物理复习方略鲁科选修电容器与电容带电粒子在电场中的运动资料学习教案.pptx

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1、会计学1物理物理(wl)复习方略鲁科选修电容器与电复习方略鲁科选修电容器与电容带电粒子在电场中的运动资料容带电粒子在电场中的运动资料第一页，共78页。2.常见的电容器(1)分类：从构造上可分为(fn wi)_电容器和_ 电容器。(2)击穿电压：加在电容器极板上的_ 电压，电容器外壳上标的电压是_ 电压，这个电压比击穿电压_(选填“高”或“低”)。固定(gdng)可变极限(jxin)额定低第2页/共78页第二页，共78页。3.电容(1)定义式：C=_。(2)单位：法拉(F)，1 F=_F=_pF。(3)电容与电压、电荷量的关系：电容C的大小(dxio)由电容器本身结构决定，与电压、电荷量_。不随

2、Q变化，也不随电压变化。由C=可推出C=1061012无关(wgun)第3页/共78页第三页，共78页。4.平行板电容器及其电容(1)影响(yngxing)因素：平行板电容器的电容与_ 成正比，与介质的_ 成正比，与_ 成反比。(2)决定式：_，k为静电力常量。正对面积(min j)介电常数(ji din chn sh)两板间的距离第4页/共78页第四页，共78页。知识点 2 带电粒子在匀强电场中的运动 1.平衡(pnghng)问题平衡(pnghng)条件:F合_。2.加(减)速问题带电粒子沿与电场线平行的方向进入匀强电场中，受到的静电力方向与运动方向在一条直线上，做_ 运动。0匀变速(bin

3、 s)直线第5页/共78页第五页，共78页。3.偏转问题(wnt)(1)运动性质不计重力的带电粒子以速度v0垂直于电场线方向飞入匀强电场时，受到方向与初速度方向垂直的静电力作用而做_ 运动。(2)处理方法分析方法类平抛运动的合成与分解a.垂直于电场线方向为_ 运动。b.平行于电场线方向为初速度为零的_ 运动。类平抛匀速直线匀加速(ji s)第6页/共78页第六页，共78页。基本过程，如图所示几个结论设粒子带电荷量为q，质量为m，两平行金属板间的电压为U，板长为l，板间距离(jl)为d，(忽略重力影响)，则有第7页/共78页第七页，共78页。a.加速度：_。b.在电场(din chng)中的运动

4、时间：t=_。_ _ _第8页/共78页第八页，共78页。知识点 3 示波管 1.构造(guzo)_，偏转电极，荧光屏。(如图所示)电子枪第9页/共78页第九页，共78页。2.工作原理(1)YY上加的是待显示的 _，XX上是机器自身产生(chnshng)的锯齿形电压，叫做 _。(2)观察到的现象。如果在偏转电极 XX和YY之间都没有加电压，则电子枪射出的电子沿直线运动，打在荧光屏 _，在那里产生(chnshng)一个亮斑。若所加扫描电压和 _ 的周期相等，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内变化的稳定图像。信号(xnho)电压扫描(somio)电压中心信号电压第10页/共78页第十页，共7

5、8页。【思考辨析】(1)电容器的电容表示(biosh)其储存电荷的能力。()(2)电容器的电容与它所带的电荷量成正比。()(3)放电后的电容器电量为零，电容也为零。()(4)带电粒子在匀强电场中只能做类平抛运动。()(5)带电粒子在电场中可以做圆周运动。()(6)示波管屏幕上的亮线是由电子束高速撞击荧光屏而产生的。()(7)带电粒子在电场中运动时重力必须忽略不计。()第11页/共78页第十一页，共78页。分析:电容器是能够储存电荷的器件，用电容表示其储存电荷的本领，故(1)对。电容的定义式 但一个固定电容器的电容C是不变的，即使电容器放电后，其电容C也不变，故(2)、(3)均错。带电粒子(lz

6、)在匀强电场中可以做直线运动，也可以做曲线运动，运动形式由初速度方向与电场方向的夹角决定，故(4)错。在点电荷的电场中，带电粒子(lz)可以围绕点电荷做圆周运动，故(5)对。由示波管的原理可知，(6)对。带电粒子的重力是否能忽略，由具体问题的研究条件决定，如对基本粒子(lz)，重力一般都可忽略；但对带电液滴、油滴、小球等，重力一般不能忽略，故(7)错。第12页/共78页第十二页，共78页。考点 1 平行板电容器的两类动态变化问题(三年3考)对比分析【考点解读】1.分析比较的思路(1)确定不变量，分析是电压不变还是(hi shi)所带电荷量不变。(2)用决定式 分析平行板电容器电容的变化。(3)

7、用定义式 分析电容器所带电荷量或两极板间电压的变化。(4)用 分析电容器极板间场强的变化。第13页/共78页第十三页，共78页。2.两类动态变化问题(wnt)的比较分类分类充电后与电池两极相连充电后与电池两极相连充电后与电池两极断开充电后与电池两极断开不变量不变量U UQ Qd d变大变大C C变小变小Q Q变小变小E E变小变小C C变小变小U U变大变大E E不变不变S S变大变大C C变大变大Q Q变大变大E E不变不变C C变大变大U U变小变小E E变小变小变大变大C C变大变大Q Q变大变大E E不变不变C C变大变大U U变小变小E E变小变小第14页/共78页第十四页，共78页

8、。【典例透析1】用控制变量法，可以研究影响平行板电容器的因素(如图)。设两极板正对面积(min j)为，极板间的距离为，静电计指针偏角为。实验中，极板所带电荷量不变，若()A.保持S不变，增大d，则 变大B.保持S不变，增大d，则 变小C.保持d不变，增大S，则 变小D.保持d不变，增大S，则 不变第15页/共78页第十五页，共78页。【解题探究】(1)静电计的指针偏角越大，说明(shumng)板间电势差_。(2)由电容定义式 可知，在Q不变时，U越大，说明(shumng)C_。越大越小【解析】选 A、C。由 可得：保持S不变，增大 d，则U增大，即 变大，故 A正确，B错误(cuw)；保持d

9、不变，增大 S，则 U减小，即 变小，故 C对，D错。第16页/共78页第十六页，共78页。【总结提升】分析平行(pngxng)板电容器时的两个关键点在分析平行(pngxng)板电容器的动态变化问题时，必须抓住两个关键点：(1)确定不变量：首先要明确动态变化过程中的哪些量不变，一般情况下是保持电量不变或板间电压不变。(2)恰当选择公式：要灵活选取电容的两个公式分析电容的变化，还要应用 分析板间电场强度的变化情况。第17页/共78页第十七页，共78页。【变式训练】(2013深圳模拟)如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源(内阻不计)连接，下极板接地。一带电油滴位于电容器中的P点且恰好(qi

10、ho)处于平衡状态。现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离()A.带电油滴将沿竖直方向向上运动B.P点的电势将降低C.带电油滴运动时电势能将减少D.若电容器的电容减小，则极板带电荷量将增大第18页/共78页第十八页，共78页。【解析】选 B。由于电容器与电源连接，电压 U不变，板间场强 随d的增大而减小，所以油滴将不再平衡而向下(xin xi)运动，电场力做负功，电势能增大，故 A、C均错。P点与地的电势差UPO=qEd，q和d均不变而 E减小，故 P点电势将降低，B项正确。据Q=CU可知，电压 U不变时减小电容 C，则极板带电荷量将减小，故D错误。第19页/共78页第十九页，共78页

11、。考点 2 示波管的工作原理(三年2考)深化理解【考点解读】电子在示波管中的运动规律(1)电子在电子枪中加速(ji s)获得初速度v，由动能定理可得eU=U为加速(ji s)电场的电压。(2)电子在偏转电场中向正极板偏转，在荧光屏上打出的光斑位置随电压的变化而变化。第20页/共78页第二十页，共78页。(3)要研究的信号电压加在竖直偏转板上，水平偏转板上的电压是扫描电压。(4)电子打在荧光屏上将出现亮点，若电子打在屏上的位置快速移动，由于视觉暂留效应(xioyng)，能在荧光屏上看到一条亮线。第21页/共78页第二十一页，共78页。【典例透析2】(2011安徽高考)图(a)为示波管的原理图。如

12、果在电极YY之间所加的电压按图(b)所示的规律(gul)变化，在电极XX之间所加的电压按图(c)所示的规律(gul)变化，则在荧光屏上会看到的图形是()第22页/共78页第二十二页，共78页。第23页/共78页第二十三页，共78页。【解题探究】(1)电子带负电，运动过程中向电势_(选填“高”或“低”)的方向偏转。(2)由电子的偏移量与偏转电压成_，从而得出几个特殊点的关系。【解析(ji x)】选B。示波管YY间为信号电压，XX间为扫描电压，0t1，Y板电势高,电子向Y板偏转，X板电势高,电子向X板偏转，由此知C、D错；又根据偏移量公式 偏移量与偏转电压成正比，0、t1、2t1时刻偏转电压为0，

13、偏移量也为0，时刻偏转电压最大，偏移量也最大，所以B对。高正比(zhngb)第24页/共78页第二十四页，共78页。【互动探究】若在这个示波管的荧光屏上出现了一个亮斑P，如图所示，那么示波管中的()A.极板X应带正电B.极板X应带正电C.极板Y应带正电D.极板Y应带正电【解析】选A、C。由电子枪发射出的电子带负电，所以P点的亮斑是由于极板X和Y带正电所形成(xngchng)的，故A、C正确。第25页/共78页第二十五页，共78页。【总结(zngji)提升】示波管上图像的种类YYYYXXXX图像图像1 1U=0U=0U=0U=0中心亮斑中心亮斑2 2恒压恒压恒压恒压光斑光斑3 3交变电压交变电压

14、U=0U=0竖线竖线4 4U=0U=0扫描电压扫描电压横线横线5 5交变电压交变电压扫描电压扫描电压交变信号交变信号第26页/共78页第二十六页，共78页。考点 3 带电粒子在电场中的偏转(三年5考)拓展延伸【考点解读(ji d)】1.粒子的偏转角(1)以初速度v0垂直进入偏转电场：如图所示，设带电粒子质量为m，带电荷量为q，偏转电压为U1，若粒子飞出电场时偏转角为,则第27页/共78页第二十七页，共78页。结论(jiln)：动能一定时，tan与q成正比，电荷量相同时tan与动能成反比。第28页/共78页第二十八页，共78页。(2)粒子从静止开始经加速电场(din chng)U0加速后再进入偏

15、转电场(din chng)则有：qU0=mv02可解得：结论：粒子的偏转角与粒子的q、m无关，仅取决于加速电场(din chng)和偏转电场(din chng)。第29页/共78页第二十九页，共78页。2.粒子(lz)在匀强电场中偏转时的两个结论(1)以初速度v0进入偏转电场作粒子(lz)速度的反向延长线，设交于O点，O点与电场边缘的距离为x，则结论：粒子(lz)从偏转电场中射出时，就像是从极板间的 处沿直线射出。第30页/共78页第三十页，共78页。(2)经加速电场加速再进入偏转电场：若不同的带电粒子都是从静止经同一加速电压 U0加速后进入偏转电场的，则偏移量：偏转角正切：结论：无论带电粒子

16、的 m、q如何，只要经过同一加速电场加速，再垂直进入同一偏转电场，它们飞出的偏移量y和偏转角都是相同(xin tn)的，也就是运动轨迹完全重合。第31页/共78页第三十一页，共78页。【典例透析3】(2013南昌模拟)如图所示，真空中水平放置的两个相同极板Y和Y长为L，相距d，足够大的竖直屏与两板右侧相距b。在两板间加上可调偏转电压(diny)UYY，一束质量为m、带电量为+q的粒子(不计重力)从两板左侧中点A以初速度v0沿水平方向射入电场且能穿出。第32页/共78页第三十二页，共78页。(1)证明粒子飞出电场后的速度(sd)方向的反向延长线交于两板间的中心O点；(2)求两板间所加偏转电压 U

17、YY的范围；(3)求粒子可能到达屏上区域的长度。【解题探究】(1)带电粒子在两极板之间的电场中做_。(2)当两极板间所加的电压最大时，带电粒子恰好从_。(3)带电粒子到达屏上区域边缘对应极板间所加的电压_。类平抛运动(yndng)极板(j bn)的右边缘飞出最大第33页/共78页第三十三页，共78页。【解析】(1)设粒子在运动(yndng)过程中的加速度大小为 a，离开偏转电场时偏转距离为 y，沿电场方向的速度为 vy，偏转角为，其反向延长线通过 O点，O点与板右端的水平距离为 x，则有y=at2 L=v0t 第34页/共78页第三十四页，共78页。vy=attan=联立可得即粒子飞出电场后的

18、速度方向的反向(fn xin)延长线交于两板间的中心O点。(2)a=E=由式解得第35页/共78页第三十五页，共78页。当y=时，则两板间所加电压的范围为(3)当y=时，粒子在屏上侧向偏移的距离最大，设其大小为 y0，则y0=y+btan又解得：故粒子在屏上可能到达的区域(qy)的长度为第36页/共78页第三十六页，共78页。答案(d n)：(1)见解析 (2)(3)第37页/共78页第三十七页，共78页。【总结提升】确定粒子打到屏上的位置离屏中心的距离y的三种方法(1)y=y+vy(2)y=y+btan(3)y=(+b)tan其中y=(+b)tan是应用上例第(1)问的结论(jiln)得出的

19、，一般不直接用于计算题的求解过程。第38页/共78页第三十八页，共78页。【变式训练(xnlin)】如图所示，A板发出的电子经加速后，水平射入水平放置的两平行金属板间，金属板间所加的电压为U，电子最终打在荧光屏 P上，关于电子的运动，则下列说法中正确的是()第39页/共78页第三十九页，共78页。A.滑动触头向右移动时，其他(qt)不变，则电子打在荧光屏上的位置上升B.滑动触头向左移动时，其他(qt)不变，则电子打在荧光屏上的位置上升C.电压U增大时，其他(qt)不变，则电子打在荧光屏上的速度大小不变D.电压U增大时，其他(qt)不变，则电子从发出到打在荧光屏上的时间不变第40页/共78页第四

20、十页，共78页。【解析】选 B、D。电子加速有 eU0=mv02,电子偏转有 滑动触头向右移动,U0增大,y减小，A错误(cuw)，B正确；两电场对电子做的功为 U增大，y增大，则 W增大，所以选项 C错误(cuw)；电子在加速电场中匀加速时间不变，在偏转电场中匀速运动时间也不变，所以运动总时间不变，选项D正确。故答案为 B、D。第41页/共78页第四十一页，共78页。【变式备选】如图所示为一真空示波管的示意图，电子从灯丝K发出(初速度可忽略不计)，经灯丝与A板间的电压U1加速，从A板中心孔沿中心线KO射出，然后进入两块平行金属板M、N形成的偏转电场中(偏转电场可视为匀强电场)，电子进入M、N

21、间电场时的速度与电场方向垂直，电子经过偏转电场后打在荧光屏上的P点。已知M、N两板间的电压为U2，两板间的距离为d，板长为L，电子的质量(zhling)为m，电荷量为e，不计电子受到的重力及它们之间的相互作用力。第42页/共78页第四十二页，共78页。(1)求电子(dinz)穿过A板时速度的大小；(2)求电子(dinz)从偏转电场射出时的侧移量；(3)若要使电子(dinz)打在荧光屏上 P点的上方，可采取哪些措施？第43页/共78页第四十三页，共78页。【解析】(1)设电子经电压 U1加速后的速度为 v0，由动能定理eU1=mv02-0，解得v0=(2)电子以速度 v0进入偏转电场(din c

22、hng)后，垂直于电场(din chng)方向做匀速直线运动，沿电场(din chng)方向做初速度为零的匀加速直线运动。设偏转电场(din chng)的电场(din chng)强度为E，电子在偏转电场(din chng)中运动的时间为 t，加速度为a，电子离开偏转电场(din chng)时的侧移量为 y。由牛顿第二定律和运动学公式第44页/共78页第四十四页，共78页。F=ma,F=eE,y=at2解得：(3)由 可知，减小U1和增大U2均可使y增大，从而使电子打在P点上方。答案(d n)：(1)(2)(3)减小加速电压U1或增大偏转电压U2第45页/共78页第四十五页，共78页。考点 4

23、匀强电场与重力(zhngl)场的综合问题(三年4考)解题技巧【考点解读】分析粒子运动的两个观点1.用动力学的观点分析带电粒子的运动(1)由于匀强电场中带电粒子所受静电力和重力(zhngl)都是恒力，可用正交分解法。(2)类似于处理偏转问题，将复杂的运动分解为正交的简单直线运动，化繁为简。第46页/共78页第四十六页，共78页。(3)综合(zngh)运用牛顿运动定律和匀变速直线运动公式，注意受力分析要全面，特别注意重力是否需要考虑的问题，另外要注意运动学公式里包含物理量的正负号，即其矢量性。2.用能量的观点来分析带电粒子的运动(1)运用能量守恒定律，注意题目中有哪些形式的能量出现。(2)运用动能

24、定理，注意过程分析要全面，准确求出过程中的所有功，判断选用分过程还是全过程使用动能定理。第47页/共78页第四十七页，共78页。【典例透析4】在足够长的粗糙绝缘板A上放一个质量为m、电荷量为+q的小滑块B。用手托住A置于方向水平向左、场强大小为E的匀强电场中，此时A、B均能静止，如图所示。现将绝缘板A从图中位置 P垂直电场线移至位置Q，发现小滑块B相对于A发生了运动。为研究方便可以将绝缘板A的运动简化成先匀加速接着匀减速到静止的过程。测量发现竖直方向加速(ji s)的时间为0.8 s，减速的时间为0.2 s。P、Q位置高度差为0.5 m。已知匀强电场的场强 A、B之间动摩擦因数=0.4,g取1

25、0 m/s2。求：第48页/共78页第四十八页，共78页。(1)绝缘板A加速和减速的加速度大小分别为多大？(2)滑块B最后停在离出发点水平距离为多大处？【解题探究】(1)开始时A、B能保持相对静止(jngzh)，说明电场力_ 最大静摩擦力，此时B对A的压力_mg。小于等于(dngy)第49页/共78页第四十九页，共78页。(2)B相对于A滑动，说明电场力_ 摩擦力，此时B对A的压力_mg。说明绝缘板A向上做_。【解析】(1)设绝缘板A匀加速和匀减速(jin s)的加速度大小分别为a1和a2，其时间分别为t1和t2，P、Q高度差为h，则有a1t1=a2t2h=a1t12+a2t22解得a1=1.

26、25 m/s2，a2=5 m/s2。大于小于匀减速运动(jin s yn dn)第50页/共78页第五十页，共78页。(2)研究滑块B，在绝缘板A上匀减速的过程中，由牛顿(ni dn)第二定律可得竖直方向：mg-N=ma2水平方向：Eq-N=ma3解得a3=0.1g=1 m/s2在这个过程中滑块B的水平位移大小为s3=a3t22=0.02 m。在绝缘板A静止后，滑块B将沿水平方向做匀减速运动，设加速度大小为a4，有mg-Eq=ma4，得a4=0.1g=1 m/s2第51页/共78页第五十一页，共78页。该过程中滑块B的水平位移大小为s4=s3=0.02 m最后滑块B静止时离出发点的水平距离(j

27、l)s=s4+s3=0.04 m。答案：(1)1.25 m/s2 5 m/s2 (2)0.04 m第52页/共78页第五十二页，共78页。【变式训练】(2013成都模拟)如图所示，M、N为水平放置、互相平行且厚度不计的两金属板，间距(jin j)d=35 cm，已知N板电势高，两板间电压U3.5104 V。现有一质量m=7.010-6 kg，电荷量q=6.010-10 C的带负电油滴，由N板下方距N为h=15 cm的O处竖直上抛，经N板中间的P孔进入电场，到达上板Q点时速度恰为零(g取10 m/s2)。求油滴上抛的初速度v0。第53页/共78页第五十三页，共78页。【解析】全过程重力做负功，油

28、滴在M、N间运动(yndng)时电场力做负功，全过程根据动能定理有：-mg(d+h)-qU=0-mv02解得代入数据得v0=4 m/s答案:4 m/s第54页/共78页第五十四页，共78页。【典例透析】制备纳米薄膜装置的工作电极可简化为真空中间距为d的两平行极板，如图甲所示。加在极板A、B间的电压UAB做周期性变化，其正向电压为U0，反向电压为-kU0(k1)，电压变化的周期为2，如图乙所示。在t=0时，极板B附近的一个电子，质量为m、电荷量为e，受电场作用由静止开始(kish)运动。若整个运动过程中，电子未碰到极板A，且不考虑重力作用。若 电子在02时间内不能到达极板A，求d应满足的条件。【

29、备选(bi xun)例题】考查内容考查内容带电粒子在交变电场中的运动带电粒子在交变电场中的运动第55页/共78页第五十五页，共78页。【规范解答】电子在0时间(shjin)内做匀加速运动，加速度的大小为 位移x1=a12第56页/共78页第五十六页，共78页。在2时间(shjin)内先做匀减速运动，后反向做匀加速运动加速度的大小为a2=初速度的大小为v1=a1匀减速运动阶段的位移x2=依据题意dx1+x2解得答案：第57页/共78页第五十七页，共78页。电场中粒子运动的综合问题【典例】(2011北京高考)(20分)静电场方向平行于x轴，其电势随x的分布可简化为如图所示的折线(zhxin)，图中

30、0和d为已知量。一个带负电的粒子在电场中以x=0为中心。沿x轴方向做周期性运动。已知该粒子质量为m、电量为-q，其动能与电势能之和为-A(0Aq0)，忽略重力。求：(1)粒子所受电场力的大小；(2)粒子的运动区间；(3)粒子的运动周期。第58页/共78页第五十八页，共78页。关键信息关键信息信息挖掘信息挖掘题题干干电势电势随随x x的分布可简的分布可简化为如图所示的折线化为如图所示的折线结合图像可知，在结合图像可知，在x x轴上电势轴上电势从从x=0 x=0向两侧均匀降低，说明向两侧均匀降低，说明电场为匀强电场，由电场为匀强电场，由x=0 x=0处指处指向向x x轴正、负方向，在轴正、负方向，

31、在dd处，处，电势为零电势为零沿沿x x轴方向做周期性运轴方向做周期性运动动粒子带负电，做周期性运动，粒子带负电，做周期性运动，可知粒子的运动在一定的区间可知粒子的运动在一定的区间内内动能与电势能之和为动能与电势能之和为-A-A电势能电势能q q中的中的与与x x有关，根有关，根据能量守恒，当动能最小时，据能量守恒，当动能最小时，q q最大最大【审题抓住信息(xnx)，快速推断】第59页/共78页第五十九页，共78页。关键信息关键信息信息挖掘信息挖掘问问题题粒子的运动区间粒子的运动区间由图像可知，在由图像可知，在x x轴上轴上x x处的处的电势电势 可解出可解出x x的区间的区间粒子的运动周期

32、粒子的运动周期粒子在此匀强电场中做匀变粒子在此匀强电场中做匀变速周期性运动，可先求出四速周期性运动，可先求出四分之一周期的时间，再求出分之一周期的时间，再求出周期周期第60页/共78页第六十页，共78页。(1)由题图可知，O与d(或-d)两点的电势差为0电场强度大小(dxio)(2分)电场力的大小(dxio)F=qE=(2分)(2)设粒子在-x0，x0区间运动，速率为v，由题意得 mv2-q=-A (2分)由题图可知=0(1-(1分)【答题规范解题(ji t)，步步得分】第61页/共78页第六十一页，共78页。由得，(2分)因动能非负，有得 (2分)即 (1分)粒子(lz)运动的区间 (2分)

33、第62页/共78页第六十二页，共78页。(3)粒子从-x0处开始运动(yndng)四分之一周期的时间为 t，根据牛顿第二定律得粒子的加速度：(2分)由于粒子做匀加速直线运动(yndng)，则 (2分)粒子运动(yndng)的周期 (2分)答案：(1)(2)(3)第63页/共78页第六十三页，共78页。【双基题组】1.如图所示为一只“极距变化型电容式传感器”的部分构件示意图。当动极板和定极板之间的距离d变化时，电容 C便发生变化，通过测量电容 C的变化就可知道两极板之间距离 d的变化情况。在下列图中能正确(zhngqu)反映C与d之间变化规律的图像是()第64页/共78页第六十四页，共78页。【

34、解析】选A。根据电容的决定(judng)式 可知，电容C与d成反比，函数图像是双曲线的一支，故只有A正确。第65页/共78页第六十五页，共78页。2.(2013 汕头模拟)将三个质量相等的带电微粒分别以相同的水平速度由P点射入水平放置的平行金属板间，已知上板带正电，下板接地。三个微粒分别落在图中A、B、C三点，不计其重力作用，则()A.三个微粒在电场中的运动时间相等B.三个微粒的带电量相同C.三个微粒所受电场力的大小关系是FAFBEkBEkA第66页/共78页第六十六页，共78页。【解析】选C、D。由带电微粒(wil)的运动轨迹可判断出竖直方向上的加速度关系为aCaBaA，所以有电量qCqBq

35、A，电场力FCFBFA，故B错C对。粒子在电场中的运动时间 因lClBlA，故tCtBEkBEkA,D正确。第67页/共78页第六十七页，共78页。【高考题组】3.(2012海南高考)将平行板电容器两极板(j bn)之间的距离、电压、电场强度大小和极板(j bn)所带的电荷量分别用 d、U、E和Q表示。下列说法正确的是()A.保持U不变，将 d变为原来的两倍，则 E变为原来的一半B.保持E不变，将 d变为原来的一半，则 U变为原来的两倍C.保持d不变，将 Q变为原来的两倍，则 U变为原来的一半D.保持d不变，将 Q变为原来的一半，则 E变为原来的一半第68页/共78页第六十八页，共78页。【解

36、析】选A、D。由 可知，保持U不变，将d变为原来的两倍，则E变为原来的一半，选项A正确(zhngqu)；保持E不变，将d变为原来的一半，则U变为原来的一半，选项B错误；由知，保持d不变，即电容C不变，再由 知，将Q变为原来的两倍时，U也将变为原来的两倍，选项C错误；同理，将Q变为原来的一半时，U也变为原来的一半，由 知，E变为原来的一半，选项D正确(zhngqu)。第69页/共78页第六十九页，共78页。4.(2011广东高考)如图为静电除尘器除尘机理的示意图。尘埃在电场中通过某种机制带电(di din)，在电场力的作用下向集尘极迁移并沉积，以达到除尘目的，下列表述正确的是()第70页/共78

37、页第七十页，共78页。A.到达集尘极的尘埃带正电荷B.电场方向由集尘极指向放电极C.带电尘埃所受电场力的方向与电场方向相同D.同一位置带电荷量越多的尘埃所受电场力越大【解析】选B、D。放电极与电源的负极相连，集尘极与电源的正极相连，所以集尘极的电势高于放电极，电场方向从集尘极指向放电极，到达集尘极的是带负电荷的尘埃，故A错误(cuw)，B正确；尘埃带负电，它受到的电场力方向与电场方向相反，C错误(cuw)；空间某点的电场强度是确定的，尘埃的带电量越大，受力越大，D正确。第71页/共78页第七十一页，共78页。5.(2011 安徽高考)如图(a)所示，两平行正对的金属板 A、B间加有如(yur)

38、图(b)所示的交变电压，一重力可忽略不计的带正电粒子被固定在两板的正中间P处。若在 t0时刻释放该粒子，粒子会时而向 A板运动，时而向 B板运动，并最终打在 A板上。则 t0可能属于的时间段是()第72页/共78页第七十二页，共78页。A.0t0 B.t0C.t0T D.Tt0【解析】选B。画出带电粒子速度时间图像，根据v-t图像中的“面积”研究各时刻开始的带电粒子的运动情况，A选项可画出 时刻开始的运动图像，如图(a),由图知在一个周期(zhuq)内粒子运动的总面积为正，即粒子向B板靠近，最终会打到B板上,A选项错；B选项可画出 时刻开始的运动图像，如图(b),由图知在一个周期(zhuq)内粒子运动的总面积为负，即粒子向A板靠第73页/共78页第七十三页，共78页。近，最终会打到A板上,B选项对；C选项可画出 时刻开始(kish)的运动图像，同理知在一个周期内粒子运动的总面积为正，即粒子向B板靠近，最终会打到B板上，C选项错；同理D选项错。第74页/共78页第七十四页，共78页。A卷B卷第75页/共78页第七十五页，共78页。第76页/共78页第七十六页，共78页。第77页/共78页第七十七页，共78页。感谢您的观看(gunkn)！第78页/共78页第七十八页，共78页。