云南省华宁二中2019_2020学年高二物理上学期期末考试试题2740.pdf

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1、 云南省华宁二中 2019-2020 学年上学期期末考试 高二物理 本试卷分第卷和第卷两部分，共 100 分，考试时间 90 分钟。学校：_姓名：_班级：_考号：_ 分卷 I 一、单选题(共 10 小题,每小题 3.0 分,共 30 分)1.在火箭发射、飞船运行和回收过程中，要承受超重或失重的考验，下列说法正确是()A 火箭加速上升时，宇航员处于失重状态 B 飞船在绕地球匀速运行时，宇航员处于超重状态 C 飞船在落地前减速，宇航员处于失重状态 D 飞船在落地前减速，宇航员处于超重状态 2.如图所示，高空滑索是一项勇敢者的运动，一个人用轻绳通过轻质滑环悬吊在倾角30的钢索上运动，在下滑过程中轻绳

2、始终保持竖直，则()A 钢索对轻质滑环无摩擦力 B 人的加速度为 C 钢索对轻质滑环的作用力等于人的重力 D 钢索与轻质滑环间的动摩擦因数为 0.5 3.如图所示，在水平地面上M点的正上方某一高度处，将S1球以初速度v1水平向右抛出，同时在M点右方地面上N点处，将S2球以初速度v2斜向左上方抛出，两球恰在M、N连线的中点正上方相遇，不计空气阻力，则两球从抛出到相遇过程中（）A 初速度大小关系为v1=v2 B 速度变化量相等 C 都是变加速运动 D 都不是匀变速运动 4.如图所示，一个物体以初速度v在粗糙的水平面上向右运动，在此运动过程中物体受到力的个数是()A 2 个 B 6 个 C 3 个

3、D 1 个 5.下列关于磁感应强度方向的说法中，错误的是()A 磁感线上某点的切线方向就是该点磁感应强度的方向 B 某处磁感应强度的方向就是该处小磁针静止时北极所指的方向 C 磁感应强度是个标量，没有方向 D 某处磁感应强度的方向就是某处磁场方向 6.如图所示，在水平面上的箱子内，带异种电荷的小球a、b用绝缘细线分别系于上、下两边，处于静止状态，地面受到压力为FN，球b所受细线的拉力为F，剪断连接球b的细线后，在球b上升过程中地面受到的压力()A 小于FN B 等于FN C 等于FNF D 大于FNF 7.下列各图中，用带箭头的细实线表示通电直导线周围磁感线的分布情况，其中正确的是()A B

4、C D 8.如图所示，在相互正交的水平匀强磁场的混合场区域内，有一质量为m、电荷量为q的微粒以垂直于磁场方向且与水平方向成角的速度v从O点进入混合场区，该微粒在电场力、磁场力和重力的共同作用下，恰好沿直线运动到A点下列说法中正确的是()A 该微粒一定带负电荷 B 该电场的场强大小为Bvcos C 微粒从O到A的运动可能是匀变速运动 D 该磁场的磁感应强度大小为 9.如图所示，在竖直面内有一以O点为圆心的圆，AB、CD分别为这个圆沿竖直和水平方向的直径，该圆处于静电场中 将带负电荷的小球从O点以相同的动能分别沿竖直平面向不同方向射出，小球会沿圆所在平面运动并经过圆周上不同的点已知小球从O点分别到

5、A、B两点的过程中电场力对它做的功相同，小球到达D点时的电势能最大 若小球只受重力和电场力的作用，则下列说法中正确的是（）A 此电场可能是位于C点的正点电荷形成的 B 小球到达B点时的动能等于到达点A时的动能 C 小球到达B点时的机械能与它在圆周上其他各点相比最小 D 小球到达A点时的电势能和重力势能之和与它在圆周上其他各点相比最小 10.下列关于电流说法正确的是()A 导体中没有电流时，说明导体内部没有电荷移动 B 由I可知，导体两端电压越大，经过导体的电流越大 C 电流有方向，所以是矢量 D 由R可知，经过导体的电流越大，导体电阻越小 二、多选题(共 4 小题,每小题 4.0 分,共 16

6、 分)11.（多选）如图所示，一子弹以水平速度射入放置在光滑水平面上原来静止的木块，并留在木块当中，在此过程中子弹钻入木块的深度为d，木块的位移为l，木块与子弹间的摩擦力大小为F，则()AF对木块做功为Fl BF对木块做功为F(ld)CF对子弹做功为Fd DF对子弹做功为F(ld)12.(多选)如图所示，水平轻弹簧左端固定在竖直墙上，右端被一用轻质细线拴住的质量为m的光滑小球压缩(小球与弹簧未拴接)小球静止时离地高度为h.若将细线烧断，则(取重力加速度为g，空气阻力不计)()A 小球立即做平抛运动 B 细线烧断瞬间小球的加速度为重力加速度g C 小球脱离弹簧后做匀变速运动 D 小球落地时重力瞬

7、时功率等于mh 13.(多选)如图为回旋加速器的示意图其核心部分是两个D型金属盒，置于磁感应强度大小恒定的匀强磁场中，并与高频交流电源相连带电粒子在D型盒中心附近由静止释放，忽略带电粒子在电场中的加速时间，不考虑相对论效应 欲使粒子在D型盒内运动的时间增大为原来的 2 倍，下列措施可行的是()A 仅将磁感应强度变为原来的 2 倍 B 仅将交流电源的电压变为原来的 C 仅将D型盒的半径变为原来的倍 D 仅将交流电源的周期变为原来的 2 倍 14.(多选)喷墨打印机的简化模型如图所示重力可忽略的墨汁微滴，经带电室带负电后，以速度v垂直匀强电场飞入极板间，最终打在纸上则微滴在极板间电场中()A 向正

8、极板偏转 B 电势能逐渐增大 C 运动轨迹是抛物线 D 运动轨迹与带电量无关 三、实验题(共 2 小题,共 15 分)15.在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中，如图所示为一次记录小车运动情况的纸带，图中A、B、C、D、E为相邻的计数点(A点为第一个点)，相邻计数点间的时间间隔T0.1 s.(1)根据_ 计算各点瞬时速度，则vD_ m/s，vC_ m/s，vB_ m/s.(2)在坐标系中画出小车的vt图线，并根据图线求出a_.(3)将图线延长与纵轴相交，交点的物理意义是_ _ 16.某同学采用如图甲所示的电路测定一节干电池的电动势和内电阻提供的器材有，电压表（03 V；）、电流表（00.

9、6 A）、滑动变阻器有R1（10，2 A）各一只 （1）在实验中测得多组电压和电流值，得到如图丙所示的UI图线，由图可求出该电源电动势E=V；内阻r=（保留三位有效数字）（2）在图乙中用笔画线代替导线连接实验电路（3）电动势测量值 真实值，内电阻测量值 真实值（填大于、小于或等于）四、计算题 17.如图所示，一可以看成质点的质量m2 kg 的小球以初速度v0沿光滑的水平桌面飞出后，恰好从A点沿切线方向进入圆弧轨道，其中B为轨道的最低点，C为最高点且与水平桌面等高，圆弧AB对应的圆心角53，轨道半径R0.5 m.已知 sin 530.8，cos 530.6，不计空气阻力，g取 10 m/s2.(

10、1)求小球的初速度v0的大小；(2)若小球恰好能通过最高点C，求在圆弧轨道上摩擦力对小球做的功.18.如图所示，在水平方向的匀强电场中，用长为L的绝缘细线，拴住一质量为m，带电量为q的小球，线的上端固定开始时连线带球拉成水平，突然松开后，小球由静止开始向下摆动，当细线转过 60角时的速度恰好为零问：（1）A、B两点的电势差UAB为多少？（2）电场强度为多少？19.如图所示电路中，R1=6，R2=12，R3=3，C=30 F，当开关 S 断开，电路 稳定时，电源总功率为 4 W，当开关 S 闭合，电路稳定时，电源总功率为 8 W，求：（1）电源的电动势E和内电阻r；（2）在 S 断开和闭合时，电

11、容器所带的电荷量各是多少？20.如图所示，在y轴的右侧存在磁感应强度为B的方向垂直纸面向外的匀强磁场，在x轴的上方有一平行板式加速电场有一薄绝缘板放置在y轴处，且与纸面垂直现有一质量为m、电荷量为q的粒子由静止经过加速电压为U的电场加速，然后以垂直于板的方向沿直线从A处穿过绝缘板，而后从x轴上的D处以与x轴负向夹角为 30的方向进入第四象限，若在此时再施加一个电场可以使粒子沿直线到达y轴上的C点（C点在图上未标出）已知OD长为l，不计粒子的重力求：（1）粒子射入绝缘板之前的速度大小；（2）粒子经过绝缘板时损失了多少动能；（3）所加电场的电场强度和带电粒子在y轴的右侧运行的总时间 答案 1.D

12、2.C 3.B 4.C 5.C 6.D 7.D 8.A 9.A 10.B 11.AD 12.CD 13.BC 14.AC 15.(1)若时间较短，平均速度可以代替中间时刻的瞬时速度 3.90 2.64 1.38(2)vt图象如图所示 130 m/s2(12.014.0 m/s2均可)(3)小车经过A点的速度大小 【解析】(1)若时间较短，平均速度可以代替中间时刻的瞬时速度D点的瞬时速度vD390 cm/s3.90 m/s.C点的瞬时速度 vC264 cm/s2.64 m/s.B点的瞬时速度 vB138 cm/s1.38 m/s.(2)画出小车的vt图象如图所示，由图线的斜率可求得它的加速度a1

13、3.0 m/s2.(12.014.0 均可)(3)图线延长与纵轴相交，交点指的是零时刻的速度，即小车经过A点时的速度大小 16.1.46 1.78 如图所示 等于 大于【解析】解：（1）由闭合电路欧姆定律U=EIr得知，当I=0 时，U=E，UI图象斜率的绝对值等于电源的内阻，纵截距即为电动势E=1.46 V r=1.78 （2）对照电路图，按电流方向连接电路，如答图所示（3）图中由于电压表测量值小于电源真实的路端电压；但当外电路断开时，电流表的分压可以忽略，故本接法中电动势是准确的；而测量的电压小于真实值，故由图象可知测量的内阻大于真实值；17.(1)3 m/s(2)4 J【解析】(1)在A

14、点由平抛运动规律得：vAv0.小球由桌面到A点的过程中，由动能定理得 mg(RRcos)mvmv 由得：v03 m/s.(2)在最高点C处有mg，小球从桌面到C点，由动能定理得Wfmvmv，代入数据解得Wf4 J.18.（1）（2）【解析】（1）小球由A到B过程中，由动能定理得：mgLsin 60+qUAB=0，解得：UAB=.（2）BA间电势差为：UBA=UAB=，则场强：E=19.（1）8 V 1 （2）1.8104C 0 C【解析】（1）S 断开时有：E=I1（R2+R3）+I1r P1=EI1 S 闭合时有：E=I2（R3+）+I2r P2=EI2 由可得：E=8 V I1=0.5 A r=1 I2=1 A（3）S 断开时有：U=I1R2 得：Q1=CU=301060.512 C=1.8104C S闭合，电容器两端的电势差为零，则有：Q2=0 20.（1）（2）（3）【解析】（1）粒子在电场中加速，由动能定理得，解得：（2）粒子在磁场中做圆周运动轨迹如图 由几何关系可得轨道半径为 2l 由 解得 根据能量守恒得，损失的动能（3）粒子若作直线运动，则 代入数据解得 方向与x轴正向斜向下成 60角 粒子在第一象限做匀速圆周运动的时间 粒子在第四象限做匀速直线运动的时间 粒子 x 轴右侧运行的总时间 t=