2022～2023学年度上期高中2022级期中联考物理试题4203.pdf

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1、高中 2022 级物理试题 第 1 页（共 12 页）20222023 学年度上期高中 2022 级期中联考 物 理 考试时间 75 分钟，满分 100 分 注意事项：1.答题前，考生务必在答题卡上将自己的学校、姓名、班级、准考证号用 0.5 毫米黑色签字笔填写清楚，考生考试条形码由监考老师粘贴在答题卡上的“条形码粘贴处”。2.选择题使用 2B 铅笔填涂在答题卡上对应题目标号的位置上，如需改动，用橡皮擦擦干净后再填涂其它答案；非选择题用 0.5 毫米黑色签字笔在答题卡的对应区域内作答，超出答题区域答题的答案无效；在草稿纸上、试卷上答题无效。3.考试结束后由监考老师将答题卡收回。一、单项选择题：

2、本题共 8 小题，每小题 4 分，共 32 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1如图，2022 年 7 月 24 日 14 时 22 分，我国长征五号 B 运载火箭将问天实验舱顺利送入太空。7 月 25 日问天实验舱与天和核心舱组合体在轨完成交汇对接，对接完成后一起绕地球做圆周运动。下列说法正确的是 A2022 年 7 月 24 日 14 时 22 分指的是时间 B研究航天员乘组进入问天实验舱的过程可以将问天实验舱视为质点 C对接瞬间以天和核心舱为参考系，可以认为问天实验舱处于静止状态 D研究组合体绕地球一周所用的时间不能将组合体视为质点 2如图甲，家住郫都区的李老师每天

3、开车从家出发到彭州中学上班，导航给出了 1 号、2 号两条路线供选择，李老师根据导航给出的路线信息最终上下班都选择了 1 号路线。下列说法正确的是 A1 号路线的位移大小小于 2 号路线 B上班从家到学校和下班从学校回家的位移相同 C如图乙，途中看到的限速标志限制的是平均速率 D两条路线各自的位移大小都小于路程 3某天李老师从郫都区的家中出发开车到彭州中学上班的平均速率为1v，到学校后发现空无一人，原来今天是周末，同学们都回家了，于是立刻以平均速率2v从彭州中学沿原路返回郫都区的家中。忽略在学校停留的时间，则此次从郫都区的家中出发到返回郫都区的家中的平均速率为 A122vv B12122v v

4、vv C0 D122vv 甲 乙 高中 2022 级物理试题 第 2 页（共 12 页）4将某物体（可视为质点）以大小为 10 m/s 的初速度从地面竖直向上抛出，不计空气阻力，重力加速度大小取210 m/sg，则 A该物体上升的最大高度为 10 m B该物体上升到最高点后加速度反向 C该物体从抛出到上升至最高点所用的时间为 1 s D该物体落回地面时的速度大小为 5 m/s 5一质点以初速度0v沿 x 轴正方向运动，已知加速度也沿 x 轴正方向，加速度大小先由零逐渐增大到某一值后再逐渐减小到零，此后不再变化，则质点在此过程中 A速度先增大后减小，直到加速度等于零后不再变化 B速度一直在增大，

5、直到加速度等于零后不再变化 C先沿 x 轴正方向运动，再沿 x 轴负方向运动，最后静止 D一直沿 x 轴正方向运动，直到加速度等于零后不再运动 6某物体运动的xt图像为如图所示的一条抛物线，则其所对应的tv图像为 A B C D 7如图，四根完全相同的轻质弹簧，它们的上端受到大小均为 F 的拉力作用，而下端的情况各不相同：弹簧的下端挂物体静止在空中；弹簧的下端挂物体在空中匀速下降；弹簧的下端固定在水平地面上；弹簧的下端施以同样大小的拉力 F。以1x、2x、3x、4x依次表示四根弹簧的伸长量，则 A12xx B34xx C14xx D23xx 8伽利略在研究自由落体运动规律时，采用了先“转换变通

6、”再“合理外推”的巧妙方法。模型如图所示，让一个黄铜小球（可视为质点）从阻力很小、倾角为的斜槽上的最高点 A 由静止滚下，若在斜槽上取 A、B、C、D、E 五个等间距的点，则 A小球通过 B、C、D、E 点时的速度大小之比为1:2:3:4 B小球通过 B、C、D、E 点所用的时间之比为1:4:9:16 C小球通过 C 点的瞬时速度等于 AE 段的平均速度 DAC 段的平均速度大小与 CE 段的平均速度大小之比为:(21):1ACCEvv 高中 2022 级物理试题 第 3 页（共 12 页）二、多项选择题：本题共 3 小题，每小题 5 分，共 15 分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目

7、要求；全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。9如图为仰韶文化时期的某款尖底双耳汲水瓶，展现出我国古代劳动人民的伟大智慧。在双耳处用轻绳将瓶子竖直悬挂，重心的位置随着瓶中的水位改变而发生改变，出现“虚则欹（“欹”通“倚”，斜倚，斜靠）、中则正、满则覆”的现象。下列说法正确的是 A重心概念的建立用到了“等效替代”的物理方法 B瓶子所受重力的施力物体是瓶中的水 C轻绳对瓶子的拉力沿轻绳的收缩方向 D从空瓶到装满水后倾覆的过程中，瓶子重心的位置一定不断上升 10甲、乙两物体在0t 时刻经过同一位置沿 x 轴运动，其全程tv图像如图所示，则 A乙在1st 时距出发点最远 B甲

8、在0t 到4st 内做单向直线运动 C3st 时，甲、乙的速度方向相同 D甲、乙在5st 到6st 内的加速度方向相反 11如图，95 式自动步枪是由中国兵器装备集团公司 208 研究所研制的一款突击步枪，该步枪口径 5.8 毫米，为无托式结构，稳定性好，精确度高，枪身较短，平衡性优良，携带方便，使其可全天候作战，5.8 毫米弹药可在 100 米内击穿 8 毫米钢板，杀伤力大。在其某次射程测试中，子弹在水平方向做匀减速直线运动，第 1 s 内的水平位移大小为 840 m，第 8 s 内的水平位移大小为 15 m，则 A子弹的水平加速度大小为2825m/s7 B子弹的水平初速度大小为 900 m

9、/s C子弹的水平初速度大小为12585m/s14 D子弹全程的水平位移大小为 3 375 m 高中 2022 级物理试题 第 4 页（共 12 页）三、实验探究题：本题共 2 小题，共 15 分。12（6 分）（1）如图，在某次光电门测速的实验中，滑块在沙桶的作用下加速运动，先后通过两个光电门。配套的数字毫秒计记录了遮光板通过第一个光电门所用时间为10.30 st，通过第二个光电门所用时间为20.08 st。已知遮光板的宽度为 3.0 cm，则滑块通过第一个光电门时的速度大小为_m/s，通过第二个光电门时的速度大小为_m/s。（均保留 2 位有效数字）（2）为使测量值更接近瞬时速度，以下两个

10、措施可行的是_（填标号）。A使滑块的释放点更靠近光电门 B使滑块的释放点更远离光电门 13（9 分）某同学用如图甲所示的装置做“研究匀变速直线运动”的实验，得到如图乙所示的一条纸带（实验中交流电源的频率为 50 Hz）。依照打点的先后顺序取计数点 1、2、3、4、5、6、7，相邻两个计数点间还有 4 个点未画出。测得10.99 cmx，21.50 cmx，32.01cmx，42.48 cmx，53.01cmx，63.51cmx。甲 乙（1）相邻两个计数点间的时间间隔为T _s。（2）打下计数点 2 时，纸带的速度大小为2v_m/s（保留 2 位有效数字）。（3）纸带的加速度大小为a _m/s2

11、（保留 2 位有效数字）。（4）若交流电源的频率变为51Hzf，而做实验的同学并不知道，那么加速度的测量值与实际值相比_（填“偏大”“偏小”或“不变”）。高中 2022 级物理试题 第 5 页（共 12 页）四、计算题：本题共 3 小题，共 38 分。解答应当写出必要的文字说明、方程式和重要的 演算步骤。只写出最后答案的，不能得分。14（8 分）据伽利略的学生记载：伽利略在比萨斜塔的塔顶，让一个重 100 磅和一个重 1 磅的铁球同时自由下落，两个铁球出人意料地几乎同时落到地上。这个实验证明，轻重不同的物体从同一高度坠落，它们将同时着地，用实践检验了自由落体运动的规律。假设在该次实验中，小球从

12、塔顶开始做自由落体运动，从放手到落地的时间间隔为 3.3 s，重力加速度大小取210 m/sg。求：（1）比萨斜塔的高度；（2）小球第 3 s 内的平均速度大小。15（12 分）近年来无人机的应用领域日趋多样化，应用场景日趋多元化。某次运动会开幕式，学校利用无人机进行航拍。无人机从地面由静止开始先以加速度1a沿竖直方向匀加速上升，2 s 后达到最大速度，再以最大速度沿竖直方向匀速上升 7.5 s，然后以加速度2a沿竖直方向匀减速上升，3 s 后速度减为 0，最后悬停于离地 60 m 的高度进行航拍，重力加速度大小取210 m/sg。求：（1）无人机上升阶段的最大速度的大小；（2）匀加速阶段的加

13、速度1a的大小和匀减速阶段的加速度2a的大小；（3）某时刻正在悬停拍摄的无人机突然信号完全丢失，丢失信号后无人机开始做自由落体运动，恢复信号后在竖直方向匀减速运动能产生的最大加速度仍为2a，要使无人机能安全着地（着地速度近似为 0），则无人机必须在信号丢失后多长时间以内恢复信号。高中 2022 级物理试题 第 6 页（共 12 页）16（18 分）随着人们环保意识的增强和在国家政策的大力推动下，中国新能源汽车产业迅速发展，并涌现出很多高质量的车型，其中比亚迪汉 EV 表现不凡，其 0100 km/h 加速测试时的加速时间仅需 3.9 s，因此跻身全球量产车零百加速“3 秒俱乐部”，遥遥领先于同

14、级别的车型甚至一些跑车（如下表）。而其 100 km/h0 刹车测试时的刹车距离也仅需32.56 m。凭借自身卓越的性能，比亚迪汉 EV 出口到世界多个国家。所有性能测试均视为匀变速直线运动，取100 km/h27.8 m/s。求：车型 比亚迪汉EV 奥迪 RS6 奥迪 RS4 奔驰 C63S 奔驰 C43 4MATIC 宝马M3四门 宝马M4敞篷 0100 km/h加速时间（s）3.9 3.9 4.1 4.0 4.8 4.1 4.3（比亚迪汉 EV 与知名跑车 0100 km/h 的加速时间对比）（1）比亚迪汉 EV 0100 km/h 加速测试时的加速度大小及 100 km/h0 刹车测试

15、时的加速度大小；（均保留 2 位有效数字）（2）某次性能比较测试中，比亚迪汉 EV 与奔驰 C43 4MATIC 在两根直线赛道的起点同时沿同方向出发，利用表中数据和（1）问的结果，试计算，当 3.9 s 后比亚迪汉 EV完成 0100 km/h 加速测试时奔驰 C43 4MATIC 与它的距离（保留 2 位有效数字）；（3）该次性能比较测试中，比亚迪汉 EV 用 3.9 s 完成 0100 km/h 加速测试后立马完成了 32.56 m 的 100 km/h0 刹车测试，而奔驰 C43 4MATIC 完成 0100 km/h 加速测试后立即以 100 km/h 的速度做匀速直线运动，试通过计

16、算判断二者相遇时各处于什么样的运动阶段（静止、匀速直线运动、匀加速直线运动、匀减速直线运动中的哪一种）。7 20222023 学年度上期高中 2022 级期中联考 物理参考答案及评分标准 一、单项选择题：本题共8 小题，每小题4 分，共32 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。题号 1 2 3 4 5 6 7 8 答案 C D B C B A C D 二、多项选择题：本题共 3 小题，每小题 5 分，共 15 分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求；全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。题号 9 10 11 答案 AC BC BD 三、

17、实验探究题：本题共 2 小题，共 15 分。12（6 分）（1）0.10（2 分）0.38（2 分）（2）B（2 分）13（9 分）（1）0.1（2 分）（2）0.12（2 分）（3）0.50（2 分）（4）偏小（3 分）四、计算题：本题共 3 小题，共 38 分。解答应当写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的，不能得分。14（8 分）解：（1）设比萨斜塔的高度为 h，小球下落时间为3.3st 则有212hgt 2 分 解得54.45 mh 1 分（2）小球前 3 s 内的位移大小233145 m2hgt 1 分 小球前 2 s 内的位移大小222120 m2hgt 1

18、分 小球第 3 s 内的位移大小32hhh 1 分 小球第 3 s 内的平均速度大小htv 1 分 8 解得25 m/sv 1 分 说明：其他合理解法，参照给分 15（12 分）解：（1）设最大速度为v，匀加速阶段运动时间为1t，上升高度为1h；匀速阶段运动时间为2t，上升高度为2h；匀减速阶段运动时间为3t，上升高度为3h，则有 112htv 1 分 22ht v 1 分 332htv 1 分 31260 mhhh 1 分 解得6 m/sv 1 分（2）根据匀变速直线运动速度与时间的关系有1 1a tv 解得213m/sa 1 分 同理有2 2a tv 解得222 m/sa 1 分（3）设自

19、由落体下降时间为4t，下降高度为4h；匀减速下降时间为5t，下降高度为5h，落到地面时速度恰好减为 0 则2242 51122gta th 2 分 42 5gta t 2 分 解得42 st 1 分 故必须在2 s以内恢复信号 说明：其他合理解法，参照给分 16（18 分）解：（1）27.8 m/sv，设比亚迪汉 EV 加速的加速度为1a，加速到v所用时间为1t，减速的加速度为2a，减速距离为132.56 mx 由1 1a tv 1 分 解得217.1m/sa 1 分 由2212a xv 1 分 解得2212 m/sa 1 分（2）设比亚迪汉 EV 0100 km/h 的加速距离为2x，奔驰

20、C43 4MATIC 0100 km/h 加速的加速度为3a，加速时间为34.8 st，则 212xtv（或221 112xa t）2 分 254.21 mx 3 3a tv 1 分 235.79 m/sa 9 233 112xa t 2 分 344.03 mx 2310 mxxx 1 分（9.9 m 也给分）说明：第（2）问中间计算过程与解析略有偏差不扣分（3）由于同时同地出发，且13aa，所以比亚迪汉 EV 的加速阶段二者不可能相遇 当比亚迪汉 EV 的速度减为 0 时，设其减速到 0 所用的时间为2t，从出发到速度减为 0 的位移为4x 2 2a tv，22.32 st 1 分 4232

21、.56 m86.77 mxx 1 分 因为123ttt，则比亚迪汉 EV 静止时奔驰 C43 4MATIC 匀速运动 1 分 奔驰 C43 4MATIC 加速阶段的位移大小5366.72 m2xtv 1 分 奔驰 C43 4MATIC 匀速阶段的位移大小6123()39.48 mxtttv 1 分 456xxx 故相遇时比亚迪汉 EV 必处于匀减速直线运动阶段 1 分 而当奔驰 C43 4MATIC 0100 km/h 加速完成时，设比亚迪汉 EV 匀减速运动的位移大小为7x 27312311()()20.16 m2xtta ttv 1 分 275xxx 故此时奔驰 C43 4MATIC 还未

22、追上比亚迪汉 EV，所以奔驰 C43 4MATIC 追上比亚迪汉 EV 时，奔驰 C43 4MATIC 必处于匀速直线运动阶段 1 分 说明：由于第（2）问的误差导致第（3）问结果与解析略有偏差，但是公式正确，两次判断思路清晰，结论正确也给全分，只有结论无计算过程不给分 1 0 解析：1【答案】C【解析】2022 年 7 月 24 日 14 时 22 分是一瞬间，指的是时刻，故 A 错误；航天员乘组进入问天实验舱必须考虑问天实验舱的大小及内部结构，不能将其视为质点，故 B 错误；对接瞬间可以认为二者保持相对静止状态，故 C 正确；组合体的大小对研究绕地球一周所用的时间的影响可忽略，可以将其视为

23、质点，故 D 错误。2【答案】D【解析】两条路线出发地和目的地相同，位移大小相同，故 A 错误；位移为矢量，上、下班位移方向相反，故 B 错误；限速标志限制的是瞬时速率，故 C 错误；两条路线都是非单向直线运动，故位移大小都小于路程，故 D 正确。3【答案】B【解析】根据题意，设郫都区的家和彭州中学之间的路程为 s，从郫都区的家到彭州中学的时间为1t，从彭州中学沿原路返回郫都区的家的时间为2t，由平均速率的公式stv可得11st v，22st v，则此次从郫都区的家中出发到返回郫都区的家中的平均速率为12121222sttv vvvv，故 B 正确。4【答案】C【解析】竖直上抛的初速度大小为

24、10 m/s，从抛出到上升至最高点，根据202ghv，可得5mh，故 A 错误；竖直上抛运动全程加速度始终为 g，故 B 错误；从抛出到上升至最高点，根据0gtv，可得1st，故 C 正确；根据竖直上抛的对称性，落回地面时的速度大小仍为 10 m/s，故 D 错误。5【答案】B【解析】由于加速度的方向始终与速度的方向相同，所以速度逐渐增大直到加速度为零，速度才不再变化，故 A 错误，B 正确；由于质点的加速度与速度同向，所以运动方向始终不变，直至加速度减为零，最终沿 x 轴正方向匀速运动，故 C、D 错误。6【答案】A【解析】由于xt图像为抛物线，位移时间关系为二次函数关系，则加速度恒定，也可

25、 1 1 结合xt图像，02 s 内正向匀减速，2 s4 s 内反向匀加速，故 A 正确。7【答案】C【解析】由于四根轻质弹簧完全一致，且一端拉力均为 F，根据弹簧弹力的决定式Fkx，四根弹簧形变量均相同，故 C 正确。8【答案】D【解析】A、B、C、D、E 为五个等间距的点，以 A 点为研究过程的起点，根据22axv，得:1:2:3:4BDECvvvv，故 A 错误；由于小球做初速度为 0 的匀加速直线运动，根据atv，得:1:2:3:4BDEBDEtttt CCvvvv，故 B 错误；C 点为位移中点而非时间中点，故 C 错误；根据初速度为 0 的匀变速直线运动的规律有212xat，得:1

26、:2ACAEtt，:1:(21)ACCEtt，又xtv，故:(21):1ACCECEACttvv，故 D 正确。9【答案】AC【解析】重心是物体各部分所受重力的等效替代，故 A 正确；瓶子所受重力的施力物体是地球，故 B 错误；由绳拉力方向的定义可知 C 正确；由于空瓶倾斜，装半瓶水竖直，满瓶水会倾覆，所以瓶子由倾斜到竖直再到倾斜直至倾覆，瓶子重心的位置先下降再上升，故 D 错误。10【答案】BC【解析】由于乙的tv图像在1st 时与坐标轴所围图形面积为 0，所以此时乙回到出发点，故 A 错误；0t 到4st 内，甲的速度始终为正，故运动方向不变，故 B 正确；3st 时，二者的速度均为正，所

27、以此时二者的速度方向相同，故 C 正确；5st 到6st 内，甲、乙的tv图像斜率均为负，故二者的加速度方向相同，故 D 错误。11【答案】BD【解析】由于子弹在水平方向做匀减速直线运动，若第 8 s 末仍处于运动状态，则有110.51840 m/sxtvv，887.5815 m/sxtvv，7.50.5(7.50.5)avv，2825m/s7a。87.56150.5m/s14a vv，速度方向已经反向，与假设矛盾，故子弹在 8 s 末之前已停止运动。逆向思维，把该运动当成初速度为 0 的匀加速直线运动，设第 8 s 内的运动时间 为t，第8 s内 的 位 移 大 小 为2115 m2at，第

28、1 s内 的 位 移 大 小2211(7)(6)840 m22a ta t，解得0.5 st，2120 m/sa。再根据0(7)a tv，解得0900 m/sv，0(7)3375 m2xt总v，故 B、D 正确。12【解析】（1）滑块通过第一个光电门时的速度大小为1110.10 m/sxtv，通过第二个光电门时的速度大小为2220.375 m/sxtv，保留 2 位有效数字则为 0.38 m/s。1 2 （2）为使测量值更接近瞬时速度，则应满足遮光时间0t，由于滑块做加速运动，使滑块的释放点更远离光电门，增大滑块到达光电门时的速度，可以起到减小遮光时间t的效果，故 B 正确。13【解析】（1）相邻两个计数点间还有 4 个点未画出，所以相邻两个计数点间的时间间隔为5 0.02 s0.1sT。（2）打下计数点 2 时，纸带的速度大小为2122(0.991.50)10m/s0.12 m/s20.2xxTv。（3）纸带的加速度大小为 2245612322()()(2.483.013.51)(0.991.502.01)cm/s0.50 m/s990.1xxxxxxaT。（4）若交流电源的频率变为51Hzf，则实际的周期小于 0.02 s，而测量的周期为 0.02 s，则测量的周期偏大，根据2xaT，T 偏大，所以 a 偏小。