压不变，由公式UIR可知电路中的电流变小，即电流表的示数变小所以 A 不符合题意 因为定值电阻 R1的阻值不变，而电路中的电流变小，所以由公式 U=IR 可知定值电阻两端的电压变小，根据串联电

15、路电压的特点可知，滑动变阻器两端的电压变大，即电压表的示数变大所以 B 不符合题意 因为电源电压不变，而电路中的电流变小，所以由公式 P=UI 可知电路中的总功率变小所以 C 符合题意 因为电路中的电流变小，而定值电阻 R1的阻值不变，所以由公式 P=I2R 可知电阻 R1消耗的电功率变小所以 D 不符合题意 所以选 C 考点：欧姆定律的应用和滑动变阻器的使用 点评：本题考查欧姆定律的应用和滑动变阻器的使用，并可以利用公式 P=UI，P=I2R 判断出的功率的变化，关键明白滑动变阻器移动过程中电阻的变化情况，要记住串联电路电流和电压的规律 2、B【分析】(1)因为水的比热容较大，常用来做冷却剂

16、；(2)在内燃机的四个冲程中做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；压缩冲程压缩气体的过程中，将机械能转换为内能；(3)任何能量转化过程都伴随能量的损失，所以转化效率不可能达到 100%；(4)热机排出的废气带走了大量的热量，所以热机的效率都比较低，同时废气中还含有二氧化碳、二氧化硫等有害物质污染环境。【题目详解】A汽车发动机是利用水来做冷却剂的，这是利用了水比热容大的性质，则 A 错误；B汽油机共有四个冲程，有两次能量转化：汽油机在压缩冲程中，活塞压缩气缸内物质，将机械能转化为内能；在做功冲程中，高温高压燃气推动活塞做功，将内能转化机械能，则 B 正确；C无论科技如何发展，热机的效率可以提高，

17、总存在摩擦、要做额外功，效率一定不会达到 100%，则 C 错误；D汽车排放的废气中还含有二氧化碳、二氧化硫等有害物质会污染环境，则 D 错误；故选 B。3、D【题目详解】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，当滑动变阻器滑片向某一方向滑动时，灯泡变暗，则灯泡的实际功率变小，因串联电路中各处的电流相等，由 P=I2R可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，故 AB 错误；由 U=IR可知，灯泡两端的电压变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压变大，即电压表的示数变大，故 C 错误、D 正确 4、D【题目详解】由图

18、知，两电阻串联，电压表测定值电阻 R2的电压，电流表测电路中的电流；逐渐增大光敏电阻上的光照强度，由题意可知光敏电阻 R1的阻值减小，则电路的总电阻变小，由欧姆定律可知，电流变大，即电流表示数变大；根据UIR可知，定值电阻 R2的电压变大，电压表示数变大，故 ABC 错误，D 正确 故选 D 5、A【答案解析】解：开关闭合后，电灯不亮，电流表无指示，说明电路存在断路；电压表测得 E、D 两点间和 E、C 两点间的电压均为零，说明 E 与 C 间不存在断路；A、C 间的电压均不为零，说明 A、C 间存在断路，E 与 C 间不存在断路，A、C 间存在断路，A、E 间和 B、E 间电压表有示数，说明

19、断路位置在于 B、C 间，则灯泡 L2的灯丝断了或灯座接触不良，故 A 正确，BCD 错误；故选 A 考点：电流表、电压表在判断电路故障中的应用 专题：欧姆定律 分析：用电压表检查电路故障时，如果电压表示数为零，说明电压表并联电路部分短路或在电压表并联电路之外存在断路；如果电压表示数不为零，且示数较大，接近电源电压，说明电压表并联电路断路，并联电路之外不存在断路；根据电压表示数情况判断电路故障点 点评：此题主要考查了用电压表判断电路故障的一种方法，当电压表有示数时说明电压表之间的部分可能发生了断路 6、B【题目详解】火力发电厂进的是“煤”，出的是“电”，在这个过程中能量的转化是：煤具有化学能，

20、通过燃烧转化为内能；内能通过汽轮机转化为机械能；机械能再通过发电机，利用电磁感应原理转化为电能故 B 正确，ACD 错误 7、C【题目详解】汽油的热值是指 1kg 汽油完全燃烧放出74.610J 的热量，热值是燃料本身的一种性质，跟燃料质量多少没有关系。故选 C。8、C【题目详解】A研究电流和电压的关系时，要控制电阻不变，由图乙知，电阻是变化的，故 A项错误；B由题意和图像可知该同学研究的是电流和电阻的关系，实验中要控制xR两端的电压不变（即电压表示数不变），由图乙知，电流与电阻之积（即xR两端的电压）：0.5A50.1A252.5VxUIR，即电压表示数保持 2.5V不变，故 B 项错误；C

21、由图乙知，电流最大为 0.5A 时，对应的电阻为5，根据欧姆定律和串联电路的规律，变阻器连入电路中的电阻：11113V510.5AURRRRI滑总 由图乙知，电流最小为 0.1A 时，对应的电阻为25，根据欧姆定律和串联电路的规律，变阻器连入电路中的电阻：2123V2550.1AURRRRI滑2总 所以，滑动变阻器阻值变化范围为15，故 C 项正确；D根据串联分压原理可知，将定值电阻由5改接成10的电阻，电阻增大，其分得的电压增大（大于 2.5V），探究电流与电阻关系的实验中应控制电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压使电压表的示数减小为 2.5V，根据分压原

22、理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，故 D 项错误 9、B【答案解析】试题分析：由电路图可知，两电阻并联，电流表测干路电流，电压表测并联电压，即电源电压；根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后根据电路结构由欧姆定律分析答题 解：（1）由电路图可知，电压表测电源电压，电源电压不变，因此电压表示数不变，因此 AC 错误；（2）由电路图可知，滑片 P 向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，电路总电阻变大，电源电压不变，由欧姆定律可知，干路电流变小，因为电流表测干路电流，因此电流表示数变小，B 正确，AD 错误；故选 B【点评】本题是一道闭合电路动态分

23、析题，分析清楚电路结构、熟练应用欧姆定律即可正确解题 10、C【答案解析】A因为一切物体的分子都在不停的做无规则运动，所以一切物体都具有内能，因此 0的冰块，内能不为 0；故 A 错误；B热量是一过程量，描述它的术语是“吸收”和“放出”，不能用含有，故 B 错误；C发生热传递的条件是：有温度差，所以两个温度相同的物体不发生热传递，故 C 正确；D物体温度升高，不一定吸收了热量，也可能是对它做了功，故 D 错误。11、D【题目详解】半导体是导电性能介于导体和绝缘体之间的材料，通常用于二极管、三极管、集成电路等。故选 D。12、B【题目详解】只有在 cd 间某处断路时，灯泡和火线断开 a、b、c

24、三点试电笔的氖管不发光，d 点的试电笔的氖管发光 所以，选 B 二、填空题 13、10 0.1 【题目详解】根据欧姆定律可知，电阻1R的阻值等于其两端电压与流经电流之比，R1=1V0.1A=10；根据电功率 P=UI，可得当变阻器滑片 P 处于 a 端时，电阻1R消耗的电功率为 P1=10.1W=0.1W 14、2：1 1：2 【题目详解】由 I=可得，两电阻的阻值分别为：R甲=20，R乙=10，将它们串联接入 3V的电路中，因串联电路中各处的电流相等，所以，甲乙两电阻两端的电压之比：=；将它们并联接入同样的电路中，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，通过甲乙两电阻的电流之比：=15、1.

25、5 12 10 【题目详解】1由电路图可知：两电阻并联，电流表 A1测的是干路电流，电流表 A2测的是通过 R2的电流；已知两个电流表指针偏转相同，由于并联电路中，干路中的电流等于各支路电流之和，所以，A1选择的量程是 03A，分度值为 0.1A，则 A1的示数为 I总=1.5A；2电流表 A2选择的量程是 00.6A，分度值是 0.02A，则 A2的示数为 I2=0.3A，所以电源电压为：U=I2R2=0.340=12V 3根据并联电路的电流规律得通过电阻 R1的电流为：I1=I总I2=1.5A0.3A=1.2A。R1的阻值：R1=1UI=12V1.2A=10。16、增加 减少 J 【题目详

26、解】解答：当外界对物体做功时，物体的内能增加；当物体对外做功时，它的内能减少；内能的单位是 J.【答案点睛】做功是改变物体内能的重要方式，如果对物体做功，其内能会增加，如果物体对外做功，其内能会减少 三、实验题 17、D L2断路 0.26 L2的实际电流大于额定电流 亮 暗 粗 【题目详解】(1)1由题意可知，小灯泡 L1的电阻是 11122LLL2.5V51.25WURP 小灯泡 L2的电阻是 22222LLL2.5V12.50.5WURP 假设选择滑动变阻器规格为 10、1A，当电路中的电流最小时，变阻器的阻值最大，电流大小是 12LL12V0.436A5 12.5 10UIRRR变 此

27、时小灯泡 L1的电压是 11LL0.436A52.18VUIR 此时小灯泡 L2的电压是 22LL0.436A 12.55.45VUIR 这个电压大小已超过额定电压，不合要求，当变阻器的阻值更小时，电流会更大，小灯泡 L2的电压也会更大，这样不合题意，所以滑动变阻器规格不能是 10；假设选择滑动变阻器规格为 20、0.5A，当电路中的电流最小时，变阻器的阻值最大，电流大小是 12LL12V0.32A5 12.520UIRRR变 此时小灯泡 L1的电压是 11LL0.32A51.6VUIR 此时小灯泡 L2的电压是 22LL0.32A 12.54VUIR 这个电压大小已超过额定电压，不合要求，当

28、变阻器的阻值更小时，电流会更大，小灯泡 L2的电压也会更大，这样不合题意，所以滑动变阻器规格不能是 20；假设选择滑动变阻器规格为 50、1A，当电路中的电流最小时，变阻器的阻值最大，电流大小是 12LL12V0.178A5 12.550UIRRR变 此时小灯泡 L1的电压是 11LL0.178A50.89VUIR 此时小灯泡 L2的电压是 22LL0.178A 12.52.225VUIR 这个电压大小没有超过额定电压，符合要求，只要电阻值不是太小，电流不会太大，灯泡的电压也不会太大，所以滑动变阻器规格可以是 50、1A；故选 D。(2)2假设 L2断路，那么没有电流流过电流表和 L1，电流表

29、和电压表 V1示数为零，电压表测的是电源电压，有示数，这种情况下符合题意，故电路出现的故障是 L2断路；3从图乙可以看到，电流表的量程是 0 到 0.6A，它的读数是 0.26A；4灯 L2的额定电流是 222LLL0.5W0.2A2.5VPIU 这是一个串联电路，此时发现灯 L2发光异常耀眼，原因是电流 0.26A 超过了灯 L2的额定电流；(3)5从表 1 可以看到，两灯串联，流过的电流大小相同，灯泡的灯丝细的，比粗的更亮，可得结论：两灯串联，灯泡的灯丝越细，亮度越亮；(4)6从表 2 可以看到，两灯并联，两灯两端的电压大小相同，灯泡的灯丝细的，比粗的更暗，可得结论：两灯并联时，灯泡的灯丝

30、越细，亮度越暗；(5)7根据2UPR可知，在额定电压相同时，电阻越小，电功率越大，灯泡越亮，而灯丝较粗的灯泡电阻较小，所以应选择灯丝较粗的灯泡。18、6 不同 L1被短路(或 L2断路)不能 电压表正、负接线柱接反 实验次数太少，结论不具有普遍性 换用不同规格的小灯泡多次重复实验 【答案解析】（1）由电路图可知，至少需要 6 根导线；为了避免实验的偶然性，使探究得出的结论具有普遍意义，实验中应选择规格不同的小灯泡；（2）在测 L1两端电压时，闭合开关，发现电压表示数为零，原因可能是：电压表断路或短路；（3）测 L1两端的电压时，A 与电压表的正接线柱相连小芳将与 A点相连的导线改接到 C 点，

31、则会造成电流从电压表的负接线柱流入了，即电压表的正负接线柱接反了，故她不能测出 L2两端电压；（4）本实验只做了一次实验，而没有进行多次测量，只凭一组实验数据得出结论带有偶然性，不能得出普遍规律，故应更换规格不同的灯泡进行多次实验 点睛：（1）根据电路图判定导线的条数；为了使探究得出的结论具有普遍意义，应该选取不同的小灯泡进行实验；（2）电压表断路或电压表短路电压表都没有示数；（3）电压表连接时电流从正接线柱流入；（4）只进行了一次实验就得出结论，不具有普遍性；为了使实验结论具有普遍性，应进行多次测量 19、B A 质量 初温 质量 煤油 详见解析 【题目详解】(1)12为了利用酒精灯的外焰给

32、烧杯充分加热，安装器材时需要先固定 B的位置，然后再调整 A的位置，并且温度计不要碰到烧杯壁和烧杯底。(2)345为了保证实验的可靠性，需要控制水的质量和水的初温相同，并且油灯的加热时间也要相同；同时还应控制两套装置中燃料的质量相同，比较放出热量的多少；这样才符合控制变量法的要求。(3)67分析表格数据可知，甲杯的水温度升高的较快，即煤油灯燃烧产生的热量多，所以其热值大。理由：甲、乙两个装置中，水的质量和初温相同，由Qcmt知，末温高的吸收的热量较多；在相同的加热设备下，相同时间内，消耗的燃料相同，由Qqm知，水温上升高的，对应的燃料的热值较大。四、作图题 20、【题目详解】电路中开关控制用电

33、器时，开关和用电器是串联的；两个开关同时控制电动扶梯，当现场有人，且有一定的可见光时，电动扶梯才工作，因此两个开关串联后共同控制电动机开关应接火线，用导线从火线开始，将两个开关串联，再连接电动扶梯的电动机，最后回到零线如图所示 21、【答案解析】开关和电灯的接法是：火线首先接入开关，再接入灯泡顶端的金属点；零线直接接在灯泡的螺旋套上 三孔插座的接法是：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线，如图：【答案点睛】本题考查的是家庭电路的连接，需要熟练掌握家庭电路中灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、电能表、保险丝的接法 五、计算题 22、（1）110；（2）405W，198V。【答案解析】（1）由乙图知道，

34、饮水机保温时为 R2 的简单电路，饮水机加热时 R1 与 R2 并联，因为电路的总功率等于各用电器功率之和，所以，加热时电阻丝 R1的电功率是：P1=P加热-P保温=500W-60W=440W，又因为并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由 P=U2/R知道，电阻 R1 的阻值：R1=U2/P1=(220V)2/440W=110；（2）根据题意知道，在加热状态下 5 分钟消耗的电能是：W=54/1600kWh=1.215105 J，故加热状态下饮水机的的实际功率是：P实际=W/t=1.215105J/560s=405W，由 P=U2/R知道，在加热状态下饮水机的总电阻是：R总=U2/P加热=(

35、220V)2/500W=484/5，所以，当实际功率 P实际=405W 时的实际电压是：U实际=198V。点睛：本题考查的是电功率、电阻、电压的计算，涉及电能表参数的理解与电能的求法，难点是计算实际电压，有一定难题。23、(1)6V；(2)24；(3)0.25A【题目详解】(1)当 S1、S2都闭合时，灯 L 与电阻 R构成并联电路，由此时灯泡正常发光可知电源电压为 L6VUU 所以电源电压为 6V。(2)当 S1、S2都闭合时，灯 L 与电阻 R构成并联电路，由此时灯泡正常发光可知灯泡电流为 L4.5W=0.75A6VPIU额额 电阻 R的阻值为 L6V=241A0.75AURII(3)当 S1、S2都闭合时，灯泡 L 与滑动变阻器串联，灯泡正常发光可得灯泡电阻为 22L(6V)=84.5WURP额额 在滑动变阻器全部接入电路时，滑动变阻器消耗的功率为 221=()8UPI RRR滑滑滑 在滑动变阻器总电阻的14接入电路时，滑动变阻器消耗的功率为 2221()14841=4UPIRRR滑滑滑 因为12PP，由等于式解得 R滑=16，R滑=-16(舍去)当滑动变阻器全部接入电路时电路中的电路最小 L6V=0.25A8+16UIRR小滑 答：(1)电源电压为 6V；(2)电阻 R的值为 24；(3)S1、S2都断开时电路中的最小电流为 0.25A。