邕衡金卷广西2023届高三一轮复习诊断性联考理综试题含答案.pdf

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1、扫描全能王 创建扫描全能王 创建扫描全能王 创建扫描全能王 创建扫描全能王 创建扫描全能王 创建扫描全能王 创建扫描全能王 创建扫描全能王 创建扫描全能王 创建扫描全能王 创建扫描全能王 创建扫描全能王 创建扫描全能王 创建扫描全能王 创建扫描全能王 创建化学部分 参考答案选择题 713BBCDCDB26（15 分）（1）MnO2+K2S+H2O=2KOH+MnO+S（2 分）（2）BC（2 分）MnO2+2Fe2+4H+=2Fe3+Mn2+2H2O 或 H2O2+2Fe2+2H+=2Fe3+2H2O（2分）（3）4.7pH7.8(或 4.77.8)（1 分）CO2（1 分）碳化（1 分）（4

2、）10-14.4（1 分）（5）混合使用时：2332342MnHCONHH OMnCONHH O，只用 NH4HCO3时：Mn2+2HCO-3=MnCO3+CO2+H2O，产生等量的 MnCO3时前者消耗的 HCO-3量少。（3 分）（6）下降（2 分）27（14 分）（1）第五周期第 VA 族（2 分）（2）否（1 分）若将球形冷凝管换成直形冷凝管，直形冷凝管与冷凝水接触面积较小，接触不充分，冷凝回流效果不佳；若将直形冷凝管换成球形冷凝管，蒸馏冷凝出的液体无法顺利从球形冷凝管流出（2 分）（3）碱石灰（1 分）（4）打开活塞 b，用真空泵减压（2 分）防止SbCl5分解（2 分）（5）暴沸（

3、1 分）（6）D（1 分）（7）3(251c2V)10319m 100%（2 分）28（14 分）（1）PH3，B 错误；C对应的是 H3PO4，是中强酸，V对应的是 H2CO3，是弱酸，C 正确；DZ 的单质是硫，微溶于酒精，不适合用酒精清洗，D 错误。12右侧装置为原电池，左侧为电解池，1 x4LiFePO转化为4LiFePO，则 d 为正极，c 为负极；b为阴极，a 为阳极。A方程式中氧原子不守恒，A 错误；B电池工作时，a 电极开始时的电极反应式为 2HCOO-+2e-=CO2+HCOOH，甲酸盐的阳离子通过阳膜进入阴极室，b 电极反应式为22H2e=H，消耗 H+，则 B 室 H+浓

4、度下降，溶液 pH 逐渐增大，B 错误；C d电极上1 x4LiFePO转化为4LiFePO，发生反应144LiFePOLie=LiFePOxxx需消耗 Li+，而 D 室的电解质溶液为 HCl，故 M 为阳离子交换膜，C 中甲酸盐为锂盐，为 d 电极的反应提供 Li+；D b 电极反应式为22H2e=H，d 电极反应为144LiFePOLie=LiFePOxxx，则 2Li+2e-H2，D 正确。13A 项，已知 HF 的 Ka=+-c(H)c(F)c(HF)，则有+c(HF)c(H)=-c(F)Ka，即有 lg+c(HF)c(H)越大，c(F-)越大，而c(F-)越大，c(Ca2+)越小，

5、则-lgc(Ca2+)越大，故可知 L1代表-lgc(Ca2+)的变化曲线，L2代表-lgc(F-)的变化曲线。A 正确；B 项，由 a 点坐标可知，+c(HF)c(H)=-c(F)Ka=101.2，c(F-)=10-2，则Ka=10-1.210-2=10-3.2，数量级为 10-4，（或看纵坐标为 0 的点）。B 错误；C 项，由图像可知，c 点的溶液中有：c(Ca2+)=c(F-)，结合电荷守恒 2c(Ca2+)+c(H+)=c(F-)+c(Cl-)+c(OH-)，即有：c(Ca2+)+c(H+)=c(Cl-)+c(OH-)，C 正确；D 项，根据物料守恒可知，a、b、c 三点的溶液中：2

6、c(Ca2+)=c(F-)+c(HF)，D 正确；故选 B。26（1）结合题意可得方程式 MnO2+K2S+H2O=2KOH+MnO+S（2）A 不能氧化 Fe3+，BC 可以，且均不引入杂质，所以选 BCMnO2+2Fe2+4H+=2Fe3+Mn2+2H2O 或 H2O2+2Fe2+2H+=2Fe3+2H2O（3）让铁、铝元素完全沉淀但锰元素不沉淀，依据表中数据可得 4.7pHA、VAA族。即第一电离能BBeCON，所以介于 B 与 O 之间的元素有 Be、C。（4）H3BO3分子中的 B 采取 sp2杂化，构型为平面三角形，键角为 120，而 BH4中的 B 采取sp3杂化，构型为正四面体

7、，键角为 10928，故 H3BO3分子中的 OBO 的键角大于 BH4中的 HBH 的键角。（5）HF 分子之间能形成氢键使分子缔合在一起，所以测得的相对分子质量为缔合分子的相对分子质量，故实验测得值一般高于理论值。（6）根据均摊法，一个六方氮化硼晶体的六元环含有 1 个 C、1 个 B，25g 六方氮化硼晶体中含有六元环的数目为 NA晶胞中位于顶点和面心的硼原子个数为 818+612=4，位于体内的氮原子个数为 4，晶胞中最近的硼原子和氮原子的距离是体对角线的14，则晶胞的边长为4a3pm，晶体的密度为bg/cm3，由晶胞的质量公式可得：A425N=(4a310-10)3b，解得 NA=3

8、75 316a b1030。36由 E 结合已知信息，采用逆合成分析将 E的碳碳双键切开得到，结合分子式可知 C 为前者 D 为后者。结合分子式可知 B 为，A 为。（1）的主体为酚，因此名称为 1,3,5-苯三酚（均苯三酚）（2）由 E 的结构可知含氧官能团的名称为羟基、羰基、醚键（3）对比 E、F 的结构可知反应过程中单键断裂，并形成单键。因此为取代反应（4）对比 A 和 B 可知反应过程中产生 HCl 且 A 提供 H 原子，从 A 的结构可知 A 有两种 H，A 到 B 用了苯环上的 H，因此副反应中 A 提供酚羟基上的氢原子，因此产物为（5）D 含有醛基，E 不含醛基，因此本题的考点

9、为醛基的检验，本题需要注意的是 D 和 E 酚羟基具有酸性，因此检验醛基之前需要加 NaOH 碱化处理，因此答案为 NaOH 和 Cu(OH)2或 NaOH 和 Ag(NH3)2OH，D 的结构为，由 1molD 可以与 4molAg(NH3)2OH反应，生成 4molAg可知 D 的同分异构体含有 2 个醛基，再结合条件和可以得到符合条件的结构有如下 3 种结构：（6）对比 B 和 C 的结构可知反应的化学方程式为（7）由逆合成分析采用不超过 3 步的合成路线如下：题号1415161718192021答案ADBCCADBDBD14A【详解】无线充电利用的是电磁感应现象，选 A15D【详解】A

10、.根据牛顿第二定律，万有引力提供行星表面重力加速度，得002mmGm gR。故行星表面重力加速度为2GmgR，行星 B 与行星 C 的质量关系未知，故无法判断两行星表面的重力加速度的大小,AB均错；C.由万有引力提供向心力，行星绕恒星的运动有越高越慢的特点，C 星比 B 星运行周期长，故 C 星离恒星表面高，角速度小，C 错误，D 正确；16.B【详解】m=2mH-mHe-mn=0.0035u，根据质能方程：E=mc23.3MeV。因为 1kg 氘中含有氘核的个数 n=(氘mmNA)=31026，所以 1kg 氘完全结合成氦核时可以释放出的能量约为 E=2mc24.951026MeV，故选 B

11、17.C【详解】根据电场叠加和对称性可知 M、N 两点电场强度大小相等，方向不同，所以 A 错误；从 O1到 O2电势先增大后减小，B 错误。根据电势的叠加原理可知，F、N 两点电势相等，F、N 两点电势差为零，F 到 N 电场力做总功为零，C 正确；根据牛顿第二定律可知，从 O1到 O3电子加速度先增大后减小，再增大，再减小，D 错误18C【详解】A.外力 F 做功，系统机械能不守恒，故 A 错误；B缓慢推动，认为 AB 动能不变，A、B、弹簧、斜面组成的系统能量守恒。弹簧增加的弹性势能等于系统减少的重力势能与 F 做功消耗的其他形式能量之和。故 B 错误.C 撤去 F 瞬间，把 AB 作为

12、一个整体受力分析有sin20mgkxF合，2Fam合，解得sin20gmkxa对 B，由牛顿第二定律有mamgFABsin，得20kxFAB，故 C 正确；D分离问题要抓住两点：分离时两物体间无弹力，分离时两物体的加速度相同；运用这两个结论就可快速判断出 A、B 两物体会在弹簧达到原长时分离，而kmgsin2为初始时弹簧的压缩量，故 D 错误。故选 C。19.AD【详解】AB.运动图像如图所示，由两车位移相等020122121tvtv，得 v1:v2=2:1，A 正确。甲的加速度0112tva，乙的加速度022tva，结合 A 选项，可得 a1:a2=4:1，B 错误。CD.速度相等时相距最远

13、，设甲达到最大速度后，再经过t 时间，相距最远。速度相等)2(0211ttatav，对甲车2011tav，再联立 a1:a2=4:1 得甲车运动了054t时，两车相距最远。C 错误，D 正确。20BD【详解】根据2Bqvmvr，得rmvdBq，所以 A 错误；粒子刚好不出磁场区域的运动轨迹如图所示，恰好与 AC 相切，根据几何关系可求，此时入射点到 A 的距离为d)12(，即入射点到 A 点距离大于d)12(的粒子都不能出磁场，运动轨迹为半圆，时间t2TmqB，所以 B 正确，C 错误。D 处入射的粒子在磁场中的运动轨迹为一个半圆，在磁场中运动的时间为qBm，在 E 点入射的粒子运动轨迹的圆心

14、角为 60，在磁场中运动的时间为qBm3故 D 正确21.BD【详解】A.开始运动的一段时间内，由于电容器放电，导体棒在安培力作用下向右加速，导体棒切割磁感线产生的感应电动势 E棒变大。回路的总电动势变小，电流变小，安培力变小，导体棒的加速度变小。当 E棒与电容器的电压 U 相等时，整个电路电流为零，导体棒匀速，导体棒达到稳定状态，A 错误。B.电容器充电完毕时其电压等于电动势 E，电容器所带的电荷量 Q=CE，根据 uqC，画出 uq 图象如图所示，图线与横轴所围面积表示电容器储存的能量，有 E0=EQ，联立可得充满电后电容器存储的电能2021CEE，B 选项正确。D.设金属导体棒获得最大速

15、度 vm时，放电电流为零，此时 U=E棒=BLvm。设此过程电容器放电的电荷量为Q，则Q=CECU设此过程中的平均电流为I，时间为 t，根据动量定理有 BILt=mvm0其中It=Q，有CLBmBLCEvm22，导体棒获得最大速度 vm时，电容器储存的能量为2121CUE 导体棒由静止到获得最大速度的过程中，根据能量守恒定律有损EmvEEm21021联立可得CLBmmCEE22222损故 D 正确。22.（1）正比（1 分）B（2 分）2212()xFtMd（2 分）【详解】（1）由牛顿第二定律 F=ma 知质量一定，加速度与合外力成正比（2）A.由于可从测力计直接读出拉力数值，故不需要钩码的

16、质量需远小于小车质量.A 错误B.平衡摩擦才能让拉力等于合外力，故 B 正确C.机械能守恒的条件是只有重力做功，小车有拉力做功故不能验证机械能守恒，C 错误(3)小车到光电门的速度为tdv，由运动学公式22vax 结合牛顿第二定律 F=ma 有22)1(2txdMF，故得2212()xFtMd23.（1)（2 分）（2）80（2 分）偏小（2 分）（3）kRURVV0（2 分）kRUkRVV0（2 分）【详解】(1)略（2）由串联电路的分压规律得：1121RUURU，代入数据得 R1=80；开关由 A 打向 B，电路总电阻减小，电压表示数比实际电压小，测量结果偏小（3）由闭合电路欧姆定律得：r

17、RURRUUEV)(1，整理后得1111RRErERrEUV，由题意得：ErkERrEUV，10，解得kRUREVV0，kRUkRrVV024.（1）qmgE，粒子带负电（2）gvH16320（3）04qvmgB【详解】（1）带电小球在第四象限做匀速圆周运动，须有重力与电场力等值反向，即mg=qE则：qmgE 小球带负电（2）带电小球在第二象限做类斜上抛运动，由牛顿第二定律：mamgqE得：ga2将初速度分解到水平和竖直方向，有：cos0vvx，sin0vvy带电小球在竖直方向做匀减速运动，有：aHvy22联立得：gvH16320（3）小球在第二象限从 A 到 O 运动，设上升阶段运动时间为

18、t，有：atvsin00得：gvt430水平方向设 AO 长度为 L：tvLcos20得:gvL4320小球到 O 点时的速度大小为0，在第四象限做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力，有rvmBqv200由几何关系有：60sin2rL联立得04qvmgB 评分标准：每式 1 分，共 12 分。25.（1）NT255（2）5.0e（3）JQS8077m327，【详解】（1）对小球，由 A 到 B，2220LgvB绷直后速度，cos0BBvv 由几何关系，LL5.0sin即6由 B 到 C，由动能定理得：212112121sinBCvmvmLLgm对小球，碰前，在 C 点，LvmgmTC211联立

19、各式可得，NT255（2）小球与木板碰，221vmvmCCvve2联立得，5.0e（3）对木板及小物块，从相对运动到共速，1123tavv板113tav物1232132)(板amgmmgm1332物amgm共速后，假设两者继续相对滑动，对木板及小物块，2332物amgm2232321)(板amgmgmm，假设成立。板物2222s/m4s/m2aa对木板及小物块，由共速到停下，223tav板16323tav物17木板长度 S，131322121tvtvvS18木板与小物块间摩擦生热 Q，2333322121tvtvSgmQ19联立可得，JQS8077m327，20评分标准：每式 1 分，共 20

20、 分。33（1）ACD【详解】（2）.cmHgP601.cmh9【详解】.设左侧 A 部分气体压强为1P，软管内气体压强为2P，由图中液面的高度关系可知，220ghPP112ghPP联立解得：cmHgP601.A 气体温度不变，体积变化，由玻意耳定律，有：2211VPVP即：21AAShPShP解得cmHgPA72由于 A 空气柱长度减少 3cm，则 A、B 玻璃管水银柱向左侧移动 3cm，因此左侧 U 形管液面高度差为cmcmcmhh123311设软管连接部分气体的压强为3P，对左边 U 形玻璃管，有：cmHgPPPhA8413由于cmHgcmHgP76843对右边 U 形玻璃管，C 部分水

21、银高度低于 D 部分水银高度，有:203hPPP即：cmHgPPPh8032则右侧 U 形管液面高度差cmh82右侧 U 形管 D 管液面升高cmhhh9)(2122评分标准：每式 1 分，共 10 分。34.（1）12nt(2 分)222)1(ngt(3 分)【详解】小球做往复运动的周期为12ntT根据单摆的周期公式gRglT22解得222)1(ngtR（2）.当两种频率的细激光束从 A 点垂直于 AB 面入射时，激光沿直线传播到 O 点，经反射沿半径方向直线传播出去。（不画光路图扣 2 分）保持光的入射方向不变，入射点从 A 向 B 移动过程中，光线传播到 PM 面的入射角逐渐增大。当入射

22、点为 B 点时，光线传播到 PM 面的 P 点，此时光线在 PM 面上的入射角最大，设为，由几何关系得=45（1 分）根据全反射临界角公式得221sinaanC，45aC则 a 光恰好在 P 点发生全反射（1 分）22321sinaanC，则 b 光没有发生全反射，可以从 P 点出射（1 分）由于baCC 45（1 分）故在入射光从 A 向 B 移动过程中，a 光首先消失。（1 分）.由（）可知 a 光在 P 点恰好发生全反射时 b 光折射，设折射角为，由折射定律：sinsinbn（2 分）601 分）则 b 光经该光学器件的偏向角)(90（1 分）75（1 分）理邕衡金卷广西 2023 届联

23、考理科综合参考答案生物部分一、选择题（每题一、选择题（每题 6 分，共分，共 36 分）分）16：ACBDCC二、非选择题（共二、非选择题（共 54 分）分）29.（10 分，除标注外，每空 2 分）（1）类囊体薄膜（1 分）类胡萝卜素（胡萝卜素和叶黄素）（1 分）（2）C（1 分）（逐渐）增加（1 分）吸收（捕获）更多的光能NADPH 和 ATP（3）遮阴条件下植物叶片中叶绿素 b/a 比例增大，吸收蓝光比例（B/P）升高。30.（9 分，除标注外，每空 2 分）（1）T 细胞（1 分）下丘脑（1 分）（2）汗腺分泌增加、毛细血管舒张（3）抗原记忆细胞浆细胞抗体（3 分）（4）新冠病毒为单链

24、 RNA 病毒，更容易发生变异；机体产生的抗体和记忆细胞的数量及存活时间有限31.（10 分，每空 2 分）（1）空间迁入率和迁出率食物、天敌、气候、传染病、资源、空间（2）生物生命活动的正常进行，离不开信息的作用（3）集群型白鹤个体数量多，对食物争夺更激烈，为获取足够食物，会增加时间。（或者：集群型用于警戒时间少，有更多时间用于觅食。）32.（10 分）（1）杂交育种（1 分）不能（1 分）丙是杂合子，自交子代会出现性状分离，不能全部保持耐盐碱、高产的优良性状（杂合子 1 分，性状分离 1 分）（2）AaBb（1 分）自由组合（分离和自由组合）（1 分）（3）丙（1 分）不耐盐碱低产（1 分

25、）子代表现为耐盐碱、高产：耐盐碱、低产：不耐盐碱、高产：不耐盐碱、低产1:1:1:137（15 分，除标注外，每空 2 分）（1）灭菌最大（2）聚丙烯纤维选择（1 分）在微生物学中，将允许特定种类的微生物生长，同时抑制或阻止其他种类微生物生长的培养基，称为选择培养基（3）稀释涂布平板法6.6108当两个或多个细胞连在一起时平板上观察到的只是一个菌落38.（15 分，除标注外，每空 2 分）（1）诱导小鼠产生能够分泌 N 蛋白抗体的 B 淋巴细胞胰蛋白酶、胶原蛋白酶（2）动物细胞融合与动物细胞培养（3）聚乙二醇（或 PEG）（1 分）3（1 分）（4）选择性培养基专一性抗体检测（5）特异性强、灵敏度高、能大量制备（3 分）