软考数据库系统工程师2006、2007、2008上午题真题与答案汇总.pdf

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1、2006 数据库系统工程师上试题分析与解答试题(1)两个同符号的数相加或异符号的数相减，所得结果的符号位SF 和进位标志CF 进行(1)运算为1时，表示运算的结果产生溢出。(1)A 与B或C与非D异或试题(1)分析见公共试题(1)。参考答案(1)D 试题(2)若浮点数的阶码用移码表示，尾数用补码表示。两规格化浮点数相乘，最后对结果规格化时，右规的右移位数最多为(2)位。(2)A 1 B2 C尾数位数D尾数位数-1 试题(2)分析见公共试题(2)。参考答案(2)A 试题(3)、(4)高速缓存cache与主存间采用全相联地址映像方式，高速缓存的容量为4MB，分为4 块，每块 1MB，主存容量为25

2、6MB。若主存读写时间为30ns，高速缓存的读写时间为3ns，平均读写时间为3.27ns，则该高速缓存的命中率为(3)。若地址变换表如下所示，则主存地址为8888888H 时，高速缓存地址为(4)H。(3)A 90 B95 C 97 D99(4)A 488888 B388888 C 288888 D188888 试题(3)、(4)分析见公共试题(3)、(4)。参考答案(3)D(4)D 试题(5)若某计算机系统是由500 个元器件构成的串联系统，且每个元器件的失效率均为10-7/H，在不考虑其他因素对可靠性的影响时，该计算机系统的平均故障间隔时间为(5)小时。(5)A 2104B5104C210

3、5D5105试题(5)分析见公共试题(5)。参考答案(5)A 试题(6)某指令流水线由5 段组成，各段所需要的时间如下图所示。连续输入10 条指令时的吞吐率为(6)。(6)A 10/70t B 10/49t C10/35 t D10/30t 试题(6)分析见公共试题(6)。参考答案(6)C 试题(7)、(8)相对于 DES 算法而言，RSA 算法的(7)，因此，RSA(8)。(7)A 加密密钥和解密密钥是不相同的B加密密钥和解密密钥是相同的C加密速度比DES 要高D解密速度比DES 要高(8)A 更适用于对文件加密B保密性不如DES C可用于对不同长度的消息生成消息摘要D可以用于数字签名试题(

4、7)、(8)分析见公共试题(7)、(8)。参考答案(7)A(8)D 试题(9)驻留在多个网络设备上的程序在短时间内同时产生大量的请求消息冲击某Web 服务器，导致该服务器不堪重负，无法正常响应其他合法用户的请求，这属于(9)。(9)A 网上冲浪B中间人攻击CDDoS 攻击D MAC 攻击试题(9)分析见公共试题(9)。参考答案(9)C 试题(10)上海市标准化行政主管部门制定并发布的工业产品的安全、卫生要求的标准，在其行政区域内是(10)。(10)A 强制性标准B推荐性标准C自愿性标准D指导性标准试题(10)分析见公共试题(10)。参考答案(10)A 试题(11)小王购买了一个“海之久”牌活动

5、硬盘，而且该活动硬盘还包含有一项实用新型专利，那么，小王享有(11)。(11)A “海之久”商标专用权B该盘的所有权C该盘的实用新型专利权D前三项权利之全部试题(11)分析见公共试题(11)。参考答案(11)B 试题(12)MPC(Multimedia PC)与 PC 的主要区别是增加了(12)。(12)A 存储信息的实体B视频和音频信息的处理能力C光驱和声卡D大容量的磁介质和光介质试题(12)分析见公共试题(12)。参考答案(12)B 试题(13)人眼看到的任一彩色光都是亮度、色调和饱和度3 个特性的综合效果，其中(13)反应颜色的种类。(13)A 色调B饱和度C灰度D亮度试题(13)分析见

6、公共试题(13)。参考答案(13)A 试题(14)CD 上声音的采样频率为44.1kHz，样本精度为16b/s，双声道立体声，那么其未经压缩的数据传输率为(14)。(14)A 88.2kb/s B705.6kb/s C1411.2kb/s D1536.0kb/s 试题(14)分析见公共试题(14)。参考答案(14)C 试题(15)在软件项目管理中可以使用各种图形工具来辅助决策，下面对 Gantt 图的描述中，不正确的是(15)。(15)A Gantt 图表现了各个活动的持续时间B Gantt 图表现了各个活动的起始时间C Gantt 图反映了各个活动之间的依赖关系D Gantt 图表现了完成各

7、个活动的进度试题(15)分析见公共试题(15)。参考答案(15)C 试题(16)耦合度描述了(16)。(16)A 模块内各种元素结合的程度B模块内多个功能之间的接口C模块之间公共数据的数量D模块之间相互关联的程度试题(16)分析见公共试题(16)。参考答案(16)D 试题(17)数据流图的作用是(17)。(17)A 描述了数据对象之间的关系B描述了对数据的处理流程C说明了将要出现的逻辑判定D指明了系统对外部事件的反应试题(17)分析数据流图描述了对数据的处理流程。参考答案(17)B 试题(18)内聚是一种指标，表示一个模块(18)。(18)A 代码优化的程度B代码功能的集中程度C完成任务的及时

8、程度D为了与其他模块连接所要完成的工作量试题(18)分析见公共试题(17)。参考答案(18)B 试题(19)在软件项目开发过程中，评估软件项目风险时，(19)与风险无关。(19)A 高级管理人员是否正式承诺支持该项目B开发人员和用户是否充分理解系统的需求C最终用户是否同意部署已开发的系统D开发需要的资金是否能按时到位试题(19)分析见公共试题(18)。参考答案(19)C 试题(20)开发专家系统时，通过描述事实和规则由模式匹配得出结论，这种情况下适用的开发语言是(20)。(20)A 面向对象语言B函数式语言C过程式语言D逻辑式语言试题(20)分析见公共试题(19)。参考答案(20)D 试题(2

9、1)高级程序设计语言中用于描述程序中的运算步骤、控制结构及数据传输的是(21)。(21)A 语句B语义C语用D语法试题(21)分析见公共试题(20)。参考答案(21)A 试题(22)、(23)(22)是面向对象程序设计语言不同于其他语言的主要特点，是否建立了丰富的(23)是衡量一个面向对象程序设计语言成熟与否的重要标志之一。(22)A 继承性B消息传递C多态性D静态联编(23)A 函数B类库C类型库D方法库试题(22)、(23)分析面向对象程序设计语言的特点主要有继承性、封装性和多态性。其中，继承性是其他类型的程序语言所不具有的。衡量一个面向对象程序设计语言成熟与否的重要标志之一是看其是否建立

10、了丰富的类库。参考答案(22)A(23)B 试题(24)、(25)为了解决进程间的同步和互斥问题，通常采用一种称为(24)机制的方法。若系统中有5 个进程共享若干个资源R，每个进程都需要4 个资源 R，那么使系统不发生死锁的资源R 的最少数目是(25)。(24)A 调度B信号量C分派D通讯(25)A 20 B18 C16 D 15 试题(24)、(25)分析见公共试题(21)、(22)。参考答案(24)B(25)C 试题(26)在 UNIX 操作系统中，把输入/输出设备看作是(26)。(26)A 普通文件B目录文件C索引文件D特殊文件试题(26)分析见公共试题(23)。参考答案(26)D 试题

11、(27)、(28)某磁盘盘组共有10 个盘面，每个盘面上有100 个磁道，每个磁道有16 个扇区，假定分配以扇区为单位。若使用位示图管理磁盘空间，则位示图需要占用(27)字节空间。若空白文件目录的每个表项占用5 个字节，当空白区数目大于(28)时，空白文件目录大于位示图。(27)A 16000 B1000 C2000 D1600(28)A 400 B380 C360 D320 试题(27)、(28)分析本题考查的是操作系统中文件管理的基本知识。试题(27)的正确答案为C。因为外存具有大容量的存储空间，被多用户共享，因此，文件系统必须对磁盘空间进行管理。位示图法是在外存上建立一张位示图(bitm

12、ap)，记录文件存储器的使用情况。每一位对应文件存储器上的一个物理块，取值0 和 1 分别表示空闲和占用。根据题意磁盘盘组共有10 个盘面，每个盘面上有100 个磁道，每个磁道有16 个扇区，分配以扇区为单位，这意味着磁盘盘组共有10 10016 等于 16000 个物理块。因此，使用位示图管理磁盘空间，则位示图需要占用160008 等于 2000 字节空间。试题(28)的正确答案为A。若空白文件目录的每个表项占用5 个字节，空白区数目为400 时，则空白文件目录大小为4005=2000 个字节。可见当空白区数目大于400 时，空白文件目录大于位示图。参考答案(27)C(28)A 试题(29)

13、某软盘有40 个磁道，磁头从一个磁道移至另一个磁道需要5ms。文件在磁盘上非连续存放，逻辑上相邻数据块的平均距离为10 个磁道，每块的旋转延迟时间及传输时间分别为100ms 和 25ms，则读取一个100 块的文件需要(29)时间。(29)A 17500ms B15000ms C5000ms D 25000ms 试题(29)分析见公共试题(24)。参考答案(29)A 试题(30)文件系统中，设立打开文件(Open)系统功能调用的基本操作是(30)。(30)A 把文件信息从辅存读到内存B把文件的控制管理信息从辅存读到内存C把磁盘的超级块从辅存读到内存D把文件的FAT 表信息从辅存读到内存试题(3

14、0)分析见公共试题(25)。参考答案(30)B 试题(31)数据模型的三要素包括(31)。(31)A 外模式、模式、内模式B网状模型、层次模型、关系模型C实体、联系、属性D数据结构、数据操纵、完整性约束试题(31)分析本题考查的是数据库系统原理的基本知识。数据模型是数据库中非常核心的内容。一般来讲，数据模型是严格定义的一组概念的集合。这些概念精确的描述了系统的静态特性、动态特性和完整性约束条件。因此数据模型通常由数据结构、数据操纵和完整性约束三要素构成。外模式、模式和内模式是数据库系统的三级模式结构。数据库领域中常见的数据模型有网状模型、层次模型、关系模型和面向对象模型，这些指的是数据模型的种

15、类。实体、联系和属性是概念模型的三要素，概念模型又称为信息模型，是数据库中的一类模型，它和数据模型不同，是按用户的观点来对数据和信息建模的。参考答案(31)D 试题(32)通过重建视图能够实现(32)。(32)A 数据的逻辑独立性B数据的物理独立性C程序的逻辑独立性D程序的物理独立性试题(32)分析本题考查的是数据库系统原理的基本知识。视图对应了数据库系统三级模式/两级映像中的外模式，重建视图即是修改外模式及外模式/模式映像，实现了数据的逻辑独立性，独立性是指数据的独立性，而不是程序的独立性。参考答案(32)A 试题(33)、(34)设有如下关系：则与关系代数表达式1,4(R)等价的元组演算表

16、达式为：t|(R(u)S(v)(33)；关系代数表达式 RS的结果集为(34)。(33)A u2=v1 t1=u1 t2=v2 B u2=v1 t1=u1 t2=v1 C u1=v1 t1=u1 t2=v2 D u1=v1 t1=u1 t2=v1(34)试题(33)、(34)分析本题考查关系代数和元组演算的基本知识。关系代数表达式1,4(RS)的运算意义为：取关系 R 与关系 S 中在公共属性组B 上取值相同的元组拼接成新元组，并投影出第1、4 列构成结果集中的元组。与此对应，元组演算表达式应该是R 中的元组u的第 2 个分量值与S 中的元组v 的第 1 个分量相等，取u的第 1 列和 v 的

17、第 2 列构成结果集中的元组。根据除运算的定义，RS 的结果集为在R 的非公共属性组AC 上取值相同的元组在公共属性组B 上的分量集合，包含 S在公共属性组B 上的投影集合时，取 R 中元组在非公共属性组AC 上的分量作为结果集中的元组。R 在 AC 上的分量值为(a1,c1)时，对应 B 上的投影集合为b1,b2，包含 R 在 B 上的投影集 b1,b2，故(a1,c1)为结果集中的元组。参考答案(33)A(34)C 试题(35)关系的度(degree)是指关系中(35)。(35)A 属性的个数B元组的个数C不同域的个数D相同域的个数试题(35)分析本题考查关系的基本概念。根据定义，关系的度

18、是指关系中属性的个数。元组的个数为关系的势；关系中的不同属性可以取相同的域，属性的个数与域的个数并不相同。参考答案(35)A 试题(36)在传统关系系统中，对关系的错误描述是(36)。(36)A 关系是笛卡儿积的子集B关系是一张二维表C关系可以嵌套定义D关系中的元组次序可交换试题(36)分析本题考查关系的基本概念。选项 A 是关系的形式化定义；选项B 是关系的表现形式；选项D 是关系的性质；选项C 是指一个关系可以作为另一个关系的属性，这不符合关系属性的原子性要求。参考答案(36)C 试题(37)在关系代数中对传统的集合运算要求参与运算的关系(37)。(37)A 具有相同的度B具有相同的关系名

19、C具有相同的元组个数D具有相同的度且对应属性取自同一个域试题(37)分析本题考查关系代数的基本概念。根据关系的定义，关系是一种集合，继承了传统集合中的并、交、差运算，参与运行的对象元组作为集合中的元素不可再分，并且要具有相同的结构，即关系的度相同，且对应属性的域相同。参考答案(37)D 试题(38)、(39)在 SQL 语言中，删除基本表的命令是(38)，修改表中数据的命令是(39)。(38)A DESTROY TABLE BDROP TABLE C DELETE TABLE DREMOVE TABLE(39)A INSERT BDELETE CUPDATE DMODIFY 试题(38)、(3

20、9)分析本题考查SQL 基本命令。标准 SQL 对数据库对象(基本表、索引、视图等)的创建、修改和删除定义了一组操作CREATE、ALTER和 DROP；对基本表和视图中数据的插入、删除和修改分别定义了操作INSERT、DELETE 和 UPDATE，这两组操作不能混淆。参考答案(38)B(39)C 试题(40)在 SQL 的查询语句中，允许出现聚集函数的是(40)。(40)A SELECT 子句BWHERE 子句C HAVING 短语DSELECT 子句和 HAVING 短语试题(40)分析本题考查SQL 的应用。聚集函数是施加在查询中间结果集上的函数，用于实现中间结果集上的查找和统计功能。

21、根据SQL语句的执行过程，SELECT 子句上的集函数是对待输出结果集上的运算，HAVING短语上的集函数是对分组之后各组上的数据进行运算。除此之外，集函数不能用于SQL 语句的其他部分上。参考答案(40)D 试题(41)SQL 语言中实现候选码约束的语句是(41)。(41)A 用 Candidate Key 指定B用 Primary Key 指定C用 UNIQUE NOT NULL 约束指定D用 UNIQUE 约束指定试题(41)分析本题考查SQL 的应用。标准 SQL 定义了主码、外码约束，并没有直接定义候选码，候选码取值不能为空和不取重复值的约束可以通过 UNIQUE NOT NULL来

22、实现。参考答案(41)C 试题(42)关系模式R 属性集为 A，B，C，函数依赖集F=AB C，AC B，BC，则 R 属于(42)。(42)A 1NF B2NF C3NF D BCNF 试题(42)分析本题考查函数依赖及规范化理论。由给定的函数依赖，关系模式R 的候选码为AB 和 AC，没有非主属性，应属于3NF，又因为存在函数依赖 BC，决定因素B 包含码，故不是BCNF。参考答案(42)C 试题(43)两个函数依赖集等价是指(43)。(43)A 函数依赖个数相等B函数依赖集的闭包相等C函数依赖集相互包含D同一关系上的函数依赖集试题(43)分析本题考查函数依赖的基本概念。函数依赖集的等价是

23、指两个函数依赖集包含的依赖信息等价，即函数依赖集的闭包相等。参考答案(43)B 试题(44)设关系模式RU，F，其中 U=A，B，C，D，E，F=A BC，CD，BC E，EA，则分解=R1(ABCE)，R2(CD)满足(44)。(44)A 具有无损连接性、保持函数依赖B不具有无损连接性、保持函数依赖C具有无损连接性、不保持函数依赖D不具有无损连接性、不保持函数依赖试题(44)分析本题考查模式分解的判定。根据无损连接性判定定理：关系模式R 分解为两个关系模式R1、R2，满足无损连接性的充分条件是R1R2(R1-R2)或 R1R2(R2-R1)，能由函数依赖集F 逻辑地推出，由F 可以得到AD，

24、即 R1R2(R2-R1)，故分解满足无损连接性。由保持函数依赖的定义，若满足(F1 F2)+=F+，则分解保持函数依赖，其中Fi函数依赖集F 在 Ri上的投影。由题目，(F1F2)=F，即(F1F2)+=F+成立，故分解保持函数依赖。参考答案(44)A 试题(45)在数据库设计过程中，设计用户外模式属于(45)。(45)A 物理设计B逻辑结构设计C数据库实施D概念结构设计试题(45)分析本题考查数据库系统设计的基本概念。外模式设计是在数据库各关系模式确定之后，根据应用需求来确定各个应用所用到的数据视图即外模式的，应属于逻辑结构设计。参考答案：(45)B 试题(46)(48)设有员工实体Emp

25、loyee(employeeID,name,sex,age,tel,departID)，其中 employeeID 为员工号，name 为员工姓名，sex为员工性别，age为员工年龄，tel 为员工电话(要求记录该员工的手机号码和办公室电话)，departID 为员工所在部门号(要求参照另一部门实体Department 的主码 departID)。Employee 实体中存在的派生属性及其原因是(46)；Employee 实体中还存在多值属性，该属性及其该属性的处理为(47)；对属性departmentID 的约束是(48)。(46)A name，会存在同名员工B age，用属性birth 替

26、换 age并可计算age C tel，员工有多个电话D departID，实体 Department 已有 departID(47)A name，用 employeeID 可以区别B sex，不作任何处理C tel，将 tel 加上 employeeID 独立为一个实体D tel，强制只记录一个电话号码(48)A Primary Key NOT NULL BPrimary Key CForeign Key DCandidate Key 试题(46)(48)分析本题考查数据库系统设计的基本概念。概念模式设计阶段，是根据对用户信息需要的分析设计E-R 图。对于属性的分析中，派生属性是指可以由其他属

27、性经过运算得到的属性，因而派生属性产生冗余，通常不存储，如本题的age；多值属性是指一个实体在该属性上会同时取多个属性性，这些值也都必须存储，如本题的tel。数据约束也是描述用户信息的，根据参照完整性约束的定义，Employee 实体中的departID 属性应为外码。参考答案(46)B(47)C(48)C 试题(49)在 SQL 语言中事务结束的命令是(49)。(49)A END TRANSACTION BCOMMIT CROLLBACK DCOMMIT或 ROLLBACK 试题(49)分析本题考查事物编程基本语法。事务的执行结束分为正常结束和事务回滚，根据SQL 的定义，事务正常结束用CO

28、MMIT进行提交，回滚用 ROLLBACK撤销事物的已执行的操作。参考答案(49)D 试题(50)对事务回滚的正确描述是(50)。(50)A 将该事务对数据库的修改进行恢复B将事务对数据库的更新写入硬盘C跳转到事务程序的开头重新执行D将事务中修改的变量值恢复到事务开始时的初值试题(50)分析本题考查事物的基本概念。事务是数据库更新操作的基本单位，事务回滚是指将该事务已经完成的对数据库的更新操作撤销，事务对数据库的操作首先是在缓冲区中进行的，DBMS 来实现定期的缓冲区数据写入硬盘数据库的操作，或由显式的指令来完成，事务的撤销只涉及数据库，不会改变事务中的变量值。参考答案(50)A 试题(51)

29、对事务日志的正确描述是(51)。(51)A 事务日志记录了对数据库的所有操作B事务日志必须严格按照对数据库进行修改的时间次序记录C事务日志文件应该与数据库文件放在同一存储设备上D事务日志的主要目的是应用于审计试题(51)分析本题考查事务日志的基本概念。事务日志是用来记录对数据库的所有更新操作的，即对数据库的每一次更新都会被事务日志所记录，并且采用先记录后更新的策略，对于其他操作如查询并不作记录；事务日志记录的时间顺序应严格按照对数据库更新的顺序；通常事务日志应与数据库文件分开存储在不同的设备上，保证事务日志不被破坏；日志主要用于保证数据库的故障恢复。参考答案(51)B 试题(52)遵循两段锁协

30、议的事务程序能够解决并发事务对数据库操作的不一致性不包括：(52)。(52)A 丢失修改B不可重复读C读脏数据D不可重复写试题(52)分析本题考查事务的并发控制。两段锁协议保证了在一个事务访问和更新数据时，别的事务无法修改数据，可以避免丢失修改、不可重复读和读脏数据3 类一致性问题。参考答案(52)D 试题(53)介质故障恢复需采取以下操作，其操作步骤是(53)。装载数据备份执行 Redo 操作执行 Undo 操作(53)A -B-C-D-试题(53)分析本题考查故障与恢复。发生介质故障时，现有的数据库已破坏，需要从最近的副本(最近的完全备份+此后所有的动态备份)，根据事务日志，对于备份时正在

31、执行而未完成的事务做Undo 操作，使数据库处于一致性状态，现重做从最近的备份开始至故障前的所有事务，数据库即恢复至故障前的一致性状态。参考答案(53)C 试题(54)有关动态增量备份的描述正确的是：(54)。(54)A 动态增量备份过程不允许外部事务程序访问数据库B动态增量备份会备出全部数据C动态增量备份装载后数据库即处于一致性状态D动态增量备份宜在事务不繁忙时进行试题(54)分析本题考查备份的基本概念。增量备份是指每次只备份上一次备份之后所更新的数据，动态备份是指在备份期间允许对数据库的更新事务执行，动态备份由于数据库在变化之中，备份的数据不能保证一致性，需要在还原时结合事务日志进行一致性

32、处理，备份数据库以系统资源的占用较多，会影响到其他事务的执行效率，宜在事务较少的执行时段进行。参考答案(54)D 试题(55)不属于安全性控制机制的是(55)。(55)A 完整性约束B视图C密码验证D用户授权试题(55)分析本题考查安全性与完整性基本概念。安全性控制是指系统防止非法用户对系统进行操作所采取的机制。视图可以将表中视图之外的数据屏蔽从而保证其安全，密码验证和用户授权都是对用户合法性的管理，而完整性是对合法用户非法输入的限制，不属于安全控制。参考答案(55)A 试题(56)不能提高查询性能的措施是：(56)。(56)A 根据查询条件建立索引B建立相关视图C尽量使用不相关于查洵D建立查

33、询表的聚簇索引试题(56)分析本题考查性能优化的知识。建立索引是提高查询性能的主要方法，不相关子查询相比于同样功能的相关子查询效率要高，视图只是建立了与基本表的对应关系，查询执行时还是通过对基本表的查询来实现，并不能提高查询的效率。参考答案(56)B 试题(57)分布式数据库两阶段提交协议是指(57)。(57)A 加锁阶段、解锁阶段B扩展阶段、收缩阶段C获取阶段、运行阶段D表决阶段、执行阶段试题(57)分析本题考查的是分布式数据库的基本知识。加锁阶段和解锁阶段，也称为扩展阶段和收缩阶段是传统集中式数据库的两阶段提交协议。获取阶段和运行阶段是与开发数据库应用过程相关的阶段。表决阶段和执行阶段是分

34、布式数据库的两阶段提交协议。所以正确答案为D。参考答案(57)D 试题(58)在基于 Web 的电子商务应用中，业务对象常用的数据库访问方式之一是(58)。(58)A JDBC BCOM CCGI DXML 试题(58)分析本题考查的是基于Web 的应用的基本知识。JDBC 是 Java技术中访问数据库的方式，也是目前用Java 技术实现的基于Web 的应用的数据库访问方式。COM 是一种组件技术，CGI 是一种网络应用技术，而XML 是一种数据格式定义，它们均不是访问数据库的方式。参考答案(58)A 试题(59)以下 SQL 99 语句描述的是(59)。CREATE TYPE Employe

35、e(name String，ssn integer)；CREATE TYPE Manager UNDER Employee(degree String，dept String)；(59)A 关联关系B嵌套关系C继承类型D聚集关系试题(59)分析本题考查的是对SQL 99 规范和面向对象的了解。在 SQL 99 中，除了可以使用原有的数据类型，还可以自定义数据类型，题中SQL 语句定义了两个数据类型 Employee 和 Manager，其中 Manager 数据类型UNDER Employee 数据类型，用来表明Manager 是Employee 中的一种。Manager 具有普通Employ

36、ee 的 name 和 ssn属性，Manager 自身还具有degree和 dept属性。该SQL 语句描述的是：Employee 和 Manager 之间的继承类型。参考答案(59)C 试题(60)下列关于数据挖掘的描述，正确的是(60)。(60)A 数据挖掘可以支持人们进行决策B数据挖掘可以对任何数据进行C数据挖掘与机器学习是同一的D数据来源质量对数据挖掘结果的影响不大试题(60)分析本题考查的是数据挖掘的基础知识。数据挖掘是从大量的数据中抽取出潜在的、有价值的知识(模型或规则)的过程。数据挖掘的结果(模型或规则)可以辅助人们进行决策支持，所以正确答案为A。数据挖掘可以对很多类型的数据进

37、行挖掘，包括高维、海量、异构、不完全、半结构化数据等，但不是对任何数据都可以进行挖掘的。如果对少量的数据进行挖掘，那么挖掘出来的很可能是无意义的规则，数据挖掘本身也失去了意义，故B 不正确。机器学习是计算机科学和人工智能AI 发展的产物。机器学习经常归结为搜索问题，即对一个非常大的假设空间进行搜索，以确定一个最佳拟合观察到的数据和学习器已有知识的假设。数据挖掘过程中经常用到机器学习的算法，但这两者不是同一的，故C 不正确。要用数据挖掘方法挖掘数据中潜在的、有效的规则，那么数据质量是至关重要的，故D 不正确。参考答案(60)A 试题(61)与多模光纤相比较，单模光纤具有(61)等特点。(61)A

38、 较高的传输率、较长的传输距离、较高的成本B较低的传输率、较短的传输距离、较高的成本C较高的传输率、较短的传输距离、较低的成本D较低的传输率、较长的传输距离、较低的成本试题(61)分析见公共试题(26)。参考答案(61)A 试题(62)、(63)CDMA 系统中使用的多路复用技术是(62)。我国自行研制的移动通信3G 标准是(63)。(62)A 时分多路B波分多路C码分多址D空分多址(63)A TD-SCDMA BWCDMA CCDMA2000 DGPRS 试题(62)、(63)分析见公共试题(27)、(28)。参考答案(62)C(63)A 试题(64)“title style=italic

39、science/title”是 XML 中一个元素的定义，其中元素的内容是(64)。(64)A title Bstyle Citalic Dscience 试题(64)分析见公共试题(29)。参考答案(64)D 试题(65)某校园网用户无法访问外部站点210.102.58.74，管理人员在Windows 操作系统下可以使用(65)判断故障发生在校园网内还足校园网外。(65)A ping210.102.58.74 Btracert210.102.58.74 C netstat210.102.58.74 D arp 210.102.58.74 试题(65)分析见公共试题(30)。参考答案(65)B

40、 试题(66)(75)及参考译文见公共试题(31)(40)。2007 数据库系统工程师上午试题分析与解答在指令系统的各种寻址方式中，获取操作数最快的方式是(1)。若操作数的地址包含在指令中，则属于(2)方式。(1)A直接寻址B立即寻址C寄存器寻址D间接寻址(2)A直接寻址B立即寻址C寄存器寻址D间接寻址答案 (1)B(2)A 分析 本题考查计算机系统方面的基础知识。根据指令的寻址方式的定义，操作数包含在指令中的寻址方式是立即寻址；操作数在寄存器中的寻址方式是寄存器寻址；操作数的地址存放在寄存器中的寻址方式是寄存器间接寻址。(3)系统响应时间和作业吞吐量是衡量计算机系统性能的重要指标。对于一个持

41、续处理业务的系统而言，(3)，表明其性能越好。A响应时间越短，作业吞吐量越小B响应时间越短，作业吞吐量越大C响应时间越长，作业吞吐量越大D响应时间不会影响作业吞吐量答案 B 分析 本题考查计算机系统方面的基础知识。系统响应时间是指用户发出完整请求到系统完成任务给出响应的时间间隔。作业吞吐量是指单位时间内系统完成的任务量。若一个给定系统持续地收到用户提交的任务请求，则系统的响应时间将对作业吞吐量造成一定影响。若每个任务的响应时间越短，则系统的空闲资源较多，整个系统在单位时间内完成的任务量将越大：反之，若响应时间越长，则系统的空闲资源较少，整个系统在单位时间内完成的任务量将越小。若每一条指令都可以

42、分解为取指、分析和执行三步。已知取指时间t取指=4t，分析时间t分析=3t，执行时间 t执行=5 t。如果按串行方式执行完100 条指令需要(4)。如果按照流水方式执行，执行完100条指令需要(5)t。(4)A 1190 B1195 C1200 D1205(5)A 504 B507 C508 D510 答案 (4)C(5)B 分析 顺序执行时，每条指令都需三步才能执行完，设有重叠。总的执行时间为：(473+5)t100=1200t 在流水线执行时，所用的时间为：t取指+maxt分析，t取指)+98maxt取指，t分析,t执行)+maxt分析,t执行+t执行=4t+4t+490t+5t+5t=5

43、08t 重叠执行时间关系为:答案 C(6)若内存地址区间为4000H43FFH，每个存贮单元可存储16 位二进制数，该内存区域用4 片存储器芯片构成，则构成该内存所用的存储器芯片的容量是(6)。A51216bit B2568bit C25616bit D10248bit 分析 首先将地址编码转换位十进制数，4000H16=1638410，43FFH16=740710，然后令两个地址码相减再加1，即得到这段地址空间中存储单元的个数，17407-16384+1=1024，因此共有1024 个内存单元。102416b/4=25616b，因此芯片的容量为25616b。某 Web 网站向 CA 申请了数

44、字证书。用户登录该网站时，通过验证(7)，可确认该数字证书的有效性，从而(8)。(7)A CA 的签名B网站的签名C会话密钥DDES 密码(8)A向网站确认自己的身份B获取访问网站的权限C和网站进行双向认证D验证该网站的真伪答案 (7)A(8)D 分析 本题考查公钥基础设施方面有关数字签名的基础知识。数字证书能够验证一个实体身份，而这是在保证数字证书本身有效性这一前提下才能够实现的。验证数字证书的有效性是通过验证颁发证书的CA 的签名实现的。(9)专利制度的基本特点是(9)。A法律保护、新颖性、创造性和实用性B科学审查、公开通报、创造性和实用性C实用性审查、新颖性审查、公开通报和国际交流D法律

45、保护、科学审查、公开通报和国际交流答案 D 分析 专利制度的基本特点是法律保护、科学审查、公开通报和国际交流。其中法律保护是指实行专利制度的国家必须首先制定自己的专利法。科学审查是指申请专利的发明创造是否具有专利性，只有依法进行审查后才能确定。对专利申请进行科学审查的制度，现在大多数已建立专利制度的国家都采用这种制度，只有极少数国家实行注册登记制度(如法国等)。公开通报即在法律保护的前提下，将申请专利的发明创造的内容在专利公报上予以充分公开，让社会尽快地、尽可能清楚地获取相应的知识和信息，从而授予专利申请人专利权。在技术已经商品化的今天，跨越国界的技术交流是不可避免的事情。各个国家或者地区的专

46、利法虽然都只能在本国范围内有效，但它是国际技术交流的必要前提。(10)若某人持有盗版软件，但他本人确实不知道该软件是盗版的，则(10)承担侵权责任。A应由该软件的持有者B应由该软件的提供者C应由该软件的提供者和持有者共同D该软件的提供者和持有者都不答案 B 分析“盗版软件”即侵权的软件复制品。计算机软件保护条例使用了软件侵权复制品持有人主观上知道或者应当知道所持软件是否为侵权复制品为标准。知道软件是侵权复制品而使用运行，持有入主观上应当属于故意，即明知故犯；有合理理由推论或者认定持有人应当知道其对所使用运行的软件为侵权复制品，如主观上存有疏忽大意等过失，而使用运行了侵权复制品，应当承担法律责任

47、。主观上不知或者没有合理理由应知的持有人，对该软件的使用运行等行为不承担民事赔偿责任。但是当其一旦知道了所使用的软件为侵权复制品时，应当履行停止使用、销毁该软件的法律义务。计算机软件保护条例第二十八条规定，软件复制品的出版者、制作者不能证明其出版、制作有合法授权的，或者软件复制品的发行者、出租者不能证明其发行、出租的复制品有合法来源的，应当承担法律责任。(11)(11)不属于知识产权的范围。A地理标志权B物权C邻接权D商业秘密权答案 B 分析 著作权、邻接权、专利权、商标权、商业秘密权和集成电路布图设计权属于知识产权的范围。物权不属于知识产权的范围。(12)W3C 制定了同步多媒体集成语言规范

48、，称为(12)规范。AXML BSMIL C VRML DSGML 答案 B 分析 W3C 制定的 SMIL(Synchronized Multimedia Integration Language，同步多媒体集成语言规范)是 W3C为采用 XML描述多媒体而提出的建议标准，它采用XML标准来描述多媒体中的各种不同内容的时间序列和画面构成，定义了时间标签、层次布局、图像、动画、视觉渐变和媒体嵌入等元素。用户可以简单地使用 SMIL 语言在一个多媒体作品中按时间序列自由组织音频、视频和文字等各种媒体内容。(13)对同一段音乐可以选用MIDI 格式或 WAV 格式来记录存储。以下叙述中(13)是不

49、正确的。AWAV 格式的音乐数据量比MIDI 格式的音乐数据量大B记录演唱会实况不合采用MIDI 格式的音乐数据CWAV 格式的音乐数据没有体现音乐的曲谱信息DWAV 格式的音乐数据和MIDI 格式的音乐数据都能记录音乐波形信息答案 D 分析 本题考查计算机音乐信息处理技术的相关知识。WAV 格式记录的是对于音乐信号的波形采样数据，它可以使用反映自然声音的信号采样序列来记录和回放声音信息。MIDI格式记录的是采用音乐信息序列交换的标准格式MIDI(Musical Instrument Digital Interface)标准来存贮和表达的音乐的演奏信息，这些演奏信息包含每个音符演奏的时问信息、

50、音量信息、长度信息、乐器或音色信息等，MIDI消息序列可以间接反映出音乐的曲谱演奏信息。(14)设计制作一个多媒体地图导航系统，使其能根据用户需求缩放地图并自动搜索路径，最适合的地图数据应该是(14)。A真彩色图像B航拍图像C矢量化图形D高清晰灰度图像答案 C 分析 本题考查矢量化图形和位图的基本知识。矢量化图形保存最少的信息，文件大小比位图要小，并且文件大小与物体的大小无关。可以无限地放大这个圆，它仍然保持平滑，所表达物体的运动、缩放、旋转和填充等都不会降低绘制的精度。所以矢量化图形是最适合电子地图的基本信息格式。(15)给定 C 语言的数据结构struct T int w；union T