物理最后的备考与冲刺学习教案.pptx

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1、物理最后物理最后(zuhu)的备考与冲刺的备考与冲刺第一页，共67页。一、重申(chngshn)几点建议 1、相信老师(losh)，相信自己，满怀信 心参加高考；2、制定切实可行的目标，以平常心参加(cnji)高考。在考试中做到“不该丢的分，不丢少丢”就算考好了。第1页/共67页第二页，共67页。3、清理自己的思路，别把自己的思想搞乱，“巩固已有的阵地，慎重开辟新战场”。整理好自己“大脑中的智力书架(sh ji)”，做一位清醒的“战士”。4、对自己做过的众多的题目进行分类(fn li)、归类。详细讨论其中的基本习题，充分发挥基本习题的“物理营养”，着力领会其中物理思想和物理方法，加深对物理概念

2、和规律的理解。第2页/共67页第三页，共67页。5、在总复习工作中，善于做加减法。只有在某些问题中做减法，才能(cinng)在另一些问题上做加法。在考场上也要善于做“加减法”。6、敢于争论、辩论(binln)，才能加深对问题的理解和认识，也才能记得“牢”。第3页/共67页第四页，共67页。“学习最忌讳的是自私”。“把不懂的人讲懂，收获最大的是自己。”“能把好学生讲服了，又能把成绩差的讲懂了，这样的学生才是高水平的学生。”“有问题不隔夜不带回家。”养成良好的学习习惯。形成讨论(toln)、争论问题的氛围，提高复习效益。第4页/共67页第五页，共67页。1一条足够长的浅色水平传送带自左向右匀速运行

3、。现将一个木炭包无初速地放在传送带的最左端，木炭包在传送带上将会留下一段黑色的径迹。下列(xili)说法中正确的是 A黑色的径迹将出现在木炭包的左侧;B木炭包与传送带间动摩擦因数越大，径迹的长度越短;C传送带运动的速度越大，径迹的长度越短;D木炭包的质量越大，径迹的长度越短。二、例题(lt)第5页/共67页第六页，共67页。分析：炭包放在传送带上时，水平速度为零，只有经过一段时间之后，炭包才能与传送带保持静止，一起(yq)运动。什么(shn me)力使炭包向右做加速运动？摩擦力！炭包运动多远？才能取得与传送带一样(yyng)的速度。在这段时间内传送带“走”多远？以炭包为研究对象，受力情况如图所

4、式。假设传送带的速度为v，炭包与传送带的动摩擦因素为。第6页/共67页第七页，共67页。对炭包，有 炭包取得速度(sd)v的时间与位移：第7页/共67页第八页，共67页。与此同时传送带运动(yndng)多远？在这段时间内，传送带与炭包的位移(wiy)差：选项 A黑色的径迹(jn j)将出现在木炭包的左侧;A错误。第8页/共67页第九页，共67页。；选项B木炭包与传送带间动摩擦因数越大，径迹(jn j)的长度越短;正确(zhngqu)选项C传送带运动的速度(sd)越大，径迹的长度越短;错误 选项D木炭包的质量越大，径迹的长度越短。错误。第9页/共67页第十页，共67页。2、如图所示，倾角为的传送

5、带沿逆时针方向以加速度a加速转动时，小物体A与传送带相对(xingdu)静止。重力加速度为g。则 A只有a gsin，A才受沿传送带向上的静摩擦力作用 B只有a gsin，A才受沿传送带向上的静摩擦力作用 C只有a=gsin，A才受沿传送带向上的静摩擦力作用 D无论a为多大，A都受沿传送带向上的静摩擦力作用 第10页/共67页第十一页，共67页。分析(fnx)：以A物体为研究对象，摩擦力向上(xingshng)的受力情况如图所示。根据(gnj)F合=ma有 因为，向上的摩擦力，0 gsin，A才受沿传送带向上的静摩擦力作用 当a gsin，静摩擦力必向下。错误错误第12页/共67页第十三页，共

6、67页。3、质量为M的物块以速度(sd)V运动，与质量为m的静止物块发生正撞，碰撞后两者的动量正好相等，两者质量之比M/m可能为 A.2 B.3 C.4 D.5 分析(fnx)：根据动量守恒(shu hn)，以V方向为正方向，有：第13页/共67页第十四页，共67页。由动能(dngnng)损失可知：所以(suy)，选项A与B正确。选项A.2 B.3 C.4 D.5第14页/共67页第十五页，共67页。讨论：质量为M的物块以速度V运动，与质量为m的静止(jngzh)物块发生正撞，什么情况下？动能损失最大。根据动量守恒(shu hn)，以V方向为正方向，有：解：（1）动能(dngnng)损失 （2

7、）第15页/共67页第十六页，共67页。将（1）式代入（2）式，有：当 即两物体(wt)取得相同速度时，也是完全非弹性碰撞 最大，最大值为：第16页/共67页第十七页，共67页。4图为一列(y li)横波在某时刻的波形图，若此时刻质点P正处于加速运动过程中，则此时刻 A质点Q和质点N均处于加速运动过程中 B质点Q和质点N均处于减速运动过程中 C质点Q处于加速运动过程中，质点N处于减速运动过程中 D质点Q处于减速运动过程中，质点N处于加速运动过程中第17页/共67页第十八页，共67页。波动过程的特点：1、后振动的质点总是跟着先振动的质点振动，只是(zhsh)开始的时间晚一点。后振动的质点总是重复

8、先振动质点的运动。相距 波长的两点，开始振动的时间相差 周期。2、波动过程只是(zhsh)运动形式（能量）的传递，物质并不迁移。各个质点只在自己的平衡位置附近振动。3、相距一个波长（或一个波长整数倍）的两点，振动的情况（状态）完全相同；相距半个波长（或半个波长奇倍数）的两点，振动的情况（状态）完全相反。第18页/共67页第十九页，共67页。分析：“此时刻质点P正处于(chy)加速运动过程中”,说明P点正向平衡位置运动，同时说明此波动过程沿x轴的负方向传播，此时刻Q向正向最大位移运动，做减速运动，所以，A、C两选项错误。由“此波动过程(guchng)的方向沿X方向”，可知N正向平衡位置运动，正作

9、加速运动，B错D对。答案D第19页/共67页第二十页，共67页。5.风能将成为21世纪大规模开发的一种可再生清洁能源。风力发电机是将风能（气流的动能）转化为电能的装置，其主要部件包括(boku)风轮机、齿轮箱，发电机等。如图所示。（1）利用总电阻 的线路向外输送风力发电机产生的电能。输送电功率 ，输电电压U=10kV，求导线上损失的功率与输送功率的比值;第20页/共67页第二十一页，共67页。（2）风轮机叶片旋转所扫过的面积为风力发电机可接受风能的面积。设空气密度为，气流速度(sd)为v，风轮机叶片长度为r。求单位时间内流向风轮机的最大风能Pm;在风速和叶片数确定的情况下，要提高风轮机单位时间

10、接受的风能，简述可采取的措施。第21页/共67页第二十二页，共67页。（3）已知风力发电机的输出电功率P与Pm成正比。某风力发电机的风速v1=9m/s时能够(nnggu)输出电功率P1=540kW。我国某地区风速不低于v2=6m/s的时间每年约为5000 小时，试估算这台风力发电机在该地区的最小年发电量是多少千瓦时。第22页/共67页第二十三页，共67页。（1）利用总电阻 的线路向外输送风力发电机产生的电能。输送电功率(gngl)，输电电压U=10kV，求导线上损失的功率(gngl)与输送功率(gngl)的比值;其实是个电能传输的问题(wnt)，也是常说的高压输电的问题(wnt)，对高压输电问

11、题(wnt)应该仔细了解如图所示的物理过程。本题只涉及(shj)当中的两根输电线。第23页/共67页第二十四页，共67页。对于两根输电线的问题，如图所示。为真正了解此问题，应清楚理解其中(qzhng)几个物理量及关系式。第24页/共67页第二十五页，共67页。输电线上的电流(dinli)导线(doxin)上损失的功率为 损失(snsh)的功率与输送功率的比值 第25页/共67页第二十六页，共67页。求单位时间内流向风轮机的最大风能(fn nn)Pm;在风速和叶片数确定的情况下，要提高风轮机单位时间接受的风能(fn nn)，简述可采取的措施。单位时间内垂直流向叶片旋转(xunzhun)面积的气体

12、质量为vr2 风能的最大功率(gngl)可表示为第26页/共67页第二十七页，共67页。（3）已知风力发电机的输出电功率P与Pm成正比。某风力发电机的风速v1=9m/s时能够输出电功率P1=540kW。我国某地区风速不低于v2=6m/s的时间每年约为5000 小时(xiosh)，试估算这台风力发电机在该地区的最小年发电量是多少千瓦时。根据(gnj)则有风速(fn s)6m/s风力发电机的输出功率为 第27页/共67页第二十八页，共67页。最小年发电量约为 W=P2t=1605000kWh =8105kWh第28页/共67页第二十九页，共67页。6如图甲所示，MN左侧有一垂直纸面向里的匀强磁场。

13、现将一边长为l、质量为m、电阻为R的正方形金属(jnsh)线框置于该磁场中，使线框平面与磁场垂直，且bc边与磁场边界MN重合。当t=0时，对线框施加一水平拉力F，使线框由静止开始向右做匀加速直线运动；当t=t0时，线框的ad边与磁场边界MN重合。图乙为拉力F随时间变化的图线。由以上条件可知，磁场的磁感应强度B的大小为第29页/共67页第三十页，共67页。A B C D 分析(fnx)：根据匀变速运动的规律 注：重力不影响(yngxing)本题的讨论。有：t=t0 时的速度(sd)第30页/共67页第三十一页，共67页。t=0时，对框运用牛顿第二(d r)定律，有：t=t0时，对框运用(ynyn

14、g)牛顿第二定律，有：答案(d n)：B选项第31页/共67页第三十二页，共67页。讨论：导线框受到线性的拉力作用(zuyng)，为什么还能做恒定加速度的运动？因为(yn wi)，它还受到一个障碍运动的安培力的作用，且安培力与速度成正比。正是安培力的增加量抵消拉力的增加量，使合力(hl)保持不变，所以，导线框做恒定加速度的运动。请同学自行讨论t=t0/2时，导线框具有相同加速度。第32页/共67页第三十三页，共67页。7、为2008 年奥运会场馆服务某种环保汽车，总质量 ,以蓄电池为驱动能源，当它在水平路面上以v=36km/h的速度匀速行驶时，驱动电机的输入电流I=50A，电压(diny)U=

15、300V。在此行驶状态下 （2）估算(sun)该驱动电机的电阻大约多大？（1）若驱动电机能够将输入功率的90%转化为用于牵引汽车前进的机械(jxi)功率P机，求汽车所受阻力与车重的比值（g取10m/s2）；第33页/共67页第三十四页，共67页。（3）设想改用太阳能电池给该车供电，其他条件不变，求所需的太阳能电池板的最小面积。结合计算结果，简述你对该设想的思考。已知太阳辐射的总功率 ，太阳到地球的距离 ，太阳光传播(chunb)到达地面的过程中大约有30%的能量损耗，该车所用太阳能电池的能量转化效率约为15%。第34页/共67页第三十五页，共67页。（1）若驱动电机能够将输入功率的90%转化为

16、用于牵引(qinyn)汽车前进的机械功率P机，求汽车所受阻力与车重的比值（g取10m/s2）；解：驱动(q dn)电机的输入功率 以汽车为研究(ynji)对象，它受四个力的作用(如图)在匀速行驶时，F牵=f 则有 求得：所受阻力与车重之比为 第35页/共67页第三十六页，共67页。（2）估算该驱动(q dn)电机的电阻大约多大？由驱动电机的电阻(dinz)发得热功率0.1P电则有：注意(zh y)：在电动机的电路中，因为有电能转化为机械能，所以，初中学习过的欧姆定律(I=U/R)不成立；只有对于纯电阻的用电器，也就是电能全部转化为热的情况下，初中学习的欧姆定律才成立。第36页/共67页第三十七

17、页，共67页。所以，对于电动机电路，一般(ybn)是从能量关系来计算相关的物理。其中，UI为输入电功率，I2R为发热功率，UI I2R就是电动机输出的机械功率。电动机的原理(yunl)如下：对长L、电阻(dinz)r的导线棒ab,当开关K闭合，有如图所示的电流 可见，电动机将电能转化为机械能是通过反与F安来完成的，其中，磁场是转化的媒介。第37页/共67页第三十八页，共67页。已知太阳辐射的总功率 太阳到地球的距离 ，太阳光传播到达地面的过程中大约有30%的能量损耗(snho)，该车所用太阳能电池的能量转化效率约为15%。当阳光(ynggung)垂直电池板入射式，所需板面积最小设为S，距太阳中

18、心为r的球面面积为4r2。设太阳能电池板实际(shj)接收到的太阳能功率为P，由于 ，所以电池板的最小面积其中第38页/共67页第三十九页，共67页。8如图所示，平行金属导轨MN和PQ与水平面成角，导轨两端各与阻值均为R的固定电阻R1和R2相连，匀强磁场垂直穿过导轨平面。质量为m、电阻为R/2的导体棒以一定的初速度沿导轨向上滑动，在滑动过程中导体棒与金属导轨始终垂直并接触良好。已知t1时刻导体棒上滑的速度为v1，此时(c sh)电阻R1消耗的电功率为P1；t2时刻导体棒上滑的速度为v2，此时(c sh)电阻R2消耗的电功率为P2，忽略平行金属导轨MN和PQ的电阻且不计空气阻力。则第39页/共6

19、7页第四十页，共67页。At1时刻导体棒受到的安培力的大小为6P1/v1 B t2时刻导体棒克服安培力做功(zugng)的功率为4P2 Ct1t2这段时间内导体棒克服安培力做的功为4P1(t2t1)Dt1t2这段时间内导体棒受到的安培力的冲量大小为m(v1v2)解析：只要磁场垂直导轨平面，不论方向如何，ab导体棒受到的安培力总是(zn sh)障碍运动的，正是这个安培力的障碍运动，才完成ab导体棒的动能向回路电能的转化。第40页/共67页第四十一页，共67页。At1时刻导体棒受到的安培力的大小为6P1/v1 B t2时刻导体棒克服(kf)安培力做功的功率为4P2 t1时刻导体(dot)棒受到的安

20、培力的大小为 而将后式代入前式，得：故A选项错误(cuw)。第41页/共67页第四十二页，共67页。对于(duy)t2时刻，同理可得：则 故B选项正确(zhngqu)。C选项t1t2这段时间内导体(dot)棒克服安培力做的功为4P1(t2t1)该选项要成立，只有全电路的电功率保持P1不变才有可能，而本例中导体棒的运动速度却是逐渐减小，电功率也是逐渐减小的，所以，本选项的答案错误。第42页/共67页第四十三页，共67页。D.t1t2这段时间内导体(dot)棒受到的安培力的冲量大小为m(v1v2)以ab导体棒为研究对象(duxing)，受力情况如图所示。则 可见(kjin)，D选项错误。则 第43

21、页/共67页第四十四页，共67页。9、如图所示，相距为d的两水平虚线p1、p2表示方向垂直纸面向里的匀强磁场的上下边界，磁场的磁感应强度为B。正方形线框abcd的边长为L(Ld)、质量为m、电阻为R，线框处在磁场正上方，ab边与虚线p1相距h。线框由静止释放(shfng)，下落过程中线框平面始终在竖直平面内，线框的ab边刚进入磁场时的速度和ab边刚离开磁场时的速度相同。在线框从进入到全部穿过磁场的过程中，下列说法正确的是第44页/共67页第四十五页，共67页。在线框从进入到全部穿过磁场的过程(guchng)中，下列说法正确的是 A线框克服安培力所做的功为mgd B线框克服安培力所做的功为mgL

22、 C线框的最小速度为 D线框的最小速度为 线框进入、出磁场过程中，受重力与安培力的作用，可以(ky)做加速、匀速与减速运动。第45页/共67页第四十六页，共67页。如图1到2，线框作自由落体，2状态下线框速度为 ，由题意(t y)可知，4状态下的速度也是 。3到4的过程，回路没有感生电流，不受安培力，只受重力的作用，所以它做加速度为g的加速运动，速度一直(yzh)在增加。2状态与4状态速度要相等，2到3只能是减速运动，3状态是线框通过(tnggu)磁场速度v3最小的状态。第46页/共67页第四十七页，共67页。由3到4，运用(ynyng)动能定理，有 C线框的最小速度(sd)为 D线框的最小速

23、度(sd)为 如何求线框通过磁场过程(guchng)中，线框克服安培力所做的功？可见，选项C错误，D正确，第47页/共67页第四十八页，共67页。由于2、4两状态速度(sd)相同，4到5的过程，与2到3的过程完全相同，所以，5、3两状态的速度(sd)也相同。由2到5，运用(ynyng)动能定理，有：所以(suy)，A、B两选项都不正确。A线框克服安培力所做的功为mgd B线框克服安培力所做的功为mgL第48页/共67页第四十九页，共67页。讨论(toln)：由2到4，运用(ynyng)动能定理，可得：由2到3与4到5，运用(ynyng)动能定理，可得：为什么2到3与2到4两过程，克服安培力的功

24、一样呢？因为，3到4的过程，安培力不做功！所以，这两过程克服安培力的功一样。这里也就解释了 如果dL,情况又将如何？第49页/共67页第五十页，共67页。10、如图所示，图线a是线圈在匀强磁场中匀速转动时产生的正弦(zhngxin)交流电的图像，当调整线圈转速后，所产生的正弦(zhngxin)交流电的图像如图线b所示。以下关于这两个正弦(zhngxin)交流电的说法中正确的是 A线圈先后两次转速之比为1：2 B交流电b的电压最大值为20/3 V C在图中t时刻穿过线圈的磁通量为零 D交流电a的电压瞬时值u=10sin0.4t V第50页/共67页第五十一页，共67页。从图象(t xin)可知：

25、Ta=4s;Tb=6s,则 选项A线圈(xinqun)先后两次转速之比为1：2 错误(cuw)交流电a的瞬时值为：选项D交流电a的电压瞬时值u=10sin0.4t V错误。第51页/共67页第五十二页，共67页。图示表示长L1、宽L2 的矩形线圈(xinqun)，在匀强磁场B中，以oo为轴，角速度作逆时针转动。图中 a1b1c1d1是电动势为零位置(wi zhi)；a2b2c2d2 是电动势最大的位置(wi zhi)。选项 C在图中t时刻(shk)穿过线圈的磁通量为零 错误第52页/共67页第五十三页，共67页。由上图可推导(tudo)出最大电动势为Em=BL1L2。对a、b两个(lin)线圈

26、，有 选项 B交流电b的电压(diny)最大值为20/3 V 正确第53页/共67页第五十四页，共67页。11、某同学要测量一个电池的电动势E 和内电阻，但是从实验室只借到一个开关、一个电阻箱（最大阻值(z zh)为9.999，当标准电阻用）一只电流表（量程=0.6A,内阻0.1）和若干导线。请你帮他设计一个测量电路，并说明测量的原理。解：测量(cling)电路如图所示。对此电路(dinl)运用闭合电路(dinl)欧姆定律，有：第54页/共67页第五十五页，共67页。根据电路图做实验，记录一系列电阻箱的阻值与电流的对应值。再作R1/I的图象，根据理论公式(gngsh)可知他们的关系是一根直线，

27、将对应点拟合成一根直线，该直线的斜率为电动势，截距的负值为电池与安培表内阻之和。第55页/共67页第五十六页，共67页。12、用密度为d、电阻率为 横截面积为A的薄铝条制成边长为L的闭合正方形框。如图所示，金属(jnsh)方框水平放在磁极的狭缝间，方框平面与磁场方向平行。设匀强磁场仅存在于相对磁极之间，其他地方的磁场忽略不计。可认为方框的边处在磁极之间，极间磁感应强度大小为B。方框从静止开始释放，其平面在下落过程中保持水平（不计空气阻力）。第56页/共67页第五十七页，共67页。求：（1）求方框下落的最大速度vm（设磁场区域在竖直方向足够长）；（2）当方框下落的加速度 为时，求方框的发热功率(

28、gngl)P；（3）已知方框下落时间为t时，下落高度为h，其速度为vt（vtvm）。若在同一时间t内，方框内产生的热与一恒定电流I0在该框内产生的热相同，求恒定电流I0的表达式。第57页/共67页第五十八页，共67页。（1）求方框下落的最大速度vm（设磁场(cchng)区域在竖直方向足够长）；解：当F安=G时，方框(fn kun)达到最大速度 方框质量 ，重力(zhngl)方向竖直向下 方框电阻 方框下落速度为v时，产生的感应电动势 感应电流 第58页/共67页第五十九页，共67页。方框下落(xilu)过程，安培力F安 为方向(fngxing)竖直向上 当F安=G时，方框(fn kun)达到最

29、大速度，则 方框下落的最大速度 第59页/共67页第六十页，共67页。（2）当方框下落(xilu)的加速度 为时，求方框的发热功率P；解：以方框(fn kun)为研究对象，它受有重力与安培力的作用；方框(fn kun)下落加速度为 时，有 则（）方框的发热功率 第60页/共67页第六十一页，共67页。（3）已知方框(fn kun)下落时间为t时，下落高度为h，其速度为vt（vtvm）。若在同一时间t内，方框(fn kun)内产生的热与一恒定电流I0在该框内产生的热相同，求恒定电流I0的表达式。解：对铝方框(fn kun)运用能量守恒定律，有：将m、R代入上式，得：第61页/共67页第六十二页，

30、共67页。（3）小问的另解：对铝方框(fn kun)运用动能定理，有：对于(duy)W安 的认识，应即第62页/共67页第六十三页，共67页。13、如图所示，一个很长的竖直放置的圆柱形磁铁，产生一个辐射状的磁场，磁场水平向外。磁极狭缝间某点的磁感应强度与该点到圆柱形磁极中心轴的距离成反比。用横截面积一定的细金属丝制成的圆形单匝线圈，从某高度无初速释放，线圈在磁极狭缝间下落的过程中，线圈平面始终(shzhng)水平且保持与圆柱形磁极共轴。线圈被释放后，第63页/共67页第六十四页，共67页。线圈(xinqun)被释放后，A线圈(xinqun)中没有感应电流，线圈(xinqun)做自由落体运动 B

31、在图1俯视图中，线圈(xinqun)中感应电流沿逆时针方向 C线圈(xinqun)有最大速度，线圈半径越大，最大速度越小 D线圈(xinqun)有最大速度，线圈半径越大，最大速度越大第64页/共67页第六十五页，共67页。A线圈中没有(mi yu)感应电流，线圈做自由落体运动 B在图1俯视图中，线圈中感应电流(gnyng din li)沿逆时针方向错误(cuw)错误 C线圈有最大速度，线圈半径越大，最大速度越小 D线圈有最大速度，线圈半径越大，最大速度越大 “用横截面积一定的细金属丝制成的圆形单匝线圈”，说明线圈的重力、电阻与半径大小有关。加上磁感应强度与半径成反比，成为解题的关键。第65页/共67页第六十六页，共67页。分析(fnx)：设线圈(xinqun)的密度为，电阻率为R0,磁感应强度与半径成反比的比例系数为B0 .根据线圈(xinqun)mg=BIL 时，下落速度最大，有 可见，选项C错误，D正确。第66页/共67页第六十七页，共67页。