第21届全国中学生物理竞赛预赛题试题.pdf

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1、 1 第 21 届全国中学生物理竞赛预赛题试题 一、（15 分）填空 1a原子大小的数量级为 m b原子核大小的数量级为 m c氦原子的质量约为 kg d一个可见光光子的能量的数量级为 J e在标准状态下，1cm3气体中的分子数约为 （普朗克常量 h=6.631034Js 阿伏伽德罗常量 NA 6.021023 mol1）2已知某个平面镜反射的光能量为入射光能量的 80试判断下列说法是否正确，并简述理由 a 反射光子数为入射光子数的 80；b 每个反射光子的能量是入射光子能量的 80 二、（15 分）质量分别为 m1和 m2的两个小物块用轻绳连结，绳跨过位于倾角30的光滑斜面顶端的轻滑轮，滑轮

2、与转轴之间的摩擦不计，斜面固定在水平桌面上，如图所示第一次，m1悬空，m2放在斜面上，用 t 表示 m2自斜面底端由静止开始运动至斜面顶端所需的时间第二次，将 m1和 m2位置互换，使m2悬空，m1放在斜面上，发现 m1自斜面底端由静止开始运动至斜面顶端所需的时间为3t求 m1与 m2之比 三、（15 分）测定电子荷质比（电荷 q 与质量 m 之比 q/m）的实验装置如图所示真空玻璃管内，阴极 K 发出的电子，经阳极 A 与阴极 K 之间的高电压加速后，形成一束很细的电子流，电子流以平行于平板电容器极板的速度进入两极板 C、D 间的区域若两极板 C、D 间无电压，则离开极板区域的电子将打在荧光

3、屏上的 O 点；若在两极板间加上电压 U，则离开极板区域的电子将打在荧光屏上的 P 点；若再在极板间加一方向垂直于纸面向外、磁感应强度为 B 的匀强磁场，则打到荧光屏上的电子产生的光点又回到O 点现已知极板的长度 l=5.00cm，C、D间的距离 d=1.50cm，极板区的中点 M 到荧光屏中点 O 的距离为 L=12.50 cm，U=200V，P 点到 O 点的距离cm0.3 OPy，B=6.310-4T试求电子的荷质比（不计重力影响）m1 m2 O D P A C K M 2 四、(15 分)要使一颗人造地球通讯卫星（同步卫星）能覆盖赤道上东经 75.0到东经 135.0之间的区域，则卫星

4、应定位在哪个经度范围内的上空？地球半径 R0=6.37106m地球表面处的重力加速度 g=9.80m/s2 五、（15 分）如图所示，两条平行的长直金属细导轨 KL、PQ 固定于同一水平面内，它们之间的距离为 l，电阻可忽略不计；ab 和 cd 是两根质量皆为 m 的金属细杆，杆与导轨垂直，且与导轨良好接触，并可沿导轨无摩擦地滑动两杆的电阻皆为 R杆 cd 的中点系一轻绳，绳的另一端绕过轻的定滑轮悬挂一质量为 M 的物体，滑轮与转轴之间的摩擦不计，滑轮与杆 cd 之间的轻绳处于水平伸直状态并与导轨平行导轨和金属细杆都处于匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨所在平面向上，磁感应强度的大小为 B现两杆及

5、悬物都从静止开始运动，当 ab 杆及 cd 杆的速度分别达到 v1和 v2时，两杆加速度的大小各为多少？六、（15 分）有一种高脚酒杯，如图所示杯内底面为一凸起的球面，球心在顶点 O 下方玻璃中的 C 点，球面的半径 R=1.50cm，O 到杯口平面的距离为 8.0cm在杯脚底中心处 P 点紧贴一张画片，P 点距 O 点 6.3cm这种酒杯未斟酒时，若在杯口处向杯底方向观看，看不出画片上的景物，但如果斟了酒，再在杯口处向杯底方向观看，将看到画片上的景物已知玻璃的折射率56.11n，酒的折射率34.12n试通过分析计算与论证解释这一现象 d M a b c B B K L P Q O C P 3

6、 七、（15 分）如图所示，B 是质量为 mB、半径为 R 的光滑半球形碗，放在光滑的水平桌面上A 是质量为 mA的细长直杆，被固定的光滑套管C 约束在竖直方向，A 可自由上下运动碗和杆的质量关系为：mB 2mA初始时，A 杆被握住，使其下端正好与碗的半球面的上边缘接触（如图）然后从静止开始释放 A，A、B 便开始运动设 A 杆的位置用 表示，为碗面的球心至 A 杆下端与球面接触点的连线方向和竖直方向之间的夹角求 A 与B 速度的大小（表示成 的函数）八、（17 分）如图所示的电路中，各电源的内阻均为零，其中 B、C 两点与其右方由 1.0的电阻和2.0的电阻构成的无穷组合电路相接求图中 10

7、F 的电容器与 E点相接的极板上的电荷量 九、（18 分）如图所示，定滑轮 B、C 与动滑轮 D 组成一滑轮组，各滑轮与转轴间的摩擦、滑轮的质量均不计在动滑轮 D 上，悬挂有砝码托盘 A，跨过滑轮组的不可伸长的轻线的两端各挂有砝码 2 和3一根用轻线（图中穿过弹簧的那条竖直线）拴住的压缩轻弹簧竖直放置在托盘底上，弹簧的下端与托盘底固连，上端放有砝码 1（两者未粘连）已知三个砝码和砝码托盘的质量都是 m，弹簧的劲度系数为 k，压缩量为 l0，整个系统处在静止状态现突然烧断拴住弹簧的轻线，弹簧便伸长，并推动砝码 1 向上运动，直到砝码 1 与弹簧分离假设砝码 1 在以后的运动过程中不会与托盘的顶部

8、相碰求砝码 1 从与弹簧分离至再次接触经历的时间 1 B 2 D C 3 A 20F 10F B 20F D 10 1.0 1.0 1.0 1.0 2.0 2.0 2.0 18 30 20V 10V A C E 24V A C R O B 4 参考解答 一、1a1010 b1015 c6.61027 d 1019 e 2.71019 2a 正确，b 不正确理由：反射时光频率不变，这表明每个光子能量 h 不变 评分标准：本题 15 分第 1 问 10 分，每一空 2 分第 2 问 5 分，其中结论占 2 分，理由占 3 分 二、第一次，小物块受力情况如图所示，设 T1为绳中张力，a1为两物块加速

9、度的大小，l 为斜面长，则有 1111amTgm (1)1221sinamgmT (2)2121tal (3)第二次，m1与 m2交换位置设绳中张力为 T2，两物块加速度的大小为 a2，则有 2222amTgm(4)2112sinamgmT(5)22321tal(6)由(1)、(2)式注意到=30得 gmmmma2121122(7)由(4)、(5)式注意到=30得 gmmmma2112222(8)由(3)、(6)式得 921aa (9)由(7)、(8)、(9)式可解得 191121mm(10)m1g m2 N1 T1 T1 5 评分标准 本题 15 分，（1）、（2）、（3）、（4）、（5）、

10、（6）式各 2 分，求得（10）式再给 3 分 三、设电子刚进入平行板电容器极板间区域时的速度为 v0，因为速度方向平行于电容器的极板，通过长度为 l 的极板区域所需的时间 01vlt (1)当两极板之间加上电压时，设两极板间的场强为 E，作用于电子的静电力的大小为 qE 方向垂直于极板由 C 指向 D，电子的加速度 mqEa (2)而 dUE (3)因电子在垂直于极板方向的初速度为 0，因而在时间 t1内垂直于极板方向的位移 21121aty (4)电子离开极板区域时，沿垂直于极板方向的末速度 1atyv (5)设电子离开极板区域后，电子到达荧光屏上 P 点所需时间为 t2 022 vlLt

11、(6)在 t2时间内，电子作匀速直线运动，在垂直于极板方向的位移 22tyyv (7)P 点离开 O 点的距离等于电子在垂直于极板方向的总位移 21yyy(8)由以上各式得电子的荷质比为 yUlLdmq20v(9)加上磁场 B 后，荧光屏上的光点重新回到 O 点，表示在电子通过平行板电容器的过程中电子所受电场力与磁场力相等，即 BqqE0v(10)注意到(3)式，可得电子射入平行板电容器的速度 6 BdU0v (11)代入(9)式得 ylLdBUmq2 (12)代入有关数据求得 C/kg106.111mq (13)评分标准 本题15 分（1）、（2）、（3）、（4）、（5）、（6）、（7）、（

12、8）式各1 分，（10）式3 分，（12）、（13）式各2 分 四、如图所示，圆为地球赤道，S 为卫星所在处，用 R 表示卫星运动轨道的半径由万有引力定律、牛顿运动定律和卫星周期 T（亦即地球自转周期）可得 222TmRRMmG (1)式中 M 为地球质量，G 为引力常量，m 为卫星质量 另有 gRGM20(2)由图可知 0cosRR(3)由以上各式，可解得 312024arccosgTR(4)取 T=23 小时 56 分 4 秒（或近似取 T=24 小时），代入数值，可得 3.81（5）由此可知，卫星的定位范围在东经7.533.810.135到3.1563.810.75之间的上空 评分标准

13、本题 15 分（1）、（2）、（3）式各 2 分，(4)、(5)式共 2 分，得出最后结论再给 7 分 五、用 E 和 I 分别表示 abdc 回路的感应电动势和感应电流的大小，根据法拉第电磁感应定律和欧姆定律可知 12vv BlE (1)RI2E(2)R R0 O S 7 令 F 表示磁场对每根杆的安培力的大小，则 IBlF (3)令 a1和 a2分别表示 ab 杆、cd 杆和物体 M 加速度的大小，T 表示绳中张力的大小，由牛顿定律可知 1maF (4)2maFT(6)由以上各式解得 RmlBa212221vv (7)RmMlBMgRa2212222vv(8)评分标准 本题 15 分（1）

14、式 3 分，（2）式 2 分，（3）式 3 分，（4）、（5）、（6）式各 1 分，（7）、(8)式各 2 分 六、把酒杯放平，分析成像问题 1未斟酒时，杯底凸球面的两侧介质的折射率分别为 n1和 n01在图 1 中，P 为画片中心，由P发出经过球心C的光线PO经过顶点不变方向进入空气中；由 P 发出的与 PO 成角的另一光线 PA 在 A 处折射设 A 处入射角为 i，折射角为 r，半径CA 与 PO 的夹角为，由折射定律和几何关系可得rninsinsin01 i2在PAC 中，由正弦定理，有 iPCRsinsin 3 考虑近轴光线成像，、i、r 都是小角度，则有 innr01(4)iPCR

15、(5)由(2)、(4)、(5)式、n0、n1、R 的数值及cmCOPOPC8.4，可得 O i C A P r Pn1 n0=1 图 1 8 i31.1 6 ir56.1 由6、式有r 由上式及图 1 可知，折射线将与 PO 延长线相交于P，P即为 P 点的实像画面将成实像于P处 在CA P中，由正弦定理有 rPCRsinsin (9)又有 r 考虑到是近轴光线，由9)、式可得 RrrPC (11)又有 RPCPO (12)由以上各式并代入数据，可得 cmPO9.7(13)由此可见，未斟酒时，画片上景物所成实像在杯口距 O 点 7.9cm 处已知 O 到杯口平面的距离为8.0cm，当人眼在杯口

16、处向杯底方向观看时，该实像离人眼太近，所以看不出画片上的景物 2斟酒后，杯底凸球面两侧介质分别为玻璃和酒，折射率分别为 n1和 n2，如图 2 所示，考虑到近轴光线有 innr21 (14)代入 n1和 n2的值，可得 ir16.1 15 与式比较，可知 r 16 由上式及图 2 可知，折射线将与 OP 延长线相交于P，P即为 P 点的虚像画面将成虚像于P处计算可得 RrrPC (17)又有 RPCPO (18)由以上各式并代入数据得 PO 13cm （19）由此可见，斟酒后画片上景物成虚像于 P处，距 O 点 13cm即距杯口 21cm 虽然该虚像还要因酒液平表面的折射而向杯口处拉近一定距离

17、，但仍然离杯口处足够远，所以人眼C i r A 图 2 P OPn1 n2 9 在杯口处向杯底方向观看时，可以看到画片上景物的虚像 评分标准:本题 15 分求得（13）式给 5 分，说明“看不出”再给 2 分；求出（19）式，给 5 分，说明“看到”再给 3 分 七、由题设条件知，若从地面参考系观测，则任何时刻，A 沿竖直方向运动，设其速度为 vA，B 沿水平方向运动，设其速度为 vB若以 B 为参考系，从 B 观测，则 A 杆保持在竖直方向，它与碗的接触点在碗面内作半径为 R 的圆周运动，速度的方向与圆周相切，设其速度为 VA 杆相对地面的速度是杆相对碗的速度与碗相对地面的速度的合速度，速度

18、合成的矢量图如图中的平行四边形所示由图得 AVvsinA (1)BAcosvV(2)因而 cotABvv (3)由能量守恒 2BB2AAA2121cosvvmmgRm(4)由(3)、(4)两式及AB2mm得 2Acos1cos2singRv (5)2Bcos1cos2cosgRv (6)评分标准：本题（15）分（1）、（2）式各 3 分，（4）式 5 分，（5）、（6）两式各 2 分 八、设 B、C 右方无穷组合电路的等效电阻为BCR，则题图中通有电流的电路可以简化为图 1 中的电路B、C 右方的电路又可简化为图 2 的电路，其中CBR是虚线右方电路的等效电阻由于B、C右方的电路与 B、C 右

19、方的电路结构相同，而且都是无穷组合电路，故有 CBBCRR (1)由电阻串、并联公式可得 CBCBBCRRR221(2)2 Q 10V 18 Q24V 20V 10 QCC2 B A C D C3 E 30 图 3 O R vB vA VA A B 20V 30 10 24V 18 10V BCR B C B C CBR 1.0 2.0 B C 图 1 图 2 10 由式(1)、(2)两式得 022BCBCRR 解得 0.2BCR (3)图 1 所示回路中的电流为 AAI10.02183010241020 (4)电流沿顺时针方向。设电路中三个电容器的电容分别为 C1、C2和 C3，各电容器极板

20、上的电荷分别为 Q1、Q2和 Q3，极性如图 3 所示由于电荷守恒，在虚线框内，三个极板上电荷的代数和应为零，即 0231QQQ (5)A、E 两点间的电势差 3311CQCQUUEA (6)又有 VVUUEA0.710.03010 （7）B、E 两点间的电势差 3322CQCQUUEB （8）又有 V26V10.02024EBUU（9）根据(5)、(6)、(7)、(8)、(9)式并代入 C1、C2和 C3之值后可得 C103.143Q（10）即电容器 C3与 E 点相接的极板带负电，电荷量为C103.14 评分标准：本题 17 分求得（3）式给 3 分，（4）式 1 分，（5）、（6）、（7

21、）、（8）、（9）、（10）式各2 分，指出所考察的极板上的电荷是负电荷再给 1 分 九、设从烧断线到砝码 1 与弹簧分离经历的时间为t，在这段时间内，各砝码和砝码托盘的受力情况如图 1 所示：图中，F 表示t 时间内任意时刻弹簧的弹力，T 表示该时刻跨过滑轮组的图 1 F mg 1 T mg 2 T mg 3 F T0 mg 11 轻绳中的张力，mg 为重力，T0为悬挂托盘的绳的拉力因 D 的质量忽略不计，有 TT20(1)在时间t 内任一时刻，砝码 1 向上运动，托盘向下运动，砝码 2、3 则向上升起，但砝码 2、3 与托盘速度的大小是相同的设在砝码 1 与弹簧分离的时刻，砝码 1 的速度

22、大小为v1，砝码 2、3 与托盘速度的大小都是 v2，由动量定理，有 1vmIImgF(2)2vmIImgT(3)2vmIImgT(4)20vmIIITmgF(5)式中 IF、Img、IT、0TI分别代表力 F、mg、T、T0在t 时间内冲量的大小。注意到式(1)，有 TTII20(6)由(2)、(3)、(4)、(5)、(6)各式得 1231vv (7)在弹簧伸长过程中，弹簧的上端与砝码 1 一起向上运动，下端与托盘一起向下运动以l1表示在t 时间内弹簧上端向上运动的距离，l2表示其下端向下运动的距离由于在弹簧伸长过程中任意时刻，托盘的速度都为砝码 1 的速度的 1/3，故有 1231ll(8

23、)另有 021lll(9)在弹簧伸长过程中，机械能守恒，弹簧弹性势能的减少等于系统动能和重力势能的增加，即有 22122212022132121lmglmglmgmmklvv(10)由(7)、(8)、(9)、(10)式得 020212123mglklmv(11)砝码 1 与弹簧分开后，砝码作上抛运动，上升到最大高度经历时间为 t1，有 11gtv(12)砝码 2、3 和托盘的受力情况如图 2 所示，以a表示加速度的大小，有 maTmg (13)T mg 2 T mg 3 T0 mg 图 2 12 maTmg (14)mamgT0 (15)TT20 （16）由(14)、(15)和(16)式得 ga31 (17)托盘的加速度向上，初速度 v2向下，设经历时间 t2，托盘速度变为零，有 22atv(18)由(7)、(12)、(17)和(18)式，得 gtt121v(19)即砝码 1 自与弹簧分离到速度为零经历的时间与托盘自分离到速度为零经历的时间相等 由对称性可知，当砝码回到分离位置时，托盘亦回到分离位置，即再经历 t1，砝码与弹簧相遇 题中要求的时间 12tt总(20)由(11)、(12)、(20)式得 02021232mglklmgt总(21)评分标准：本题 18 分.求得（7）式给 5 分，求得（11）式给 5 分，（17）、（19）、（20）、（21）式各2 分